2023學年高二下學期物理期末模擬測試卷注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置．3．請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、已知鈣和鉀的截止頻率分別為7.73×1014Hz和5.44×1014Hz，在某種單色光的照射下兩種金屬均發生光電效應，下列說法正確的是（）A．鉀的逸出功大于鈣的逸出功B．鈣逸出的電子的最大初動能大于鉀逸出的電子的最大初動能C．比較它們表面逸出的具有最大初動能的光電子，鈣逸出的光電子具有較大的波長D．比較它們表面逸出的具有最大初動能的光電子，鈣逸出的光電子具有較大的動量2、如圖所示，虛線a、b、c代表電場中的三個等勢面，相鄰等勢面之間的電勢差相等，即Uab=Ubc,實線為一帶正電的質點僅在電場力作用下通過該區域時的運動軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點，據此可知()A．三個等勢面中，c的電勢最高B．帶電質點通過P點時的電勢能較小C．帶電質點通過P點時的動能較大D．帶電質點通過P點時的加速度較大3、如題圖所示是做直線運動的某物體在0～10s內的x－t圖象，下列說法中正確的是（）A．物體在前2s內的位移為4mB．物體在第5s內的位移為8mC．物體在前5s內的位移為8mD．物體在后5s內的位移為16m4、如圖所示，質量分布均勻的細棒中心為O點，O1為光滑鉸鏈，O2為光滑定滑輪，O與O2由一根輕質細繩連接，水平外力F作用于細繩的一端，用N表示鉸鏈對桿的作用力，現在水平外力F作用下，

θ從π2緩慢減小到0的過程中，下列說法正確的是（A．F逐漸變小，N大小不變B．F逐漸變小，N逐漸變大C．F先變小再變大，N逐漸變小D．F先變小再變大，N逐漸變大5、如圖所示，光滑水平面內有一直角坐標系xOy，在坐標系第一象限區域存在磁感應強度大小為B＝1T、方向豎直向下的勻強磁場。現將質量為m＝0.5kg的硬導線框置于水平面上，線框各點位置坐標滿足（0≤x≤2m），線框中通入I＝1A的恒定電流，電流方向如圖所示，在水平外力F和安培力FA的共同作用下，線框沿y軸負方向由靜止開始以大小為a＝2m/s2的加速度做勻加速直線運動。設導線框形狀始終保持不變，不考慮由于導線運動對電流產生的影響，則t＝1s時，線框所受安培力FA及外力F的大小分別為（）A．FA＝1N，F＝2NB．,C．,D．,6、如圖所示，質量為m的物體在恒力F的作用下沿天花板勻速滑動，F與水平方向的夾角為θ，物體與天花板之間的動摩擦因數為μ，則物體受到的摩擦力大小是()A．Fcosθ B．FsinθC．μ(Fsinθ+mg) D．μ(mg-Fsinθ)二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖，x軸在水平地面內，y軸沿豎直方向．圖中畫出了從y軸上沿x軸正向拋出的三個小球a、b和c的運動軌跡，其中b和c是從同一點拋出的，不計空氣阻力，則A．a的飛行時間比b的長B．b和c的飛行時間相同C．a的水平速度比b的小D．b的初速度比c的大8、如圖，兩梯形木塊M、P疊放在水平地面上，M、P之間的接觸面傾斜。連接M與天花板之間的細繩沿豎直方向，下列說法正確的是（）A．木塊M可能受二個力作用B．木塊M可能受三個力作用C．木塊M可能受四個力作用D．地面可能受到水平方向的摩擦力9、關于分子力，正確的說法是()A．分子間的相互作用力是萬有引力的表現B．分子間作用力是由分子內帶電粒子相互作用和運動所引起的C．當分子間距r>r0(r0平衡位置)時，隨r的增大，分子間斥力和引力都在減小，合力表現為引力D．當分子間距大于10-9m時，分子間作用力幾乎等于零10、如圖所示的整個裝置放在豎直平面內，欲使帶負電的油滴P在兩平行金屬板間靜止，導體棒ab將沿導軌運動的情況是（）A．向右勻減速運動B．向右勻加速運動C．向左勻減速運動D．向左勻加速運動三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）為了驗證碰撞中的動量守恒，某同學做了如下實驗：將一已知質量為m1的滑塊A放于足夠大的水平面上，將另一已知質量為m2（m2＞m1）的小球B系于繩的一端，繩的另一端固定在A的正上方O點，且繩長剛好等于O到A的距離。現將B拉至與豎直方向成一定角度并將其由靜止釋放，釋放后A、B發生正碰，已知滑塊A與水平面間的動摩擦因數為μ（忽略兩物體的大小及空氣阻力），為了完成實驗，則：（1）只需用一個測量儀器即可完成本實驗，該儀器為_____。（2）本實驗需要直接測量的物理量是_____。（3）表示碰撞中動量守恒的表達式為_____（用題中已知量和（2）中測量的物理量表示）12．（12分）如圖所示，為“驗證碰撞中的動量守恒”的實驗裝置示意圖。已知a、b小球的質量分別為ma、mb，半徑相同，圖中P點為單獨釋放a球的平均落點，M、N是a、b小球碰撞后落點的平均位置.(1)本實驗必須滿足的條件是___________.A．斜槽軌道必須是光滑的B．斜槽軌道末端的切線水平C．入射小球每次都從斜槽上的同一位置無初速度釋放D．入射球與被碰球滿足ma=mb(2)為了驗證動量守恒定律，需要測量OP間的距離x1、OM間的距離x2和___________.(3)為了驗證動量守恒，需驗證的關系式是___________.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，在平面直角坐標系x軸的上方（，）區域范圍內存在著勻強磁場，磁感應強度為B。在空間（，）處有一粒子源P，能向平面內各個方向發射質量為m、帶電量為-q，速度為的帶電粒子。（已知，答案涉及位置或長度的均用a表示），求：(1)x軸上能接收到粒子的區域長度L1；(2)x上能被不同角度射出的兩個粒子打中的區域長度L2；(3)若在x軸的正半軸上鋪設擋板，且粒子源P打出的部分粒子恰好垂直打在擋板上并反彈，每次反彈后速度方向相反，大小為原來的0.6倍，則求這些粒子出磁場時的縱坐標y及粒子在磁場中運動的時間。14．（16分）如圖所示，MN和PQ為水平放置的足夠長的光滑平行導軌，導軌間距為L，其左端連接一個阻值為R的電阻，垂直導軌平面有一個磁感應強度為B的有界勻強磁場．質量為m、電阻為r的金屬棒與導軌始終保持垂直且接觸良好．若金屬棒以向右的初速度υ0進入磁場，運動到右邊界（圖中虛線位置）時速度恰好為零．導軌電阻不計，求：(1)金屬棒剛進入磁場時受到的安培力大??；(2)金屬棒運動過程中，定值電阻R上產生的焦耳熱；(3)金屬棒運動過程中在導軌上通過位移的大?。?5．（12分）今有一質量為M的導熱氣缸，用質量為m的導熱活塞密封有一定質量的理想氣體且不漏氣，不計活塞與氣缸間的摩擦。已知大氣壓強為p0，活塞的橫截面積為S，當氣缸如圖甲所示水平橫放時，空氣柱長為L0。下列兩種情況中，活塞均未脫離氣缸。(1)若氣缸開始時溫度為T0，現將圖甲所示的氣缸溫度緩慢升高至T（氣缸固定在水平面上)，求穩定后空氣柱的長度；(2)若將氣缸從圖甲變為如圖乙懸掛保持靜止，氣體始終保持初始時溫度不變，求穩定后空氣柱的長度．

2023學年模擬測試卷參考答案（含詳細解析）一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【答案解析】

（1）金屬的逸出功與截止頻率的關系：，由于鈣和鉀的截止頻率分別為7.73×1014Hz和5.44×1014Hz，鈣的截止頻率大，所以鈣的逸出功大，故A錯誤；（2）根據光電效應方程，鈣的截止頻率大，所以鈣逸出的電子的最大初動能小于鉀逸出的電子的最大初動能，故B錯誤；（3）鈣逸出的電子的最大初動能小于鉀逸出的電子的最大初動能，根據，可知鉀逸出的光電子具有較大的動量，根據德布羅意波公式，可知鈣逸出的光電子具有較大的波長，故C正確，D錯誤．故本題正確答案選C．2、D【答案解析】

電荷所受電場力指向軌跡內側，由于電荷帶正電，因此電場線指向右下方，沿電場線電勢降低，故c等勢線的電勢最低，a等勢線的電勢最高，故A錯誤；根據質點受力情況可知，從P到Q過程中電場力做正功，動能增大，電勢能降低，故P點的電勢能大于Q點的電勢能，故BC錯誤；由于相鄰等勢面之間的電勢差相等，等勢線密的地方電場線密場強大，故P點位置電場強，電場力大，根據牛頓第二定律，加速度也大，故D正確．故選D.【答案點睛】解決這類帶電粒子在電場中運動的思路是：根據運動軌跡判斷出所受電場力方向，然后進一步判斷電勢、電場強度、電勢能、動能等物理量的變化．3、C【答案解析】

A、物體在前2s內位置坐標的變化量為8m，即位移為8m，A錯誤；B、由圖象可知，物體在第5s內處于靜止狀態，位移為0，B錯誤；C、由圖象可知，物體在t=2s到t=6s內處于一直靜止不懂，故其在前5s內的位移和前2s內的位移相同，C正確；D、由圖象可知，物體在后5s內的位移為16-8=8m，D錯誤。4、A【答案解析】

對細棒受力分析可知，細棒受重力G、拉力F以及結點處的支持力N，根據平衡條件可知，支持力N與拉力F的合力與重力等大反向，如圖所示；

則由圖可知，ΔOFG'∽?O1O2O，則可知：G′O2O1=FOO2=NOO1，在桿上移過程中，左側繩長OO2變短，而O2O1及OO15、C【答案解析】

t＝1s時，線框沿y軸負方向的位移y=at2=1m，線框各點位置坐標滿足（0≤x≤2m），則x=m或m，則△x=m，根據安培力公式可知，FA＝BI△x=N。根據牛頓第二定律可知，FA﹣F＝ma，解得F=N。A.FA＝1N，F＝2N，與結論不相符，選項A錯誤；B.,，與結論不相符，選項B錯誤；C.,，與結論相符，選項C正確；D.,，與結論不相符，選項D錯誤；6、A【答案解析】

AB．對物體受力分析，將推力F正交分解，如圖根據力平衡條件，水平方向有：則物體受到摩擦力大小，A正確，B錯誤；CD．根據力平衡條件，豎直方向有：解得：又則摩擦力大小，CD錯誤。故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【答案解析】

AB．b、c的高度相同，大于a的高度，根據h=gt2，得，知b、c的運動時間相同，a的飛行時間小于b的時間．故A錯誤,B正確；C．因為a的飛行時間短，但是水平位移大，根據x=v0t知，a的水平速度大于b的水平速度．故C錯誤；D．b、c的運動時間相同，b的水平位移大于c的水平位移，則b的初速度大于c的初速度．故D正確．【答案點睛】解決本題的關鍵知道平拋運動在水平方向和豎直方向上的運動規律，知道平拋運動的時間由高度決定，初速度和時間共同決定水平位移.8、ABC【答案解析】

A.對M進行受力分析，則M可能受繩子的拉力、重力而處于平衡；此時MN間沒有相互的擠壓，故沒有摩擦力，木塊受2個力作用；選項A正確；B.若木塊對繩子沒有拉力，則此時M受重力、支持力及摩擦力而處于平衡，木塊受3個力作用，選項B正確；C.若繩子有拉力，且拉力小于重力，則此時M受拉力、重力、支持力及摩擦力而處于平衡，木塊受4個力作用，選項C正確；D.對整體受力分析可知，整體不受水平方向的推力作用，故N不受地面的摩擦力，則地面也不會受到水平方向的摩擦力；故D錯誤；9、BCD【答案解析】

分子間同時存在引力和斥力，隨著分子間距的增大，兩個力都減小，隨著分子間距的變化斥力變化比引力快；分子勢能與分子間距的關系比較復雜，與分子力的性質有關；在分子間距等于r0時，分子勢能最小，但不一定為零．【題目詳解】A項：分子力和萬有引力是不同性質的力，故A錯誤；B項：當分子間的相互作用力是分子間的固有屬性，表示帶電粒子間的作用力與運動所引起的，故B正確；C項：當分子間距r>r0(r0平衡位置)時，隨r的增大，分子間斥力和引力都在減小，合力表現為引力，故C正確；D項：當分子間距離大于10-9m時，分子間的作用力幾乎等于零，故D正確．【答案點睛】本題關鍵掌握分子力與分子間距的關系、分子勢能與分子間距的關系，可借助于圖象記住結論．10、AD【答案解析】質量為m，電荷量為q的帶負電的液滴處于靜止狀態．有qUd=mg，電場強度的方向豎直向下，則上板電勢高于下板，因此線圈N上端相當于電源的正極，下端相當于電源的負極．根據安培定則可知，線圈N的磁場豎直向上，大小減小，或豎直向下，大小增大；當棒向右勻減速運動時，因切割磁感線，由右手定則可知，感應電流方向由b到a，大小減小，則線圈M產生豎直向下的磁場，且大小減小，那么線圈N的磁場是豎直向上，大小減小，符合題意，故A正確；當棒向右勻加速運動時，因切割磁感線，由右手定則可知，感應電流方向由b到a，大小增加，則線圈M產生豎直向下的磁場，且逐漸增強，那么線圈N的磁場是豎直向上，大小增加，根據楞次定律，電容器下極板為正，故B錯誤；當棒向左勻減速運動時，因切割磁感線，由右手定則可知，感應電流方向由a到b，大小減小，則線圈M產生豎直向上的磁場，且大小減小，那么線圈N的磁場是豎直向下，大小減小，不符合題意，故C錯誤；當棒向左勻加速運動時，因切割磁感線，由右手定則可知，感應電流方向由a到b，大小增加，則線圈M產生豎直向上的磁場，且大小增強，那么線圈N的磁場是豎直向下，大小增強，根據楞次定律，電容器上極板為正，故D正確，符合題意，故D正確點睛：解決本題的關鍵根據液滴受力平衡求出平行板兩端間的電勢差，從而求出導體棒切割的速度．通過電場的方向得出兩端電勢的高低，根據右手定則得出導體棒運動的方向．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、毫米刻度尺B球開始下落時距地面的高度h1，碰撞后B上升的高度h2，碰撞后A滑行的距離x【答案解析】

設小球B開始下擺時的高度為h1，碰撞后B上擺的最大高度為h2，小球擺動過程機械能守恒，由機械能守恒定律得：m2gh1=m2v02，m2gh2=m2vB2，解得；，，碰撞后，對A，由動能定理得：μm1gx=m1vA2解得：，碰撞過程系統動量守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得：m2v0＝m2vB+m1vA，整理得：；第一空.實驗需要測量小球B運動的高度h1、h2與A滑行距離x，需要用毫米刻度尺；第二空.實驗需要測量：B球開始下落時距地面的高度h1，碰撞后B上升的高度h2，碰撞后A滑行的距離x；第三空.實驗需要驗證的表達式為：；12、BCON間的距離x3(或)【答案解析】

第一空.A.“驗證動量守恒定律”的實驗中，是通過平拋運動的基本規律求解碰撞前后的速度的，只要離開軌道后做平拋運動，對斜槽是否光滑沒有要求，故A錯誤；B.要保證每次小球都做平拋運動，則軌道的末端必須水平，故B正確；C.要保證碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要從同一高度由靜止滾下，故C正確；D.為了保證小球碰撞為對心正碰，且碰后不反彈，要求ma＞mb，故D錯誤.應填BC.第二空.要驗證動量守恒定律定律，即驗證：，小球離開軌道后做平拋運動，它們拋出點的高度相等，在空中的運動時