1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷請考生注意：1請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2答題前，認真閱讀答題紙上的注意事項，按規定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，在傾角為的固定斜面上有兩個靠在一起的物體A、B，兩物體與斜面間的動摩擦因數相同，用平行于斜面的恒力F向上推物體A使兩物體沿斜面向上做勻加速運動，且B對A的壓力平行于斜面，則下列說法中正確的是()A只減小A的質量，B對A的壓

2、力大小不變B只減小B的質量，B對A的壓力大小會增大C只減小斜面間的傾角，B對A的壓力大小不變D只減小兩物體與斜面間的動摩擦因數，B對A的壓力會增大2、如圖所示為甲、乙兩個物體在同一條直線上運動的vt圖象，t=0時兩物體相距3S0，在t=1s時兩物體相遇，則下列說法正確的是（）At=0時，甲物體在前，乙物體在后Bt=2s時，兩物體相距最遠Ct=3s時，兩物體再次相遇Dt=4s時，甲物體在乙物體后2S0處3、小銘和奶奶分別住在同一條筆直街道上奶奶從家出發緩步去小銘家的途中，在自家門口的小銘看到后快步前往迎接，扶著奶奶一起回家下列s-t圖中，大致能反映上述過程的是ABCD4、如圖所示，是上端帶定滑輪

3、的固定堅直桿，質量不計的輕桿一端通過鉸鏈固定在點，另一端懸掛一重為的物體，且端系有一根輕繩并繞過定滑輪，用力拉繩，開始時，現使緩慢變小，直到桿接近豎直桿此過程中A力逐漸增大B力先逐漸減小后逐漸增大C輕桿對端的彈力大小不變D輕桿對端的彈力先減小后增大5、某輕質彈簧的勁度系數k100N/m，兩端分別施加F5N的拉力，如圖所示，則彈簧（ ）A伸長5.0cmB伸長10.0cmC壓縮5.0cmD處于自然長度6、取水平地面為重力勢能零點一物塊從某一高度水平拋出，在拋出點其動能與重力勢能恰好相等。不計空氣阻力，該物塊落地時的速度方向與水平方向的夾角的正切值為（）ABC1D二、多項選擇題：本題共4小題，每小題

4、5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一簡諧橫波沿x軸正方向傳播，在t=0 時刻的波形圖如圖所示，波剛好傳到x=8 m的位置，P是平衡位置為x=1 m處的質點，并經過0.2 s完成了一次全振動，Q是平衡位置為x=4 m處的質點，M是平衡位置為x=34m處的質點（M點圖中未畫出），則下列說法不正確的是（ ）A波源的起振方向沿y軸負方向Bt=0.15 s時，質點Q縱坐標為10 cmC波剛好傳到M質點時，質點P振動方向沿y軸正方向D當質點M第一次出現在波峰位置時，質點Q恰好出現在平衡位置且振動方向沿y軸正方向E

5、.從t=0.10 s到t=0.15 s，質點P通過的路程為10 cm8、一列簡諧橫波在t=0時刻的波形如圖所示,質點P此時刻沿-y運動,經過0.1 s第一次到達平衡位置,波速為5 m/s,則下列說法正確的是（ ）A該波沿x軸負方向傳播BQ點的振幅比P點的振幅大CP點的橫坐標為x=2.5 mDQ點的振動方程為y=5cos t cmE.x=3.5 m處的質點與P點振動的位移始終相反9、如圖所示，輕質彈簧的上端固定在電梯的天花板上，彈簧下端懸掛一個小球，電梯中有質量為50kg的乘客，在電梯運行時乘客發現輕質彈簧的伸長量始終是電梯靜止時的四分之三，已知重力加速度g=10m/s2，由此可判斷（ ）A電梯

6、可能加速下降，加速度大小為5m/s2B電梯可能減速上升，加速度大小為2.5m/s2C乘客處于失重狀態D乘客對電梯地板的壓力為425 N10、如圖所示，水平傳送帶A、B兩端點相距x=4m，以v0=1m/s的速度（始終保持不變）順時針運轉，今將一質量為1kg的小煤塊（可視為質點）無初速度輕輕放到A點處，已知小煤塊與傳送帶間的動摩擦因數為0.4，g取10m/s1由于小煤塊與傳送帶之間有相對滑動，會在傳送帶上留下劃痕則小煤塊從A運動到B的過程中（）A小煤塊運動到B的速度大小為4m/sB小煤塊從A運動到B的時間為1.15sC劃痕長度為1mD小煤塊與傳送帶系統產生的熱量為1J三、實驗題：本題共2小題，共1

7、8分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）小青用如圖甲所示的實驗裝置，探究“加速度與力和質量的關系”。(1)以下關于圖甲中操作正確的是_。A本實驗采用了控制變量法探究多個變量之間的關系B如果選用電火花計時器，所用的交流電為低壓6 VC操作過程中應控制砂和砂桶的總質量遠大于小車的質量(2)小青通過實驗獲得如表所示的幾組數據，請用描點法在圖乙中得出a -F的關系圖象_。F/(9.810-3 N)2468101214a/(ms-2)0.220.310.420.510.590.680.78 (3)根據第(2)小題中畫出的圖線，可以判斷在操作過程中，平衡摩擦力時，長木板的傾角

8、_(選填“偏大”“恰好”或“偏小”)。12（12分）某同學要測量一節干電池的電動勢和內電阻實驗室除提供開關S和導線外，有以下器材可供選擇：電壓表：V（量程3V，內阻Rv約為10k）電流表：G（量程3mA，內阻Rg=100）電流表：A（量程3A，內阻約為0.5）滑動變阻器：R（阻值范圍010，額定電流2A）定值電阻：R0=0.5該同學依據器材畫出了如圖甲所示的原理圖，他沒有選用電流表A的原因是_該同學將電流表G與定值電阻R0并聯，實際上是進行了電表的改裝，則他改裝后的電流表對應的量程是_A該同學利用上述實驗原理圖測得數據，以電流表G讀數為橫坐標，以電壓表V讀數為縱坐標繪出了如圖乙所示的圖線，根據

9、圖線可求出電源的電動勢E=_V （結果保留三位有效數字），電源的內阻r=_（結果保留小數點后兩位）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）質量為的飛機模型，在水平跑道上由靜止勻加速起飛，假定起飛過程中受到的平均阻力恒為飛機所受重力的倍，發動機牽引力恒為，離開地面起飛時的速度為，重力加速度為求：（1）飛機模型的起飛距離（離開地面前的運動距離）以及起飛過程中平均阻力的沖量（2）若飛機起飛利用電磁彈射技術，將大大縮短起飛距離圖甲為電磁彈射裝置的原理簡化示意圖，與飛機連接的金屬塊（圖中未畫出）可以澡兩根相互靠近且平行的

10、導軌無摩擦滑動使用前先給電容為的大容量電容器充電，彈射飛機時，電容器釋放儲存電能所產生的強大電流從一根導軌流入，經過金屬塊，再從另一根導軌流出；導軌中的強大電流形成的磁場使金屬塊受磁場力而加速，從而推動飛機起飛在圖乙中畫出電源向電容器充電過程中電容器兩極板間電壓與極板上所帶電荷量的圖象，在此基礎上求電容器充電電壓為時儲存的電能當電容器充電電壓為時彈射上述飛機模型，在電磁彈射裝置與飛機發動機同時工作的情況下，可使起飛距離縮短為若金屬塊推動飛機所做的功與電容器釋放電能的比值為，飛機發動的牽引力及受到的平均阻力不變求完成此次彈射后電容器剩余的電能14（16分）質量為m的物體置于傾角為=37的固定斜面

11、上，物體與斜面之間的動摩擦因數為=0.1如圖甲所示，先用平行于斜面的推力F1作用于物體上，使其能沿斜面勻速上滑；若改用水平推力F1作用于物體上，也能使物體沿斜面勻速上滑，如圖乙所示求兩次推力大小之比(sin37=0.6，cos37=0.8) 15（12分）如圖所示，光滑水平面上放著質量都為m的物塊A和B，A緊靠著固定的豎直擋板，A、B間夾一個被壓縮的輕彈簧(彈簧與A、B均不拴接)，用手擋住B不動，此時彈簧彈性勢能為,在A、B間系一輕質細繩，細繩的長略大于彈簧的自然長度放手后繩在短暫時間內被拉斷，之后B繼續向右運動，一段時間后與向左勻速運動、速度為v0的物塊C發生碰撞，碰后B、C立刻形成粘合體并

12、停止運動，C的質量為2m求：(1)B、C相撞前一瞬間B的速度大小；(2)繩被拉斷過程中，繩對A所做的W參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】將AB看做一個整體，整體在沿斜面方向上受到沿斜面向下的重力的分力，沿斜面向下的滑動摩擦力，沿斜面向上的推力，根據牛頓第二定律可得，隔離B分析可得，解得：，由牛頓第三定律可知，B對A的壓力：，若只減小A的質量，變大，若只減小B的質量，變小，AB錯誤；AB之間的壓力與斜面的傾角、與斜面的動摩擦因數無關，C正確D錯誤【點睛】以兩物體組成的系統為研究對象，應用牛頓第二定律求出加

13、速度，然后以B為研究對象，應用牛頓第二定律求出B與A間的作用力，然后根據該作用力的表達式分析答題2、C【解析】A：t=1s時兩物體相遇，且01s內甲速度始終比乙大，可知t=0時刻甲物體在后，乙物體在前，A項錯誤。B、t=0時甲乙間距為3S0，此后甲乙間距離先減小又增大，速度相等時是第一次相遇后的距離最大，但不是全過程的最大值，B項錯誤。C、1s末兩物體相遇，由對稱性可知則第2s內甲超越乙的位移和第3s內乙反超甲的位移相同，因此3s末兩物體再次相遇，C項正確；D、如圖可知4s末，甲物體在乙物體后3S0，D項錯誤；點睛：速度相等時，物體間距離出現極值(某一過程中的最大或最小)，是不是全過程最大值要

14、分析過程作出判斷。3、D【解析】設奶奶的運動方向為正，奶奶從家出發緩步去小銘家，做勻速直線運動，此時小銘靜止，當小銘在自家門口看到奶奶后快步前往迎接，則小銘的速度為負，接到奶奶后扶著奶奶一起回家，則速度與奶奶的速度相同，一起做正方向的勻速直線運動A.A圖與分析不符，故A項錯誤；B. B圖與分析不符，故B項錯誤；C. C圖與分析不符，故C項錯誤；D. D圖與分析不符，故D項正確4、C【解析】以B點為研究對象，分析受力情況：重物的拉力T（等于重物的重力G）、輕桿的支持力N和繩子的拉力F，作出力的示意圖如圖由平衡條件得知，N和F的合力與T大小相等，方向相反，根據三角形相似可得：，又T=G解得：，使緩

15、慢變小時，CA、AB保持不變，CB變小，則F減小，N不變，故ABD錯誤，C正確故選C【點睛】以B點為研究對象，分析其受力情況，作出受力圖，利用三角形相似法，得出各力與三角形ABC三邊邊長的關系，再分析F和N的變化5、A【解析】彈簧是在5N的拉力下被拉長的，彈簧測力計的示數為5N，由胡克定律知伸長量為即彈簧伸長了5.0cm；故A正確，BCD錯誤。故選A。6、C【解析】設拋出時物體的初速度為v0，高度為h，物塊落地時的速度大小為v，方向與水平方向的夾角為。根據機械能守恒定律得：據題有：聯立解得：則故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合

16、題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCE【解析】A、根據波向右傳播可得：波前向下振動，故波源的起振方向沿y軸負方向，故A正確；B、P經過0.2s完成了一次全振動，故周期，t=0s時，質點Q在平衡位置，正向上振動，故經過后,質點縱坐標為-10cm，故B錯誤；C、由圖可得：波長，故波速；波傳播到M點的時間；t=0時，質點P向下振動，故經過0.65s后質點P向下振動，故C錯誤；D、質點M第一次出現在波峰位置時， ，故質點Q恰好和t=0s時振動相同，即在平衡位置，正向上振動，故D正確；E、從t=0.10s到t=0.15s，即，質點P從縱坐標為負向上運動到縱坐標為正，

17、經過時間為，那么根據越靠近平衡位置速度越大可以知道：質點P通過的路程大于A，即大于10cm，故E錯誤；故錯誤的選BCE【點睛】根據波的傳播方向得到波前的振動方向，從而得到起振方向；根據全振動的時間得到周期，即可根據質點振動方向得到縱坐標；根據波的傳播由波速和距離得到確定的時刻，然后根據周期及振動方向得到質點的振動；最后根據質點振動方向和位置得到質點經過的路程，由與平衡位置的關系得到時間內路程和A的關系8、ACD【解析】A質點P此時刻沿-y軸方向運動，振動比左側鄰近的波峰振動早，所以該波沿x軸負方向傳播，故A正確；B簡諧橫波傳播過程中各個質點的振幅相同，故B錯誤；C波沿x軸負方向傳播，0.1s內

18、向左傳播的距離為x=vt=50.1m=0.5m由波形平移法知圖中x=3m處的狀態傳到P點，所以P點的橫坐標為x=2.5m，故C正確；D根據 、得 ，題圖中Q點的振動方程y=Acost=5cost（cm）故D正確；Ex=3.5m處的質點與P點相差小于半個波長，所以振動的位移不是始終相反，故E錯誤。故選ACD。9、BC【解析】電梯靜止不動時，小球受力平衡，有mg=kx，電梯運行時彈簧的伸長量變為靜止時的3/4，說明彈力變小了，根據牛頓第二定律，有mg-34kx=ma，即a=2.5 m/s2，加速度向下，電梯可能加速下降或減速上升，乘客處于失重狀態，選項AC錯誤，選項B正確；以乘客為研究對象，根據牛

19、頓第二定律可得：mg-FN=ma，乘客對地板的壓力大小為FN=mg-ma=500 -502.5 N=375 N，選項D錯誤故選B點睛：此題是牛頓第二定律的應用問題；關鍵是對小球受力分析，根據牛頓第二定律判斷出小球的加速度方向，由于小球和電梯相對靜止，從而得到電梯的加速度，最后判斷電梯的超、失重情況10、BD【解析】小煤塊運動到B，速度不可能超過傳送帶的速度，即不可能為4m/s，故A錯誤；小煤塊先加速后勻速，根據牛頓第二定律，得：a=0.410=4m/s1，加速時間為：t1=0.5s，加速位移：，勻速時間：，故運動的總時間為：t=t1+t1=0.5s+1.75s=1.15s，故B正確；在加速過程

20、，傳送帶的位移為：x1=v0t1=10.5=1m，故劃痕為： =10.5=0.5m，故C錯誤；小煤塊與傳送帶系統產生的熱量為：Q=fx=mgx=0.41100.5=1J，故D正確；故選BD.點睛：分析清楚物體運動的過程，先是勻加速直線運動，后是勻速直線運動，分過程應用運動規律求解即可，尤其是注意分析摩擦力的變化情況三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A 偏大 【解析】(1)1A. 本題考查實驗“探究加速度與力和質量的關系”，描點法，本實驗要探究加速度、力、質量三個變量間的關系，采用控制變量法，即先控制小車質量不變，研究小車加速度與合力（

21、拉力）的關系，再控制小車所受合力（拉力）不變，研究加速度與質量的關系，故A正確；B. 若選用電火花計時器，對應電壓應為交流220V，故B錯誤；C. 為使沙桶及桶內沙的總重力在數值上近似等于小車運動時受到的拉力，應滿足的條件是沙桶及桶內沙的總質量遠小于小車和小車上砝碼的總質量，故C錯誤；(2)2采用描點法畫出的關系圖象如答案圖所示；(3)3由圖線得，直線與縱軸交于點（0，0.03m/s2），即沒有拉力時，小車已有加速度，說明長木板的傾角偏大。12、被測電流值與電流表量程相比差距太大 0.603A 1.48 0.85 【解析】一節干電池的電動勢，滑動變阻器的阻值范圍為010，電路中的最小電流，電流表A的量程為3A，被測電流值與電流表量程相比差距太大，電流表A不能選改裝后的電流表對應的量程據實驗原理圖和閉