1、2021-2022學年高考物理模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示的電路中，理想變壓器原、副線圈的匝數之比為1:2，在原線圈電路的a、b端輸入電壓一定的正弦交變電流，電阻R1、R2消耗的功率相等，則為（ ）AB4CD22、靜電計是在驗

2、電器的基礎上制成的，用其指針張角的大小來定性顯示金屬球與外殼之間的電勢差大小，如圖所示，A、B是平行板電容器的兩個金屬極板，G為靜電計。開始時開關S閉合，靜電計指針張開一定角度，為了使指針張開的角度增大，下列采取的措施可行的是（）A保持開關S閉合，將A、B兩極板靠近B斷開開關S后，減小A、B兩極板的正對面積C斷開開關S后，將A、B兩極板靠近D保持開關S閉合，將變阻器滑片向右移動3、正在海上行駛的-艘帆船，行駛方向如圖所示，海風吹來的方向與船行駛的方向夾角為，升起風帆，調整風帆的角度，使海風垂直吹在帆面上，若海風吹在帆面上的風力大小為500 N，則沿船行駛方向獲得的推力大小為A300 NB375

3、 NC400 ND450 N4、在如圖所示的電路中，當閉合開關S后，若將滑動變阻器的滑片P向下調節，則正確的是（）A電路再次穩定時，電源效率增加B燈L2變暗，電流表的示數減小C燈L1變亮，電壓表的示數減小D電容器存儲的電勢能增加5、如圖(甲)所示，勁度系數為k的輕彈簧豎直放置，下端固定在水平地面上，一質量為m的小球，從高彈簧上端高h處自由下落若以小球開始下落的位置為原點，沿豎直向下建立一坐標軸OX,小球的速度v隨時間t變化的圖象如圖(乙)所示其中OA段為直線，切于A點的曲線AB和BC都是平滑的曲線，則關于A、B、C三點對應的x坐標及加速度大小，下列說法正確的是( )ABCD6、如圖所示，水平傳

4、送帶的質量，兩端點間距離，傳送帶以加速度由靜止開始順時針加速運轉的同時，將一質量為的滑塊（可視為質點）無初速度地輕放在點處，已知滑塊與傳送帶間的動摩擦因數為0.1，取，電動機的內阻不計。傳送帶加速到的速度時立即開始做勻速轉動而后速率將始終保持不變，則滑塊從運動到的過程中（ ）A系統產生的熱量為B滑塊機械能的增加量為C滑塊與傳送帶相對運動的時間是D傳送滑塊過程中電動機輸出的電能為二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下列說法正確的是_.A液體表面張力是液體表面層分子間距離

5、小，分子力表現為斥力所致B水黽可以停在水面上是因為存在表面張力C不管是單晶體還是多晶體，它們都有固定的熔點D氣體總是很容易充滿容器，這是分子間存在斥力的宏觀表現E. 熱量能夠從低溫物體傳到高溫物體8、關于熱現象，下列說法正確的是（ ）A在“用油膜法估測分子的大小”的實驗中，油酸分子的直徑(也就是單層油酸分子組成的油膜的厚度)等于一小滴溶液中純油酸的體積與它在水面上攤開的面積之比B兩個鄰近的分子之間同時存在著引力和斥力，它們都隨距離的增大而減小，當兩個分子的距離為r0時，引力與斥力大小相等，分子勢能最小C物質是晶體還是非晶體，比較可靠的方法是從各向異性或各向同性來判斷D如果用Q表示物體吸收的能量

6、，用W 表示物體對外界所做的功，U表示物體內能的增加，那么熱力學第一定律可以表達為Q =U + WE.如果沒有漏氣沒有摩擦，也沒有機體熱量的損失，這樣的熱機的效率可以達到100%9、如圖所示，半徑為R的光滑絕緣圓環固定于豎直平面內，a為圓環的最低點，c為圓環的最高點，b點與圓心O等高，該空間存在與圓環平面平行的勻強電場。質量為m、帶電量為+q的小球P套在圓環上，沿環做圓周運動，通過a、b、c三點時的速度大小分別為、。下列說法正確的是（）A勻強電場方向水平向右B勻強電場場強大小為C小球運動過程中對圓環的最大壓力為7.5mgD小球運動過程中對圓環的最小壓力為1.25mg10、如圖甲，線圈A（圖中實

7、線，共100匝）的橫截面積為0.3m2，總電阻r2，A右側所接電路中，電阻R12，R26，電容C3F，開關S1閉合A中有橫截面積為0.2m2的區域C（圖中虛線），C內有圖乙所示的變化磁場，t0時刻，磁場方向垂直于線圈平面向里下列判斷正確的是A閉合S2、電路穩定后，通過R2的電流由b流向aB閉合S2、電路穩定后，通過R2的電流大小為0.4AC閉合S2、電路穩定后再斷開S1，通過R2的電流由b流向aD閉合S2、電路穩定后再斷開S1，通過R2的電荷量為7.2106C三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學在實驗室利用圖甲所示的裝置探究

8、“在外力一定的條件下，物體的加速度與其質量的關系”。圖中長木板水平固定，小吊盤和盤中物塊的質量之和m遠小于滑塊（含滑塊上的砝碼）的質量M。(1)為減小實驗誤差，打點計時器應選用_（填“電磁打點計時器”或“電火花計時器”）。(2)該同學回到教室處理數據時才發現做實驗時忘記了平衡摩擦力，也沒有記下小吊盤和盤中物塊的質量之和。圖乙為實驗中所得的滑塊的加速度a與滑塊（含滑塊上的砝碼）的質量的倒數的關系圖象。取g=10m/s2，根據圖象可求出小吊盤和盤中物塊的質量之和約為_kg，滑塊與長木板之間的動摩擦因數為_。12（12分）某同學制作了一個可用電流表直接顯示拉力大小的拉力器，原理如圖。R1是一根長20

9、cm、阻值20的均勻電阻絲，勁度系數為1.0103N/m的輕彈簧左端固定，右端連接金屬滑片P和拉環，拉環不受拉力時，滑片P恰好處于a端。閉合S，在彈簧彈性限度內，對拉環施加水平拉力，使滑片P滑到b端，調節阻箱電R使電流表恰好滿偏。已知電源電動勢E=6V，內阻r=1，電流表的量程為00.6A，內阻不計，P與R1接觸良好且不計摩擦。（1）電阻箱R0接入電路的阻值為_；（2）電流表的刻度標示為拉力值時，拉力刻度值的分布是_（填“均勻”或“不均勻”）的；（3）電流表刻度值為0.50A處拉力的示數為_N；（4）要通過線性圖象直觀反映電流表示數I與拉力F的關系，可作_圖象；AI-F B C D（5）若電流

10、表的內阻不可忽略，則（4）問中正確選擇的圖象斜率_（填“變大”“變小”或“不變）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，四邊形ABCD是一塊玻璃磚的橫截面示意圖，D=90，DO垂直于AB，垂足為O.一束單色光從O點射入玻璃磚，人射角為i，調節i的大小，當i=45時，AD面和CD面都恰好沒有光線射出.求：玻璃磚對該單色光的折射率.四邊形ABCD中A的大小.14（16分）如圖所示，導熱良好的細直玻璃管內用長度為10cm的水銀封閉了一段空氣柱（可視為理想氣體），水銀柱可沿玻璃管無摩擦滑動。現使水銀柱隨玻璃

11、管共同沿傾角為30的光滑斜面下滑，兩者保持相對靜止時，空氣柱長度為8cm。某時刻玻璃管突然停止運動，一段時間后水銀柱靜止，此過程中環境溫度恒為300K，整個過程水銀未從收璃管口溢出。已知大氣壓強為p0=75cm水銀柱高。求：(1)水銀柱靜止后的空氣柱長度；(2)水銀柱靜止后緩慢加熱氣體，直到空氣柱長度變回8cm，求此時氣體的溫度。15（12分）如圖所示，在勻強磁場中水平放置兩根平行的金屬導軌，導軌間距L1.0 m。勻強磁場方向垂直于導軌平面向下，磁感應強度B0.20 T。兩根金屬桿ab和cd與導軌的動摩擦因數0.5。兩金屬桿的質量均為m0.20 kg，電阻均為R0.20 。若用與導軌平行的恒力

12、F作用在金屬桿ab上，使ab桿沿導軌由靜止開始向右運動，經過t3 s，達到最大速度v，此時cd桿受靜摩擦力恰好達到最大。整個過程中兩金屬桿均與導軌垂直且接觸良好，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，金屬導軌的電阻可忽略不計，取重力加速度g10 m/s2。求：(1)ab桿沿導軌運動的最大速度v；(2)作用在金屬桿ab上拉力的最大功率P；(3)ab棒由靜止到最大速度的過程中通過ab棒的電荷量q。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】因為電阻R1、R2消耗的功率相等，所以有又因為聯立解得故BCD錯誤，A正確。故選A。2、

13、B【解析】A 保持開關閉合，電容器兩端的電勢差不變，與極板間距無關，則指針張角不變，故A錯誤；B 斷開電鍵，電容器帶電量不變，減小A、B兩極板的正對面積，即S減小，根據知，電容減小，根據知，電勢差增大，指針張角增大，故B正確；C 斷開電鍵，電容器帶電量不變，將A、B兩極板靠近，即d減小，根據知，電容增大，根據知，電勢差減小，指針張角減小，故C錯誤；D 保持開關閉合，電容器兩端的電勢差不變，變阻器僅僅充當導線功能，滑動觸頭滑動不會影響指針張角，故D錯誤。故選：B。3、A【解析】對垂直作用于帆面上的風力進行分解，分解成沿船行駛方向和垂直于行駛方向的力，沿行駛方向的分力。A. 300 N與上述計算結

14、果相符，故A正確；B. 375 N與上述計算結果不相符，故B錯誤；C. 400 N與上述計算結果不相符，故C錯誤；D. 450 N與上述計算結果不相符，故D錯誤；4、C【解析】A電源的效率將滑動變阻器的滑片P向下調節，變阻器接入電路的電阻減小，外電路電阻減小，則電源的效率減小，選項A錯誤；BC將滑動變阻器的滑片P向下調節，變阻器接入電路的電阻減小，R與燈L2并聯的電阻減小，外電路總電阻減小，根據閉合電路歐姆定律分析得知，干路電流I增大，路端電壓U減小，則電壓表示數減小，燈L1變亮。R與燈L2并聯電路的電壓U并=U-U1，U減小，U1增大，U并減小，燈L2變暗。流過電流表的電流IA=I-I2，I

15、增大，I2減小，IA增大，電流表的示數增大。故B錯誤，C正確；D電容器兩端的電壓等于并聯部分的電壓，電壓變小，由Q=CU知電容器的電荷量減少，電容器存儲的電勢能減小，故D錯誤。故選C。5、B【解析】AB.OA段對應著小球下落h的過程，則XA=h，到達A點時的加速度為aA=g，選項B正確，A錯誤；C.B點是速度最大的地方，此時重力和彈力相等，合力為0，加速度也就為0，由mg=kx，可知，所以B得坐標為h+，所以C錯誤D.取一個與A點對稱的點為D，由A點到B點的形變量為，由對稱性得由B到D的形變量也為，故到達C點時形變量要大于 h+2，加速度acg，所以D錯誤6、A【解析】AC.傳送帶初始做勻加速

16、運動，加速時間，根據牛頓運動定律，滑塊的加速度滿足，得：，滑塊加速過程的位移，故滑塊會一直加速到與傳送帶共速，后保持相對靜止一起做勻速運動。滑塊加速的時間：，相同時間內傳送帶的位移，故滑塊與傳送帶的相對路程：，系統產生的熱量：，故A正確，C錯誤；B.根據功能關系，傳送帶對滑塊的摩擦力做的功等于滑塊機械能的增加量：，故B錯誤；D.由能量守恒定律得，電動機輸出的電能：，故D錯誤。故選：A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCE【解析】A液體表面層內的分子比較稀疏，分子

17、間作用力表現為引力，故A錯誤；B水黽可以停在水面是因為存在表面張力，故B正確；C只要是晶體就有固定熔點，故C正確；D氣體能充滿整個容器，是氣體分子不停做無規則運動的結果，故D錯誤；E熱量可以從低溫物體傳到高溫物體，但是要引起其他變化，這不違背熱力學第二定律，故E正確。8、ABD【解析】A.根據用“油膜法”估測分子大小的實驗原理可知，讓一定體積的純油酸滴在水面上形成單分子油膜，由于油酸分子是緊密排列的，而且形成的油膜為單分子油膜，然后用每滴油酸酒精溶液所含純油酸體積除以油膜面積得出的油膜厚度即為油酸分子直徑，故A正確；B.當分子間的距離rr0時，分子力表現為斥力，減小分子間的距離，分子力做負功，

18、分子勢能增加；當分子間的距離rr0時，分子力表現為引力，增大分子間的距離，分子力做負功，分子勢能增加，所以當兩個分子的距離為r0時，引力與斥力大小相等，分子勢能最小，故B正確；C.單晶體具有各向異性，多晶體與非晶體都具有各向同性，所以不能根據各向異性或各向同性來判斷物質是晶體還是非晶體；晶體具有一定的熔點，而非晶體沒有固定的熔點，比較可靠的方法是通過比較熔點來判斷，故C錯誤；D.根據熱力學第一定律可知，如果用Q表示物體吸收的能量，用W表示物體對外界所做的功，U表示物體內能的增加，那么熱力學第一定律可以表達為Q=U+W，故D正確；E.即使沒有漏氣沒有摩擦，也沒有機體熱量的損失，根據熱力學第二定律

19、可知，熱機的效率不可以達到100%故E錯誤。故選ABD9、AC【解析】A從最低點到最高點：解得：故ac連線為等勢線，從a到b，有解得：電場線垂直于等勢線，且沿電場線方向電勢逐漸降低，故勻強電場方向水平向右，故A正確；B 勻強電場場強大小故B錯誤；C電場力當電場力與重力合力與圓心在一條直線上時，對圓環的壓力達到最大和最小，根據幾何關系可知，最大速度根據牛頓第二定律解得最大支持力為：根據牛頓第三定律可知，最大壓力為15mg；根據幾何關系可知，最小速度根據牛頓第二定律解得最小支持力為：故C正確D錯誤。故選AC。10、BD【解析】根據楞次定律，線圈中產生的感應電流為順時針方向，則閉合S2、電路穩定后，

20、通過R2的電流由a流向b，選項A錯誤；根據法拉第電磁感應定律：，則閉合S2、電路穩定后，通過R2的電流大小為，選項B正確；閉合S2、電路穩定后電容器上極板帶正電，則當再斷開S1，電容器放電，通過R2的電流由a流向b，選項C錯誤；電路穩定后電容器帶電量，則電路穩定后再斷開S1，通過R2的電荷量為7.2106C，選項D正確；故選BD.點睛：此題考查法拉第電磁感應定律以及直流電路中的含電容問題；注意用求解電動勢時，S是線圈中有磁場部分的面積，不是線圈的面積； 同時要搞清電容器兩端的電壓是哪個電阻上的電壓值.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、

21、電火花打點計時器 0.02 0.2 【解析】(1)1電磁打點計時器紙帶運動時，振針振動，計時器與紙帶存在較大摩擦，而電火花打點計時器由火花放電，摩擦小，故選用電火花打點計時器誤差小；(2)2根據牛頓第二定律，對滑塊有變形后得圖像斜率表示合外力則有由于小吊盤和盤中物塊的質量之和m遠小于滑塊（含滑塊上的砝碼）的質量M，則小吊盤和盤中物塊的總重力近似等于合力，所以小吊盤和盤中物塊的總質量為3乙圖中縱截距則滑塊與木板間的動摩擦因數為12、9 不均勻 180 C 不變 【解析】（1）1由閉合電路歐姆定律可知解得R0=9（3）2由閉合電路歐姆定律可知設彈簧形變量為x，則F=kx可知F和I非線性關系，則用電流表的刻度標示為拉力值時，拉力刻度值的分布是不均勻的；（3）3電流表刻度值為0.50A時，根據閉合電路歐姆定律可知可得R1=2則由比例關系可知彈簧被拉伸18cm，此時拉力的示數為F=kx=1.01030.18N=180N（4）4由（2）列得的式子可知則要通過線性圖象直觀反映電流表示數I與拉力F的關系，可作圖象，故C符合題意，ABD不符合題意。故選C。（5）5若電流表的內阻不可忽略，則（4）問中的表達式變為則（4）問中正確選擇的圖象斜率不變。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的