1、2021-2022學年高考物理模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認真閱讀答題紙上的注意事項，按規定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一輕繩繞過光滑的輕質定滑輪，一端掛一水平托盤，另一端被托盤上的人拉住，滑輪兩側的輕繩均沿豎直方向。已知人的質量為60kg，托盤的質量為20kg，取g=10m/s2。若托盤隨人一起豎直向上做勻加速直線運動，則當人的拉力與自身所

2、受重力大小相等時，人與托盤的加速度大小為（ ）A5m/s2B6m/s2C7.5m/s2D8m/s22、靜止在水平地面上的木塊，受到小錘斜向下瞬間敲擊后，只獲得水平方向初速度，沿地面滑行一段距離后停下。若已知木塊的質最和初速度，敲擊瞬間忽略地面摩擦力的作用，由此可求得（）A木塊滑行的時間B木塊滑行的距離C小錘對木塊做的功D小錘對木塊的沖量3、如圖所示，兩根不可伸長的輕繩一端與一個質量為m的小球相連于O點，另一端分別固定在小車天花板上的A、B兩點，OA繩與天花板的夾角為30，OB繩與天花板的夾角為60，重力加速度為g當小車以速度向右做勻速直線運動，小球與車保持相對靜止時，下列說法正確的是AOA繩對

3、小球的拉力大小為mgBOB繩對小球的拉力大小為mgCOA繩對小球拉力做功的功率為mgvD重力對小球做功的功率為mgv4、有一種電四極子的電荷分布及位置關系如圖所示。A、B兩點位于負電荷的同側，與負電荷的距離分別為3l與l。下列說法正確的是（）AA、B兩點場強的大小關系BA、B兩點電勢的高低關系C電子在A點的電勢能小于在B點的電勢能D將一重力不計正點電荷由A點靜止釋放，將做加速度逐漸增大的加速運動5、2016里約奧運會男子50米自由泳決賽美國埃爾文奪得金牌。經視頻分析發現：他從起跳到入水后再經過加速到獲得最大速度2.488m/s所用的時間總共為2.5秒，且這一過程通過的位移為x1=2.988m。

4、若埃爾文以最大速度運動的時間為19s，若超過該時間后他將做1m/s2的勻減速直線運動。則這次比賽中埃爾文的成績為（）A19.94sB21.94sC20.94sD21.40s6、中國核學會發布消息稱，截至201 9年6月底，中國大陸在運核電機組47臺，裝機容量4873萬千瓦，位居全球第三。鈾核（）是獲得核能的主要原料之一，其中一種核反應方程為并釋放核能，下列說法正確的是（）A該核反應是重核裂變，產物的結合能之和大于鈾核（）的結合能B該核反應在中子的轟擊下發生，核反應為人工轉變CX原子核中的核子數為140個，中子數為84個D因為裂變時釋放能量，根據E=mc2，所以裂變后的總質量數減少二、多項選擇題

5、：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，在勻強磁場中有一矩形，場強方向平行于該矩形平面。已知，。各點的電勢分別為。電子電荷量的大小為。則下列表述正確的是（）A電場強度的大小為B點的電勢為C電子在點的電勢能比在點低D電子從點運動到點，電場力做功為8、如圖，一定質量的理想氣體從狀態a出發，經過等容過程ab到達狀態b，再經過等溫過程bc到達狀態c，最后經等壓過程ca回到狀態a下列說法正確的是（ ）A在過程ab中氣體的內能增加B在過程ca中外界對氣體做功C在過程ab中氣體對外界做功D

6、在過程bc中氣體從外界吸收熱量E.在過程ca中氣體從外界吸收熱量9、如圖所示，用一根輕質細繩跨過固定光滑的掛釘O將一個畫框懸掛在墻壁上，細繩的兩端分別栓接在畫框上兩根掛釘1、2上。畫框靜止時，O點兩側細繩與豎直方向的夾角分別為，對應細繩中的張力大小分別為懸掛時，掛釘1、2不一定等高，下列說法正確的是（ ）A若1更高，則B若2更高，則C無論1、2是否等高，總有成立D無論1、2是否等高，總有成立10、如圖所示，豎直面內有一個半徑為R的光滑14 圓弧軌道，質量為m的物塊(可視為質點)從頂端A處靜止釋放滑至底端B處，下滑過程中，物塊的動能Ek、與軌道間的彈力大小N、機械能E、重力的瞬時功率P隨物塊在豎

7、直方向下降高度h變化關系圖像正確的是( )ABCD三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學研究小燈泡的伏安特性曲線，所使用的器材有：小燈泡L（額定電壓，額定電流），電壓表（量程，內阻為），電流表A（量程內阻約），定值電阻 （阻值為），滑動變阻器R（阻值），電源E（電動勢，內阻很小）開關S，導線若干(1)實驗要求能夠實現在的范圍內對小燈泡的電壓進行測量，請將圖甲電路補畫完整_；(2)實驗測得該小燈泡伏安特性曲線如圖所示，由曲線可知，隨著電流的增加小燈泡的電阻將_；A逐漸增大 B逐漸減小C先增大后不變 D先減小后不變(3)若用多用表

8、直接測量該小燈泡的電阻，正確操作后多用表指針如圖所示，則小燈泡的電阻是_(4)用另一電源（電動勢，內阻）和題中所給的小燈泡L、滑動變阻器R連接成如圖所示的電路，閉合開關S，調節滑動變阻器R的阻值在R的變化范圍內，電源的最大輸出功率為_W，此時小燈泡的功率為_W，滑動變阻器R接入電路的電阻為_12（12分）某同學設計了如圖甲所示的電路測電源的電動勢和內阻。(1)閉合電鍵S1，將單刀雙擲開關合向a，調節滑動變阻器，測得多組電壓和電流的值，在U-I坐標平面內描點作圖再將單刀雙擲開關合向b，調節滑動變阻器，測得多組電壓和電流的值，在U-I坐標平面內描點作圖兩次作出的圖象如圖乙所示，則將單刀雙擲開關合向

9、a時測出的數據描點作出的圖象應是_(填“A”或“B”)。將電鍵合向_(填“a”或“b”)時，測得的電源電動勢沒有系統誤差。(2)根據兩次測得的數據分析可知，根據圖線_(填“A”或“B”)求得的電動勢更準確，其電動勢的值為E=_V。(3)若該同學通過實驗測出電流表的內阻為RA=1，則利用圖線_(填“A”或“B”)測得的電源的內阻更準確，由此求得電源的內阻為r=_。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）熱氣球為了便于調節運動狀態，需要攜帶壓艙物，某熱氣球科學考察結束后正以大小為的速度勻速下降，熱氣球的總質量為M，

10、當熱氣球離地某一高度時，釋放質量為M的壓艙物，結果熱氣球到達地面時的速度恰好為零，整個過程中空氣對熱氣球作用力不變，忽略空氣對壓艙物的阻力，重力加速度為g，求:（1）釋放壓艙物時氣球離地的高度h;（2）熱氣球與壓艙物到達地面的時間差.14（16分）一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波，t=0時刻波形如圖所示，圖線上質點M的位移為振幅的倍，經過時間0.1s，質點M第一次到達正的最大位移處。求：該簡諧橫波的傳播速度；從計時后的0.5s內，質點M通過的路程。15（12分）如圖所示，一不計電阻的導體圓環，半徑為r、圓心在O點，過圓心放置一長度為2r、電阻為2R的均勻輻條，輻條與圓環接觸良好。現將此裝置的一部

11、分置于磁感應強度大小為B、方向垂直紙面向里的有界勻強磁場中，磁場邊界恰好與圓環的直徑在同一直線上。現使輻條以角速度繞O點順時針轉動，右側電路通過電刷與輻條中心和圓環的邊緣良好接觸，R1=R，右側為水平放置的足夠長的光滑平行導軌，間距為2r，導軌之間有垂直導軌平面向里、磁感應強度大小也為B的勻強磁場，質量為m、電阻為R的導體棒ab垂直放置在導軌上且接觸良好，不計其他電阻。（1）若S閉合，S1斷開時，求理想電表的示數；（2）若S、S1都閉合，求出導體棒ab能夠獲得的最大速度vm；（3）在導體棒ab加速過程中通過的電荷量q。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四

12、個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】設人的質量為M，則輕繩的拉力大小T=Mg設托盤的質量為m，對人和托盤，根據牛頓第二定律有2T一(M+m)g=(M+m)a解得a=5m/s2故選A。2、C【解析】A木塊運動過程中，由動量定理物塊所受的摩擦力f未知，則不能求解木塊的運動時間，故A錯誤，不符合題意；B由動能定理物塊所受的摩擦力f未知，則不能求解木塊滑行的距離，故B錯誤，不符合題意；C小錘對木塊做的功等于木塊得到的動能，即故C正確，符合題意；D只能求解小錘對木塊沖量的水平分量故D錯誤，不符合題意。故選C。3、C【解析】根據共點力的平衡，根據平行四邊形法則求解兩邊繩的拉力大小；根據P=F

13、v求解功率.【詳解】小車以速度向右做勻速直線運動，則小球處于平衡狀態，由平衡條件可知， ，選項AB錯誤；OA繩對小球拉力做功的功率為，選項C正確； 重力對小球做功的功率為，選項D錯誤；故選C.4、C【解析】A由場強疊加可知方向向左；方向向右；則，選項A錯誤；BC由A的計算可知，最左邊位于C處的+q與A之間的場強向左，CB之間的場強向右，因沿電場線電勢降低，可知A、B兩點電勢均比C點電勢低，由于，則由U=Ed可知，可知A點電勢高于B點，即，則電子在A點的電勢能小于在B點的電勢能，選項B錯誤，C正確；D因在A點左側會存在一個合場強為零的位置，則從A點到此位置場強逐漸減小，則將一重力不計正點電荷由A

14、點靜止釋放，在到達場強為零的位置的過程中，將做加速度逐漸減小的加速運動，選項D錯誤。故選C。5、D【解析】埃爾文勻速運動能走過的最大位移為x2=vt2=2.48819=47.272m因為x1+x2=2.988+47.272=50.2650m則運動員沒有勻減速運動的過程，所以他勻速運動的時間為則埃爾文奪金的成績為：t=2.5+18.895=21.40sA19.94s與分析不符，故A錯誤；B21.94s與分析不符，故B錯誤；C20.94s與分析不符，故C錯誤；D21.40s與分析相符，故D正確。故選D。6、A【解析】A結合質量數守恒與電荷數守恒可知，鈾核裂變的產物為氙核和鍶核，并會釋放能量，則裂變

15、產物的結合能之和一定大于鈾核的結合能，故A正確；B該核反應為重核裂變，不是人工轉變，故B錯誤；CX原子核中的核子數為（235+1）-（94+2）=140個，中子數為140-（92-38）=86個，故C錯誤；D裂變時釋放能量，出現質量虧損，但是總質量數不變，故D錯誤。故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】A如圖所示在延長線上取。則電勢則連線在等勢面上。由幾何關系得則則電場強度的大小為故A錯誤；B電場中的電勢差有則故B正確；C因為則電子在點的電勢能比點低

16、，故C正確；D因為則電子由點運動到點時電勢能減小，則電場力做功為，故D錯誤。故選BC。8、ABD【解析】A從a到b等容升壓，根據可知溫度升高，一定質量的理想氣體內能決定于氣體的溫度，溫度升高，則內能增加，A正確；B在過程ca中壓強不變，體積減小，所以外界對氣體做功，B正確；C在過程ab中氣體體積不變，根據可知，氣體對外界做功為零，C錯誤；D在過程bc中，屬于等溫變化，氣體膨脹對外做功，而氣體的溫度不變，則內能不變；根據熱力學第一定律可知，氣體從外界吸收熱量，D正確；E在過程ca中壓強不變，體積減小，所以外界對氣體做功，根據可知溫度降低，則內能減小，根據熱力學第一定律可知氣體一定放出熱量，E錯誤

17、9、CD【解析】因為釘子是光滑的，可知兩邊繩子的拉力總是相等的，即無論1、2是否等高，總有成立；對結點O，水平方向：則，即選項AB錯誤，CD正確；故選CD。10、BC【解析】A、設下落高度為h時，根據動能定理可知：Ek=mgh，即Ek-h為正比例函數關系，故選項A錯誤；B、如圖所示，向心力為：F-mgcos=mv2R，而且：cos=hR，Ek=12mv2=mgh則整理可以得到：F=mgcos+mv2R=mghR+2mghR=3mghR，則彈力F與h成正比例函數關系，故選項B正確；C、整個過程中只有重力做功，物塊機械能守恒，即物塊機械能不變，故選項C正確；D、根據瞬時功率公式可以得到：P=mgv

18、cos900-=mgvsin而且由于12mv2=mgh，則v=2gh整理可以得到：P=mgvsin=mg2ghR2-h2R，即功率P與高度h不是線性關系，故選項D錯誤。點睛：本題考查了動能定理、機械能守恒的應用，要注意向心力為指向圓心的合力，注意將重力分解。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 A 1.5 0.4 0.28 3 【解析】(1)1因本實驗需要電流從零開始調節，因此應采用滑動變阻器分壓接法；因燈泡內阻與電流表內阻接近，故應采用電流表外接法；另外為了擴大電壓表量程，應用和電壓表串聯，故原理圖如圖所示(2)2圖象中圖象的斜率表示

19、電阻的倒數，由圖可知，圖象的斜率隨電壓的增大而減小，故說明電阻隨電流的增大而增大；其原因是燈絲的電阻率隨著電流的增大而增大；A.與分析相符，故A正確；B.與分析不符，故B錯誤；C.與分析不符，故C錯誤；D.與分析不符，故D錯誤；(3)3燈泡正常工作時的電阻為：則多用電表可以選擇歐姆擋的1擋；由圖示多用電表可知，其示數為； (4)4當電源內阻等于外電路電阻時，電源的輸出功率最大，電源的最大輸出功率為：5此時小燈泡的電流為：由圖可知，此時燈泡電壓為：此時小燈泡的功率為：6此時小燈泡的電阻為：滑動變阻器接入電路的電阻為：12、A b B 1.5 B 4 【解析】(1)單刀雙擲開關合向a時，由于電壓表的分流，使測得的電源電動勢和內阻都比真實值小，單刀雙擲開關合向b時，由于電流表的分壓，測得的電源電動勢等于真實值，測得的內阻比真實值大，因此單刀雙擲開關合向a時測出的數據描點作出的圖象是A；(2)圖線B測得的電動勢沒有系統誤差，更準確，其值為1.5V，由于圖線B測得的內阻值實際為電源內阻與電流表的內阻之和，因此誤差較大，因此由圖線A求得的電源內阻值更準確；(3)若測出電流表的內阻，則利用圖B測得的內阻更準確，由此求得電源的內阻為。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、