1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項1考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回2答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用05毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置3請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符4作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效5如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是

2、符合題目要求的。1、下列說法正確的是（）A甲打乙一拳，乙感到痛，而甲未感到痛，說明甲對乙施加了力，而乙未對甲施加力B“風吹草動”，草受到了力，但沒有施力物體，說明沒有施力物體的力也是存在的C磁鐵吸引鐵釘時，磁鐵不需要與鐵釘接觸，說明力可以脫離物體而存在D網球運動員用力擊球，網球受力后飛出后，網球受力的施力物體不再是人2、做簡諧運動的單擺，其擺長不變，若擺球的質量增加為原來的 倍，擺球經過平衡位置的速度減為原來的，則單擺振動的（ ）A周期不變，振幅不變B周期不變，振幅變小C周期改變，振幅不變D周期改變，振幅變大3、如圖所示，質量均為m的A、B兩球之間系著一條輕彈簧放在光滑的水平面上，A球靠緊墻壁

3、，現用力F將B球向左推壓彈簧，平衡后，突然將力F撤去的瞬間，則（ ）A突然將F撤去瞬間，兩球的速度和加速度均為0BA球離開墻壁后，兩球的速度相等時彈簧恰好恢復原長CB球運動過程中加速度的最大值為DA球離開墻壁后，兩球的加速度始終大小相等，方向相反4、質量為m的物體放在A地的水平面上，用豎直向上的力F拉物體，物體的加速度a與拉力F的關系如圖線所示，質量為m的另一物體在B地做類似實驗，測得a-F關系如圖線所示，設A，B兩地的重力加速度分別為g和g，則（ ）Am=m，ggBmm，g=gDm=m，g，則小球一定能通過最高點PD若v0 ，則細繩始終處于繃緊狀態三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫

4、在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）測量鉛筆芯的電阻率，取一支4B鉛筆，去掉兩端筆芯外木質部分，不損傷筆芯，如圖所示安放在接線支座上。（1）用刻度尺量得筆芯長度L20.0cm，螺旋測微器測量筆芯的直徑如圖1，則筆芯的直徑為d_mm。（2）若待測電阻約為幾歐姆，乙同學采用實驗室提供的下列器材測定鉛筆芯電阻A待測筆芯B電流表（00.6A，03A，內阻分別約1，0.5）C電壓表（03V，015V，內阻分別約6k，30k）D滑動變阻器（010）E電源（3V）F開關、導線若干請根據實驗要求在圖2中用筆畫線代替導線（只配有兩根導線）完成實物電路連接_。12（12分）如圖1所示，某同學設

5、計了一個測量滑塊與木板間的動摩擦因數的實驗裝置，裝有定滑輪的長木板固定在水平實驗臺上，木板上有一滑塊，滑塊右端固定一個動滑輪，鉤碼和彈簧測力計通過繞在滑輪上的輕繩相連，放開鉤碼，滑塊在長木板上做勻加速直線運動（1）實驗得到一條如圖1所示的紙帶，相鄰兩計數點之間的時間間隔為0.1s，由圖中的數據可知，滑塊運動的加速度大小是_m/s1（計算結果保留兩位有效數字）（1）讀出彈簧測力計的示數F，處理紙帶，得到滑塊運動的加速度a；改變鉤碼個數，重復實驗以彈簧測力計的示數F為縱坐標，以加速度a為橫坐標，得到的圖象是縱軸截距為b的一條傾斜直線，如圖3所示已知滑塊和動滑輪的總質量為m，重力加速度為g，忽略滑輪

6、與繩之間的摩擦則滑塊和木板之間的動摩擦因數=_四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖,帶電荷量為q=+210-3C、質量為=0.1kg的小球B靜置于光滑的水平絕緣板右端,板的右側空間有范圍足夠大的、方向水平向左、電場強度E =103N/C的勻強電場.與B球形狀相同、質量為0.3kg的絕緣不帶電小球A以初速度=10m/s向B運動,兩球發生彈性碰撞后均逆著電場的方向進入電場,在電場中兩球又發生多次彈性碰撞,已知每次碰撞時間極短,小球B的電荷量始終不變,重力加速度g取10m/s2求:（1）第一次碰撞后瞬間兩小球

7、的速度大小;（2）第二次碰撞前瞬間小球B的動能;（3）第三次碰撞的位置14（16分）在解答一道已知量完全由字母表達結果的計算題時，一個同學解得某物體移位（），請你用單位制的知識檢查，說明這一結果是否可能正確。15（12分）如圖，用同種材料制成的傾角為37的斜面和長水平面，斜面長11.25 m且固定，一小物塊從斜面頂端以初速度v0沿斜面下滑，如果v0=3.6 m/s，則經過3.0 s后小物塊停在斜面上，不考慮小物塊到達斜面底端時因碰撞損失的能量，求：（已知sin 37=0.6，cos 37=0.8）(1)小物塊與該種材料間的動摩擦因數為多少；(2)若小物塊的初速度為6 m/s，小物塊從開始運動到

8、最終停下的時間t為多少。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】試題分析：甲打乙一拳，乙感到痛，而甲未感覺到痛，說明甲的耐受能力較強，故選項A錯誤；“風吹草動”，草受到了力，但也有施力物體，故選項B錯誤；磁鐵吸引鐵釘時，磁鐵不需要與鐵釘接觸，說明不接觸也可以產生力的作用，選項C錯誤；網球運動員用力擊球，網球受力飛出后，網球受力的施力物體不再是人而是地球，選項D正確考點：力的概念【名師點晴】作用力與反作用力總是大小相等，方向相反，作用在不同的物體上，而不同物體對力的耐受能力不同，故感覺也不同；不接觸的物體也可以

9、產生力的作用，任何力都有施力與受力物體，一個物體是沒辦法產生力的2、B【解析】由單擺的周期公式可知，單擺擺長不變，則周期不變；擺球經過平衡位置的速度減為原來的2/3，由于振動過程中機械能守恒，故：mgh=mv2，據此式可知，速度變小，高度減小，所以偏離平衡位置的最大距離變小，即振幅減小；故選B【點睛】單擺的擺長和重力加速度的大小決定單擺的周期的大小，單擺的能量決定單擺的振幅的大小3、D【解析】試題分析：突然將力F撤去的瞬間，彈簧來不及改變，形變量不變，對A來說受力情況不變，合力仍為零，對B來說只受一個向右的彈力，故兩者的加速度之和不為零，A錯誤；在彈簧第一次恢復原長后，彈簧對A有向右的拉力，A

10、才離開墻壁，B錯誤；撤去前對B受力分析可得，撤去F后，B在水平方向上只受彈簧的彈力，隨后彈簧要恢復形變量，彈力在減小，故撤去F的瞬間B的加速度最大，最大為，C錯誤；A球離開墻壁后，兩球在水平方向上都只受彈簧的彈力，等大反向，所以A球離開墻壁后，兩球的加速度始終大小相等，方向相反，D正確；考點：考查了牛頓第二定律的瞬時性【名師點睛】在應用牛頓第二定律解決瞬時問題時，一定要注意，哪些力不變，（彈簧的的形變量來不及變化，彈簧的彈力不變），哪些力變化（如繩子斷了，則繩子的拉力變為零，或者撤去外力了，則外力變為零，）然后結合整體隔離法，應用牛頓第二定律分析解題4、C【解析】根據牛頓第二定律得，F-mg=

11、ma則知圖線的斜率表示質量的倒數，縱軸截距的大小表示重力加速度。從圖象上看，圖線的斜率小于圖線的斜率，則mm，縱軸截距相等，則g=g A m=m，gg，與結論不相符，選項A錯誤；Bmm，g=g，與結論相符，選項C正確；Dm=m，gg，與結論不相符，選項D錯誤；5、B【解析】A、B都以1m/s的初速度沿傳送帶下滑，傳送帶的速度為2m/s，A加速下滑，B減速下滑，到達底端的位移相等，則A先到達底端，故A錯誤，B正確；開始時A相對于傳送帶向上滑動，A受到的滑動摩擦力向下，B相對于傳送帶向下滑動，受到的摩擦力向上，故C錯誤；A向下先加速運動，后與傳送帶一起勻速運動，B始終相對傳送帶滑動，A相對傳送帶的

12、路程小于B相對于傳送帶的路程，根據Q=fs可知，兩物塊分別與傳送帶間的摩擦生熱不相等，故D錯誤；故選B【點睛】本題考查了比較運動時間、比較相對于路程、判斷摩擦力方向問題，分析清楚物體與傳送帶之間的速度關系，搞清物體的運動過程即可正確解題6、D【解析】A由，可知衛星在a上運行的線速度大于在b上運行的線速度，選項A錯誤；B由，可知衛星在a上運行的周期小于在b上運行的周期，選項B錯誤；C由，衛星在a上運行的角速度大于在b上運行的角速度，選項C錯誤；D根據可知，衛星在a上運行時受到的萬有引力大于在b上運行時的萬有引力，選項D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出

13、的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ADE【解析】一定質量的理想氣體的內能只與溫度有關，溫度越高，內能越大，A正確；第一類水動機研制失敗的原因是違背了能量守恒定律，而第二類永動機研制失敗的原因并不是違背了能量守恒定律，而是違背了熱力學第二定律，B錯誤；當分子間距時，分子間的引力和斥力都隨著分子間距的增大而減小，而且斥力減小更快，所以分子力表現為引力，C錯誤；相對濕度為某一被測蒸氣壓與相同溫度下的飽和蒸氣壓的比值的百分數，大氣中相對濕度越大，水氣蒸發也就越慢，人就感受到越潮濕，故大霧天氣學生感覺到教室潮濕，說明教室內的相對濕度較大，

14、D正確；一定質量的單晶體在熔化過程中溫度不變，分子的平均動能不變，所吸收的熱量全部用來增大分子勢能，E正確8、ACD【解析】開始時木塊保持不動，木塊受靜摩擦力，根據平衡條件可知摩擦力始終等于拉力，故摩擦力大小隨拉力的增大而增大；而當增大拉力達到某一大小時，木塊開始滑動，此時說明木塊恰好達到最大靜摩擦力；而由于滑動摩擦力要小于最大靜摩擦力，所以木塊移動后拉力將減小，根據紙團的位置即可記錄下最大靜摩擦力，ACD正確B錯誤【點睛】本題考查靜摩擦力的性質，知道物體保持不動時，拉力大小等于摩擦力，而物體剛好開始滑動時，拉力等于最大靜摩擦力，一般情況下滑動摩擦力要小于最大靜摩擦力9、AB【解析】A、根據周

15、期與線速度的關系，可得行星的半徑為：，故A正確；BC、根據萬有引力提供向心力可得行星的質量為：，由可得：，故B正確，C錯誤；D、行星表面的萬有引力等于重力，解得：，故D錯誤；故選AB【點睛】研究宇宙飛船到繞某行星做勻速圓周運動，根據萬有引力提供向心力，列出等式表示出所要比較的物理量即可解題10、AC【解析】A由于小球做圓周運動，在最低點由拉力與重力的合力提供向心力，所以小球運動到最低點 Q時，拉力一定大于重力，故A正確；B在最高點，有在最低點，有： 從最高點到最低點，根據機械能守恒定律，有聯立解得：與最低點速度大小無關，故B錯誤；C小球恰好通過最高點，在最高點，有解得：從最高點到最低點，根據機

16、械能守恒定律，有解得：所以小球一定能通過最高點P，故C正確；D根據動能定理得解得不越過四分之一圓周的最小速度所以當時，細繩始終處于繃緊狀態，若小球能過最高點則最小速度為，由于所以細繩不一定始終處于繃緊狀態，故D錯誤。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、1.200 【解析】（1）1螺旋測微器的主尺讀數為1mm，可動刻度讀數為20.00.01mm=0.200mm，故螺旋測微器的讀數為1.200mm。（2）2由題意可知，待測電阻阻值較小，小于滑動變阻器的最大電阻，電流表采用外接法，滑動變阻器采用限流接法，比較方便測量，電路圖如圖所示12、（1

17、）1.4； （1） 【解析】(1)加速度為.(1)滑塊受到的拉力T為彈簧秤示數的兩倍，即：T=1F,滑塊受到的摩擦力為：f=mg,由牛頓第二定律可得：T-f=ma,解得力F與加速度a的函數關系式為:,由圖象所給信息可得圖象截距為：,解得.【點睛】本題重點是考察學生實驗創新能力及運用圖象處理實驗數據的能力，對這種創新類型的題目，應仔細分析給定的方案和數據，建立物理模型四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、25.(1)5m/s；15m/s（2）6.25J；（3）第三次碰撞的位置是在第一次碰撞點右方5m、下方20m處.【解

18、析】（1）第一次碰撞時，兩小球動量守恒，即3mv03mv1mv2 機械能守恒，即 解得碰后A的速度v15m/s，B的速度v215m/s （2）碰后AB兩球進入電場，豎直方向二者相對靜止均做自由落體運動；水平方向上，A做勻速運動，B做勻減速直線運動，其加速度大小aB20m/s2 設經過t時間兩小球再次相碰，則有v1tv2taBt2 解得t1s 此時，B的水平速度為vxv2aBt5 m/s（負號表明方向向左）豎直速度為vygt10 m/s 故第二次碰前B的動能 （3）第二次碰撞時，AB小球水平方向上動量守恒 機械能守恒，即 解得第二次碰后水平方向A的速度，B的速度10m/s 故第二次碰撞后A豎直下落（B在豎直方向上的運動與A相同）