1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項1考生要認真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖甲所示，質量不計的彈簧豎直固定在水平面上，t=0時刻，將一金屬小球從彈簧正上方某一高度處由靜止釋放，小球落到彈簧上壓縮彈簧到最低點，然后又被彈起離開彈簧，上升到一定高度后再下落，如此反復，通過安裝在彈簧下端的壓力傳感器，測

2、出這一過程彈簧彈力F隨時間t的變化圖象如圖乙所示，則（ ）At1時刻小球速度最大Bt2至t3時間內，小球速度一直增大Ct3時刻小球處于超重狀態Dt2至t3時間內，小球速度先增大后減小2、如圖所示，光滑半球形容器固定在水平面上，O為球心，一質量為的小滑塊，在水平力的作用下靜止于P點。設滑塊所受支持力為，OP與水平方向的夾角為，重力加速度為g。下列關系正確的是ABCD3、圖為某種椅子與其升降部分的結構示意圖,M、N兩筒間密閉了一定質量的氣體，M可沿N的內壁上下滑動，設筒內氣體不與外界發生熱交換，在M向下滑動的過程中A外界對氣體做功，氣體內能增大B外界對氣體做功，氣體內能減小C氣體對外界做功，氣體內

3、能增大D氣體對外界做功，氣體內能減小4、如圖所示，虛線代表電場中的三個等勢面，實線為一帶電粒子僅在電場力作用下的運動軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點，下列說法中正確的是（）A粒子帶負電B粒子在Q點時的加速度較P點大C粒子在P點時的動能較Q點大D粒子在P點時的電勢能較Q點大5、列車在空載時加速經過一段平直的路段，通過某點時速率為，加速度大小為；當列車滿載貨物再次加速經過同一點時，速率仍為，加速度大小變為設列車發動機的功率恒為，阻力是列車重力的倍，重力加速度大小為，則列車空載與滿載時的質量之比為ABCD6、在物理學史上，利用理想斜面實驗得出“力是改變物體運動狀態的原因”的著名科學家是A伽利略 B牛頓

4、 C奧斯特 D愛因斯坦二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，甲圖為光滑水平面上質量為M的物體，用細線通過定滑輪與質量為m的物體相連，由靜止釋放，乙圖為同一物體M在光滑水平面上用細線通過定滑輪豎直向下受到拉力F的作用，拉力F的大小與m的重力相等，由靜止釋放，開始時M距桌邊的距離相等，則A甲、乙兩圖中M的加速度相等為B甲圖中M的加速度比乙圖中M的加速度大C乙圖中繩子受到的拉力較大D甲圖中M到達桌邊用的時間較長，速度較小8、關于物體的運動，以下說法正確的是A物體做平

5、拋運動時，在任意相等時間內速度的增量一定相同B物體做勻速圓周運動時，加速度恒定C合力對物體做功為零時，物體的機械能一定守恒D如圖所示，光滑的水平面上放置一個光滑的斜劈M，在小物塊m沿斜劈斜面下滑的過程中，小物塊和斜劈組成的系統總動量不守恒9、如圖，虛線MN的右側有方向垂直于紙面向里的勻強磁場，兩電荷量相同的粒子P、Q從磁場邊界的M點先后射入磁場，在紙面內運動射入磁場時，P的速度垂直于磁場邊界，Q的速度與磁場邊界的夾角為45。已知兩粒子均從N點射出磁場，且在磁場中運動的時間相同，則（ ）AP和Q的質量之比為1：2BP和Q的質量之比為CP和Q速度大小之比為DP和Q速度大小之比為2：110、下列說法

6、中正確的是_A做簡諧運動的質點，離開平衡位置的位移相同時，加速度也相同B做簡諧運動的質點，經過四分之一周期，所通過的路程一定是一倍振幅C根據麥克斯電磁場理論可知，變化的磁場可以產生電場，變化的電場可以產生磁場D雙縫干涉實驗中，若只減小雙縫到光屏間的距離，兩相鄰亮條紋間距離將變大E.聲波從空氣傳入水中時頻率不變，波長變長三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）一同學為了研究光滑斜面上的物體靜止和加速下滑時傳感器對斜面支持力的差值與物體質量之間的關系，該同學用上表面光滑的楔形木塊A固定在水平放置的壓力傳感器上，做了如下實驗：（1）如圖甲，

7、該同學將質量m不同的小鋼球從斜面頂端由靜止釋放(每次只有一個小球)，記錄小鋼球在斜面上運動時壓力傳感器的示數F，并根據實驗數據做出F-m圖線重力加速度g取10m/s2，若斜面傾角為，由圖象可知，cos2=_(保留2位有效數字)，由圖象知，木塊A的質量M=_kg(保留2位有效數字)；（2）該同學先把物體m用繩子系在斜面擋板上(如圖乙所示)，測得此時傳感器示數，再剪斷繩子，測得此時傳感器示數，從而得到兩種情況下傳感器對斜面支持力的差值F的函數表達式F=_(用已知字母表示的表達式)更換不同質量的物體m，多做幾次實驗得到數據，根據數據得到F-m圖象，該圖象的斜率k=_(保留2位有效數字)12（12分）

8、圖甲為驗證牛頓第二定律的實驗裝置示意圖。圖中打點計時器的電源為50 Hz的交流電源，打點的時間間隔用t表示。在小車質量未知的情況下，某同學設計了一種方法用來探究“在外力一定的條件下，物體的加速度與其質量間的關系”。 (1)完成下列實驗步驟中的填空：平衡小車所受的阻力：小吊盤中不放物塊，調整木板右端的高度，用手輕撥小車，直到打點計時器打出一系列_的點。按住小車，在小吊盤中放入適當質量的物塊，在小車中放入砝碼。打開打點計時器電源，釋放小車，獲得帶有點列的紙帶，在紙帶上標出小車中砝碼的質量m。按住小車，改變小車中砝碼的質量，重復步驟。在每條紙帶上清晰的部分，每5個間隔標注一個計數點。測量相鄰計數點的

9、間距s1、s2、。求出與不同m相對應的加速度a。以砝碼的質量m為橫坐標，為縱坐標，在坐標紙上作出m關系圖線。若加速度與小車和砝碼的總質量成反比，則與m應成_關系(填“線性”或“非線性”)。(2)完成下列填空：本實驗中，為了保證在改變小車中砝碼的質量時，小車所受的拉力近似不變，小吊盤和盤中物塊的質量之和應滿足的條件是_。圖乙為用米尺測量某一紙帶上的s1、s3的情況由此求得加速度的大小a_ m/s2 (保留三位有效數字)。圖丙為所得實驗圖線的示意圖。設圖中直線的斜率為k，在縱軸上的截距為b，若牛頓定律成立，則小車受到的拉力為_，小車的質量為_。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中

10、指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖甲所示，可視為質點的A、B兩物體置于一靜止長紙帶上，紙帶左端與A、A與B間距均為d0.5 m，兩物體與紙帶間的動摩擦因數均為10.1，與地面間的動摩擦因數均為20.2，現以恒定的加速度a2 m/s2向右水平拉動紙帶，重力加速度g取10 m/s2，求：(1)A、B兩物體在紙帶上的滑動時間(2)兩物體A、B均停止在地面上后之間的距離(3)在圖乙的坐標系中定性畫出A、B兩物體的vt圖象14（16分）如圖所示，底端切線水平且豎直放置的光滑圓弧軌道的半徑為L，其軌道底端P距地面的高度及與右側豎直墻的距離均為L，Q為圓弧軌道上的一點

11、，它與圓心O的連線OQ與豎直方向的夾角為60。現將一質量為m，可視為質點的小球從Q點由靜止釋放，g10 m/s2，不計空氣阻力。試求：（1）小球在P點時受到的支持力大小；（2）在以后的運動過程中，小球第一次與墻壁的碰撞點離墻角B點的距離。15（12分）某天大霧彌漫，能見度很低，甲、乙兩輛汽車同向行駛在同一平直公路上，甲車在前，乙車在后，甲車的速度v115m/s，乙車的速度v225m/s，當乙車行駛到距甲車s60m時，駕駛員發現了前方的甲車，設兩車駕駛員的反應時間均為t0.5s.（1）若乙車的駕駛員發現甲車后經反應時間t后立即剎車做勻減速運動，為了防止相撞，求乙車減速運動的最小加速度的大小a1(

12、此過程甲車速度保持不變)；（2）若乙車的駕駛員發現甲車后經反應時間t后，僅采取鳴笛警告措施，甲車駕駛員聽到鳴笛后經反應時間t后立即做勻加速運動，為了防止相撞，求甲車加速運動的最小加速度的大小a2.參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A、t1時刻小球剛與彈簧接觸；當彈簧彈力與重力平衡時速度最大，故A錯誤；B、D、t2時刻小球受到的彈力最大，處于最低點，合力向上，速度為零，故先加速向上運動，當重力與彈力平衡時，速度最大，之后做減速運動，故B錯誤，D正確；C、t3時刻彈力為零，合力向下，故小球處于失重狀態，重物

13、C錯誤故選D【點睛】關鍵要將小球的運動分為自由下落過程、向下的加速和減速過程、向上的加速和減速過程進行分析處理，同時要能結合圖象分析2、A【解析】對小滑塊受力分析，受水平推力F、重力G、支持力FN、根據三力平衡條件，將受水平推力F和重力G合成，如圖所示，由幾何關系可得故A正確。3、A【解析】筒內氣體不與外界發生熱交換，當氣體體積變小時，則外界對氣體做功，外界對氣體做功使氣體的內能增大A正確4、D【解析】A因為電場線和等勢面垂直，且由高電勢指向低電勢，所以在P點的電場強度方向如圖所示：因為帶電粒子受到的電場力和電場強度共線，且在曲線的內側，所以粒子在P點受到的電場力和電場強度方向相同，則粒子帶正

14、電，故A錯誤；B因為Q點所在處的等勢面比P點疏，所以電場強度比P點小，根據牛頓第二定律可知，粒子在Q點的加速度小于P點，故B錯誤；CD根據EP=q可知，P點的電勢大于Q點，所以粒子在P點的電勢能大于Q點，根據能量守恒可知，粒子在P點的動能小于Q點，故C錯誤，D正確5、B【解析】因兩次經過某點的速率相同，功率相同，由可知牽引力相同；由牛頓第二定律，空載時：；滿載時：；聯立解得：，故選B.6、A【解析】在物理學史上，利用理想斜面實驗得出“力是改變物體運動狀態的原因”的著名科學家是伽利略，故選A.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的

15、。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】試題分析：對甲圖：以兩個物體整體為研究對象，根據牛頓第二定律求解加速度，再對M研究，求出繩子的拉力對乙圖：由牛頓第二定律求解加速度，根據兩者的加速度分析問題甲圖：以兩個物體整體為研究對象，根據牛頓第二定律得： ；乙圖： ，且，AB錯誤；乙圖中繩子拉力大小為，而甲圖中，對M： ，則乙圖中繩子受到的拉力較大，C正確；由公式和得知，甲圖中加速度較小，甲圖中M到達桌邊用的時間較長，速度較小，D正確8、AD【解析】平拋運動是加速度為g的勻加速運動v=gt在任意相等時間內速度的增量是相等故A正確；勻速圓周運動加速度的方向指向圓心，始終

16、是變化的故B錯誤；只有重力做功時機械能才守恒故C錯誤；由于系統的合外力不為零，則小物塊和斜劈組成的系統總動量不守恒，但水平方向動量守恒，故D正確；故選AD9、AC【解析】設MN=2R，則對粒子P的半徑為R，有：；對粒子Q的半徑為R，有：；又兩粒子的運動時間相同，則，即，解得，故AC正確，BD錯誤10、ACE【解析】做簡諧運動的質點，離開平衡位置的位移相同時，回復力相同，故加速度也相同，選項A正確；做簡諧運動的質點，經過四分之一周期，只有從平衡位置或者從位移最大或最小的位置計時，所通過的路程一定是一倍振幅，選項B錯誤； 根據麥克斯電磁場理論可知，變化的磁場可以產生電場，變化的電場可以產生磁場，選

17、項C正確； 雙縫干涉實驗中，根據 可知，若只減小雙縫到光屏間的距離，兩相鄰亮條紋間距離將變小，選項D錯誤； 聲波從空氣傳入水中時頻率不變，波速變大，根據可知波長變長，選項E正確；故選ACE.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.33（0.320.35）0.20kgmgsin2（或mg1-cos2）6.7（6.56.8）【解析】試題分析：分別對小球和A受力分析，求出傳感器的示數F與m的表達式，再結合圖象求解；當m=0時，傳感器的示數即為木塊A的重力，從而求出A的質量；根據靜止和下滑兩種情況下對壓力傳感器的作用力表達式求解F-m的表達式，

18、根據表達式計算圖像的斜率（1）對小球受力分析，根據平衡條件可知，A對小球的支持力N=mgcos，根據牛頓第三定律可知，小球對A的壓力為mgcos，對A受力分析可知，傳感器對A的支持力F=Mg+mgcoscos，則傳感器的示數為F=Mg+mgcos2，則F-m圖象的斜率k=gcos2，則有gcos2=2.3-1.960.1=0.34，解得cos2=0.034；當m=0時，傳感器的示數即為木塊A的重力，則有Mg=1.96N，解得M=1.9610kg0.20kg（2）當靜止時，將斜面和小球看做一個整體，則整體在豎直方向上只受重力和傳感器的支持力，故此時傳感器的示數為F=(M+m)g，當加速下滑時傳感

19、器的示數為F=Mg+mgcos2，故F=F-F=mg(1-cos2)，即F=mg(1-cos2)，圖像的斜率k=g(1-cos2)=6.812、等間距 線性 遠小于小車和砝碼的總質量 1.16(1.131.19之間均正確) 【解析】(1)1在平衡摩擦力時，應小吊盤中不放物塊，調整木板右端的高度，用手輕撥小車，直到打點計時器打出一系列等間距的點，則此時說明小車做勻速運動；2由牛頓第二定律：F=ma可知：在F一定時，與m成正比，與m成線性關系.(2)3探究牛頓第二定律實驗時，當小吊盤和盤中物塊的質量之和遠小于小車和車中砝碼的總質量時，可以近似認為小車受到的拉力等于小吊盤和盤中物塊受到的重力，認為小車受到的拉力不變4兩個相鄰計數點之間還有4個點，打點計時器的打點時間間隔為0.02s，計數點間的時間間隔：t=0.1s,由勻變速直線運動的推論：x=at2可知加速度：56設小車質量為M，小車受到外力為F，由牛頓第二定律有：所以則圖象的斜率為，故縱截距為則四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1) t11 s，