1、2023學年高二上物理期中模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、某同學乘坐電梯從一樓到九樓，在電梯將要停下來時，該同學A處于失重狀態B處于超重狀態C所受的重力變大D所受的重力變小2、如圖所示是某導體的伏安特性曲線，由圖可知下列結論正確的是()A

2、導體的電阻是0.02B導體的電阻是5C當導體兩端的電壓為10V時，導體中的電流為0.2AD當導體中的電流為0.2A時，導體兩端電壓為15V3、如圖所示，豎直邊界線MN、PQ，MN與PQ間距離為a，其間存在垂直紙面向里的勻強磁場（含邊界），磁感應強度為B，O是MN上一點，O處有一粒子源，某時刻放出大量速率均為v（方向均垂直磁場方向）、比荷一定的帶負電粒子（粒子重力及粒子間的相互作用力不計），已知從PQ射出的粒子沿圖中與MN成=60角進入磁場的粒子在磁場中運動的時間最短，則粒子在磁場中運動的最長時間為（）ABCD4、如圖，懸掛在O點的一根不可伸長的絕緣細線下端有一個帶電量不變的小球A.在兩次實驗中

3、，均緩慢移動另一帶同種電荷的小球B.當B到達懸點O的正下方并與A在同一水平線上，A處于受力平衡時，懸線偏離豎直方向的角度為，若兩次實驗中B的電量分別為q1和q2，分別為30和45.則為( )A2B3C2D35、在研究微型電動機的性能時,可采用圖示的實驗電路.當調節滑動變阻器R,使電動機停止轉動時,電流表和電壓表的示數分別為0.5 A和1.0 V;重新調節R,使電動機恢復正常運轉時,電流表和電壓表的示數分別為2.0 A和15.0 V.則有關這臺電動機正常運轉時的說法正確的是( )A電動機的輸出功率為8 WB電動機的輸出功率為30 WC電動機的內電阻為2 D電動機的內電阻為7.5 6、如圖所示，好

4、多同學家里都有調光電燈、調速電風扇，是用可控硅電子元件來實現的，為經一雙向可控硅調節后加在電燈上的電壓，即在正弦交流電的每個二分之一周期內，前14周期被截去，調節臺燈上旋鈕可以控制截去的多少，從而改變電燈上的電壓，那么現在電燈上的電壓為()AUm2B22UmCUm22D2Um二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一物體作變速運動時，以下說法中正確的是：( )A物體所受外力的合力一定不為零B合外力一定對物體做功，物體動能增大C合外力可能對物體不做功，物體動能可能不變D物體

5、不可能處于平衡狀態8、關于電場中電荷的電勢能的大小，下列說法正確的是（）A在電場強度越大的地方，電荷的電勢能也越大B正電荷沿電場線方向移動，電勢能一定增大C負電荷沿電場線方向移動，電勢能一定增大D正電荷沿電場線方向移動，電勢能一定減小9、如圖所示，A、B、C為三個通電導體的IU關系圖象.由圖可知（）A三個導體的電阻關系為RARBRCB三個導體的電阻關系為RARBRCC若在導體B兩端加上10 V的電壓，通過導體B的電流是2.5 AD若在導體B兩端加上10 V的電壓，通過導體B的電流是40 A10、已知力 F 的大小和方向，現將力 F 分解為互成角度的兩個分力 F1 和 F2，在以下四種條件中，哪

6、幾種情況下兩分力的解是唯一的（ ）A已知兩個分力的方向B已知 F1 的大小和方向C已知 F1 的方向和 F2 的大小D已知 F1 和 F2 的大小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）用半徑相同的小球1和小球2的碰撞驗證動量守恒定律，實驗裝置如圖所示，斜槽與水平槽圓滑連接安裝好實驗裝置，在地上鋪一張白紙，白紙上鋪放復寫紙，記下重錘線所指的位置O在做“驗證動量守恒定律”的實驗時（1）實驗必須滿足的條件是_A.斜槽軌道必須是光滑的B.斜槽軌道末端的切線是水平的C.入射球每次都要從同一高度由靜止釋放D.實驗過程中，白紙可以移動，復寫紙不能

7、移動（2）實驗中要完成的必要步驟是_填選項前的字母A.用天平測量兩個小球的質量、B.測量拋出點距地面的高度HC.用秒表測出小球做平拋運動的時間tD.分別確定碰撞前后落地點的位置和碰后的落地點P、M、N，并用刻度尺測出水平射程OP、OM、ON（3）入射小球質量為，被碰小球質量為，兩小球的質量應滿足_選填“大于”“小于”或“等于”（4）若所測物理量滿足_表達式則可判定兩個小球相碰前后動量守恒（5）若碰撞是彈性碰撞，那么所測物理量還應該滿足的表達式為_12（12分）在做測干電池的電動勢和內電阻的實驗時，備有下列器材選用：A干電池一節（電動勢約為 1.5V）B直流電流表（量程 0-0.6-3A）C直流

8、電壓表（量程 0-3-15V）D滑動變阻器 （阻值范圍 0-15，允許最大電流 lA）E電鍵F導線若干根G電池夾（1）將選定的器材按本實驗要求的電路，在方框內畫出實驗電路圖。（_）（2）根據實驗記錄，畫出的 U-I 圖象如圖所示，可得待測電池的電動勢為_V，內電阻 r 為_。（結果保留三位有效數字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，一質量為M的物塊靜止在桌面邊緣，桌面離水平地面的高度為h。一質量為m的子彈以水平速度v0射入物塊后，以水平速度射出。重力加速度為g。求：(1)物塊被子彈射穿時的速度；

9、(2)此過程中系統損失的機械能；(3)此后物塊落地點離桌面邊緣的水平距離。14（16分）如圖所示，一輕質彈簧的一端固定在滑塊B上，另一端與滑塊C接觸但不連接，該整體靜止在光滑水平地面上，并且C被鎖定在地面上現有一滑塊A從光滑曲面上離地面h高處由靜止開始下滑，與滑塊B發生碰撞并粘連在一起壓縮彈簧，當速度減為碰后速度一半時滑塊C解除鎖定已知mAm，mB2m，mC3m.求：(1)滑塊A與滑塊B碰撞結束瞬間的速度；(2)被壓縮彈簧的彈性勢能的最大值15（12分）如圖，已知E=8V，r=4，R1=2，R2的變化范圍是0-10。求：電源的最大輸出功率；R1上消耗的最大功率；R2上消耗的最大功率參考答案一、

10、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】因為電梯在向上走，速度向上，在電梯將要停下來時，加速度向下，所以處于失重狀態，故BCD錯誤，A正確；2、C【解析】當電壓為5V時，電流值為0.1A，則由歐姆定律可知，AB錯誤；當電壓為10V時，電流，C正確；當電流為0.2A時，D錯誤3、A【解析】沿與MN成=60角進入磁場的粒子在磁場中運動的時間最短，則對應的弦長最短，軌跡如圖所示：根據幾何關系可知，對應的圓心角為60，圓半徑為r=a，則粒子在磁場中運動的最長時間時，對應的軌跡應如圖，是一個半圓，對應的圓心角為180。最長時間為：

11、。A. 。與上述結論相符，故A正確；B. 。與上述結論不符，故B錯誤；C. 。與上述結論不符，故C錯誤；D. 。與上述結論不符，故D錯誤。故選：A。4、C【解析】考查庫侖力作用下的平衡問題。【詳解】設A球的電荷量為q0，兩次實驗A球都受力平衡，庫侖力：設A球的質量為m，對A球受力分析可得：兩球之間的距離，其中L為線長，r為兩球球心間的距離。聯立上式解得：所以有：C正確。故選C。5、C【解析】本題考查的是非純電阻中機械能與內能之間的關系.當電流表和電壓表示數為0.5 A和1.0 V時電動機停止工作,電路只有電動機的內阻消耗電能,其阻值,選項D錯誤,選項C正確.當電動機正常工作時電流表和電壓表示數

12、分別為2.0 A和15.0 V,此時電動機消耗的總功率P總=U2I2=15.02.0=30.0 W,其中內阻消耗功率P內=I2_2r=2.022=8.0 W,則輸出功率為22 W,選項AB錯誤.6、A【解析】設交流電的有效值為U，將交流電與直流電分別通過相同電阻R，一個周期可以看成只剩半個周期的電壓，利用有效值的定義得：Um221RT2=U2RT，所以U=Um2，故A正確，BCD錯誤。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ACD【解析】物體作變速運動時，則加速度一定不為

13、零，一定受到合外力的作用；故A正確；當合外力的方向始終與速度的方向垂直時，合外力對物體不做功，物體動能不變如勻速圓周運動，故B錯誤，C正確；物體作變速運動時，則加速度一定不為零，一定受到合外力的作用，所以物體不可能處于平衡狀態故D錯誤。所以ACD正確，B錯誤。8、CD【解析】在電場強度越大的地方，同一電荷受到的電場力越大，但電勢能不一定大，電勢能與電場強度沒有直接關系。故A錯誤；正電荷沿電場線移動，電場力做正功，電勢能一定減小，故B錯誤，D正確；負電荷沿電場線移動，電場力做負功，電勢能一定增大，故C正確；故選CD。9、BC【解析】ABI-U圖象中圖象的斜率表示電阻的倒數，故斜率越大，電阻越小，

14、因此C的電阻最大，A的電阻最小，故選項B正確，A錯誤；CDB的電阻R=4則加10V電壓時，電流選項C正確，D錯誤；故選BC.點睛：本題考查伏安特性曲線的應用，用圖象比較電阻的大小時，除用斜率之外，還可以利用電壓相同時比較電流、電流大的電阻小，或者是電流相同時比較電壓、電壓大的電阻大10、AB【解析】A已知平行四邊形的對角線和兩個分力的方向，只能作唯一的平行四邊形，即分解唯一，故選項A正確；B已知對角線和平行四邊形的一條邊，這種情況下也只能畫唯一的平行四邊形，即分解唯一，故選項B正確；C已知的方向與F夾角為，根據幾何關系，若此時無解，即分解不一定是唯一的，故C錯誤；D已知兩個分力的大小，根據平行

15、四邊形的對稱性，此時分解有對稱的兩解，即分解不是唯一的，故D錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BC AD 大于 【解析】（1）斜槽的粗糙與光滑不影響實驗的效果，只要到達底端時速度相同即行，故A錯誤；斜槽軌道末端必須水平，保證小球碰撞前速度水平，故B正確；小球每次從斜槽上相同的位置自由滾下，使得小球與另一小球碰撞前的速度不變，故C正確；實驗過程中，白紙不可以移動，故D錯誤所以BC正確，AD錯誤（2）本實驗除需測量線段OM、OP、ON的長度外，還需要測量的物理量是兩小球的質量，因為可以通過水平位移代表速度的大小，所以不必測量AB的高度

16、和B點離地面的高度因為平拋運動的時間相等，則水平位移可以代表速度，OP是A球不與B球碰撞平拋運動的位移，該位移可以代表A球碰撞前的速度，OM是A球碰撞后平拋運動的位移，該位移可以代表碰撞后A球的速度，ON是碰撞后B球的水平位移，該位移可以代表碰撞后B球的速度，故選AD（3）為了防止入射球反彈，應使入射球的質量大于被碰球的質量；（4）因為平拋運動的時間相等，則水平位移可以代表速度，OP是A球不與B球碰撞平拋運動的位移，該位移可以代表A球碰撞前的速度，OM是A球碰撞后平拋運動的位移，該位移可以代表碰撞后A球的速度，ON是碰撞后B球的水平位移，該位移可以代表碰撞后B球的速度，當所測物理量滿足表達式，

17、說明兩球碰撞遵守動量守恒定律（5）若碰撞是彈性碰撞，那么所測物理量還應該滿足的表達式為：；即12、 1.45 0.692 【解析】(1)1待測電源內阻較小，為減小測量誤差，應用伏安法測電源電動勢與內阻時，相對于電源來說，電流表應采用外接法，用電壓表測路端電壓，用電流表測電路電流，實驗電路圖如圖所示(2)23U-I圖象中圖象與縱坐標的交點表示電源的電動勢，由圖可知，電源的電動勢為E=1.45V，U-I圖象斜率絕對值表示電源內阻，所以待測電池的內阻四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1) ；(2)；(3)【解析】(

18、1)子彈擊中木塊前后的過程由動量守恒定律有解得物塊被子彈射穿時的速度為。(2)此過程，對系統由功能關系可知解得此過程中系統損失的機械能。(3)物塊的飛行時間解得物塊飛行的水平距離物塊落地點離桌面邊緣的水平距離為。14、 (1) (2) 【解析】(1)滑塊A下滑過程中機械能守恒，設A到達水平面時速度為v1，由機械能守恒定律有：mAghmAv12，解得v1 A、B碰撞過程動量守恒，設滑塊A與滑塊B碰撞結束瞬間的速度為v2，由動量守恒定律有mAv1(mAmB)v2，解得v2.(2)滑塊C解除鎖定后，滑塊A、B繼續壓縮彈簧，被壓縮彈簧的彈性勢能最大時，滑塊A、B、C速度相等，設為v3，由動量守恒定律有：(mAmB)(mAmBmC)v3.故v3v2.滑塊A、B發生碰撞后到彈簧壓縮最大，A、B、C及彈簧組成的系統機械能守恒，由機械能守恒定律有：Epmax(mAmB)v22(mAmBmC)v32，解得Epmaxmgh.【點睛】本題考查的是動量守恒與機械能守恒的應用，根據動量守恒定律與機械能守恒定律分別求出碰前和碰后滑塊的速度，然后根據被壓縮彈簧的彈性勢能最大時，滑塊A、B、C速度相等即可求出彈簧的最大彈性勢能15、4W 3.56W 2.67W【解析】當電源的內外電阻相等時電源的輸出功率最大當電路中電流最大時，R1消耗的功