1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、將質量為m的小球從桌面邊緣豎直向上拋出，桌面離地高為h。小球能到達的最大高度與地面的距離為H，以桌面為零勢能參考平面，不計空氣阻力，則小球落地時的機械能為（）Am

2、gHBmg(Hh)Cmg(H+h)Dmgh2、如圖所示，滑輪A可沿傾角為的足夠長光滑軌道下滑，滑輪下用輕繩掛著一個重為G的物體B，下滑時，物體B相對于A靜止，則下滑過程中 （ ）AB的加速度為gsinB繩的拉力為C繩的方向保持豎直D繩的拉力為G3、一圓環形鋁質金屬圈（阻值不隨溫度變化）放在勻強磁場中，設第1s內磁感線垂直于金屬圈平面（即垂直于紙面）向里，如圖甲所示若磁感應強度B隨時間t變化的關系如圖乙所示，那么第3s內金屬圈中( )A感應電流逐漸增大，沿逆時針方向B感應電流恒定，沿順時針方向C圓環各微小段受力大小不變，方向沿半徑指向圓心D圓環各微小段受力逐漸增大，方向沿半徑指向圓心4、A和B兩

3、物體在同一直線上運動的v-t圖線如圖，已知在第3s末兩個物體相遇，則此過程中兩物相同的是（ ）A加速度B出發地C速度方向D合外力5、一帶負電粒子在電場中僅受靜電力作用下沿x軸正向做直線運動v-t圖象如圖所示,起始點O為坐標原點,下列關于電勢、粒子動能Ek、電場強度E、粒子加速度a與位移x的關系圖象中可能合理的是A B C D6、如圖所示，A、B、C、D是水平面內同一直線上的四點，且AB=BC=CD，在A點正上方的O點以水平拋出一小球，剛好落在C點，小球運動的軌跡與OD的連線交于E點，不計空氣阻力，下列說法正確的是（）A小球經過E點與落在C點的水平位移之比是2：3B小球經過E點與落在C點的水平位

4、移之比是3：4C小球經過E點與落在C點時重力做功的比為5：9D小球經過E點與落在C點時重力做功的比為7：16二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖，一物體從光滑斜面AB底端A點以初速度v0上滑，沿斜面上升的最大高度為h。下列正確的是（設下列情境中物體從A點上滑的初速度仍為v0）A若把斜面AB變成光滑曲面AEB，物體沿此曲面上升仍能到達B點B若把斜面CB部分截去，物體沖過C點后上升的最大高度仍為hC若把斜面彎成光滑圓如圖中的弧形D，物體仍沿圓弧升高hD若把斜面AB與水

5、平面的夾角稍變大，物體上升的最大高度仍為h8、如圖所示，物塊A、B間拴接一個壓縮后被鎖定的彈簧，整個系統靜止放在光滑水平地面上，其中A物塊最初與左側固定的擋板相接觸，B物塊質量為2kg?，F剪斷A、B間的細繩，解除對彈簧的鎖定，在A離開擋板后，B物塊的t圖如圖所示，則可知( ) A在A離開擋板前，A、B系統動量不守恒，之后守恒B在A離開擋板前，A、B與彈簧組成的系統機械能守恒，之后不守恒C彈簧鎖定時其彈性勢能為9JD若A的質量為1kg，在A離開擋板后彈簧的最大彈性勢能為3J9、假設高速公路上甲、乙兩車在同一車道上同向行駛甲車在前，乙車在后，速度均為v0=30 m/s，距離s0=100mt=0時刻

6、甲車遇緊急情況后，甲、乙兩車的加速度隨時間變化圖象如圖所示，取運動方向為正方向，下列說法不正確的是（ ）At=6 s時兩車等速Bt=6 s時兩車距離最近C06 s內兩車位移之差為90 mD兩車09 s內會相撞10、如圖所示，三個小球A、B、C的質量均為m，A與B、C間通過鉸鏈用輕桿連接，桿長為L，B、C置于水平地面上，用一輕質彈簧連接，彈簧處于原長現A由靜止釋放下降到最低點，兩輕桿間夾角由60變為120，A、B、C在同一豎直平面內運動，彈簧在彈性限度內，忽略一切摩擦，重力加速度為g.則在此過程中AA的動能達到最大前，B受到地面的支持力小于mgBA的動能最大時，B受到地面的支持力等于mgC彈簧的

7、彈性勢能最大時，A的加速度方向豎直向下D彈簧的彈性勢能最大值為mgL三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學用如圖甲所示裝置通過半徑相同的A、B兩球的碰撞來驗證動量守恒定律實驗時先使A球從斜槽上某一固定位置G由靜止開始滾下，落到位于水平地面的記錄紙上，留下痕跡重復上述操作10次，得到10個落點痕跡再把B球放在水平槽上靠近槽末端的地方，讓A球仍從位置G由靜止開始滾下，和B球碰撞后，A、B球分別在記錄紙上留下各自的落點痕跡重復這種操作10次，得到了如圖乙所示的三個落地點（1）請你敘述用什么方法找出落地點的平均位置?_并在圖中讀出OP

8、=_（2）已知mAmB=21，碰撞過程中動量守恒，則由圖可以判斷出R是_球的落地點，P是_球的落地點（3）用題中的字母寫出動量守恒定律的表達式_12（12分） “探究功與物體速度變化的關系”的實驗如圖1所示，當靜止的小車在一條橡皮筋作用下彈出時，橡皮筋對小車做的功記為W。當用2條、3條完全相同的橡皮筋并在一起進行第2次、第3次實驗時，使每次實驗中橡皮筋伸長的長度都保持一致每次實驗中小車獲得的速度由打點計時器所打的紙帶測出（1）若木板水平放置，小車在兩條橡皮筋作用下運動，當小車速度最大時，關于橡皮筋所處的狀態與小車所在的位置（視小車為質點），下列說法正確的是_A橡皮筋處于原長狀態B橡皮筋仍處于伸

9、長狀態C小車在兩個鐵釘的連線處D小車已過兩個鐵釘的連線（2）下列4條紙帶哪一條是在探究功與物體速度變化關系的實驗中，正確操作可能得到的紙帶_ABCD（3）若實驗中的所有操作和數據處理無錯誤，則繪出的圖線（圖2中v2=v2-0、將一根橡皮筋對小車做的功記為1）應為過原點的一條直線但根據實驗結果得到的圖線如圖所示，造成這一偏差的原因是_四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）從離地面H高處落下一只小球，小球在運動過程中所受的空氣阻力是它重力的k(k1)倍，而小球與地面相碰后，能以相同大小的速率反彈，求：(1)小球第

10、一次與地面碰撞后，能夠反彈起的最大高度是多少？(2)小球從釋放開始，直至停止彈跳為止，所通過的總路程是多少？14（16分）如圖所示，直線MN將平面分成兩個區域I和，MN與水平方向成45角，兩個區域內均有勻強電場，場強大小均為E，I區內場強方向豎直向下、區內水平向右，一質量為m、帶正電且電荷量為q的粒子，以速度v0從MN上的P點水平向右射入I區粒子的重力忽略不計求：(1)粒子首次到達MN邊界時到P點的距離；(2)粒子第二次到達邊界MN時的速度大小15（12分）如圖所示，光滑水平面MN左端有一固定彈性擋板P(物體與擋板碰撞時無能量損失)，右端N與處于同一高度的水平傳送帶之間的間隙可忽略，傳送帶以的

11、速度逆時針勻速轉動。MN上放置著三個可視為質點的物體A、B和C，質量分別為mA=4kg、mB=1kg、mC=1kg，開始時，A、B靜止，AB間有一個鎖定的被壓縮的輕質彈簧，彈性勢能EP=40J，物體C靜止在N點?，F解除鎖定，A、B被彈開后迅速移走彈簧，B和C相碰后粘在一起。A、B、C三個物體與傳送帶間的動摩擦因數均為=0.2，g=10m/s2。求：(1)物體A、B被彈開時各自速度的大小；(2)要使A與BC能在水平面MN上發生相向碰撞，則傳送帶NQ部分的長度L至少多長；(3)若傳送帶NQ部分長度等于(2)問中的最小值，物體A與BC碰撞后結合成整體，此整體從滑上傳送帶到第一次離開傳送帶的過程中，系

12、統有多少機械能轉化成內能。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】小球到達的最大高度時，速度為零，即動能為零，上升階段，根據機械能守恒，小球拋出時的機械能為由題意可知，整個過程小球機械能守恒，故小球落地時的機械能為故ACD錯誤，B正確。故選B。2、A【解析】分析滑輪A和B的整體，受到重力和斜面的支持力，由牛頓第二定律可得，解得，由于下滑時，物體B相對于A靜止，因此物體B的加速度也為g sin，對物體B受力分析得：受到繩子的拉力和重力，因此繩子拉力方向與斜面垂直，因此由拉力為 Gcos因此A正確BCD錯誤3、D

13、【解析】試題分析：從圖乙中可得第3s內垂直向里的磁場均勻增大，穿過線圈垂直向里的磁通量增大，由楞次定律可得，感應電流為逆時針方向；根據法拉第電磁感應定律可得線圈產生的感應電動勢為，根據歐姆定律產生的感應電流為，正比于，第3s內磁通量的變化率恒定，所以產生的感應電流恒定，AB錯誤；圓環各微小段受安培力，由于磁場逐漸增大，電流不變，根據公式，可得圓環各微小段受力逐漸增大，由左手定則可得，安培力的方向沿半徑指向圓心故C錯誤；D正確考點：考查了電磁感應與圖像4、C【解析】A速度圖象的斜率等于加速度，斜率越大，加速度越大，則知A、B的加速度不同，故A錯誤B由圖象的“面積”可知兩物體在3s內的位移不等，而

14、在第3s末兩個物體相遇，可知兩物體出發地不同，故B錯誤C速度的正負表示速度方向，則知兩物體的速度方向相同，故C正確D兩個物體的加速度不同，由于兩個物體的質量關系未知，由牛頓第二定律知不能確定合外力的關系，故D錯誤故選C考點：v-t圖像5、C【解析】根據v-t圖象的斜率分析加速度的變化，判斷電場力的變化，由電場力做功情況分析動能和電勢能的變化，再分析電勢的變化.【詳解】A、v-t圖象的斜率表示加速度，則知粒子的加速度減小，由牛頓第二定律知qE=ma，得場強E逐漸減小，由知-x圖象切線斜率是變化的，所以，-x圖象是曲線，故A錯誤.B、v減小，則知動能Ek減小，故B錯誤.C、E隨時間減小，粒子做減速

15、直線運動，E可能隨x均勻減小，故C正確.D、a隨時間減小，粒子做減速直線運動，a隨x增大而減小，故D錯誤.故選C.【點睛】本題關鍵是明確粒子的受力情況和運動情況，然后結合動能定理進行分析，圖象的斜率的物理意義要清楚。6、A【解析】從O到E過程，位移偏轉角的正切值為，由幾何關系得，聯立解得： ；從O到C過程，位移偏轉角的正切值為 ，由幾何關系得，聯立解得；故；平拋運動的水平分運動是勻速直線運動，故，A正確，B錯誤；平拋運動的豎直分運動是自由落體運動，故，重力做功之比，CD錯誤；選A.【點睛】物體做平拋運動，在水平方向勻速運動，豎直方向自由落體運動，根據位移偏轉角的正切值公式，求得下落到E點的時間

16、與落到C的時間關系即可判斷二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】A. 若把斜面AB換成光滑曲面AEB，此過程由機械能守恒可知，所以上升高度仍為h，故A正確；B. 若把斜面CB部分截去，物體沖過C點后做斜拋運動，到達最高點后物體還有一部分動能，根據機械能守恒可知物體不能上升到h，故B錯誤；C. 把斜面彎成豎直光滑圓形軌道AD，物體沿圓弧能上升的最大高度時有最小速度 故動能沒有全部轉化為重力勢能，故上升高度小于h，故C錯誤；D. 若把斜面AB與水平面的夾角稍變大

17、，上升最高點速度為零，根據機械能守恒知仍上升到h，故D正確。8、ACD【解析】在A離開擋板前，由于擋板對A有作用力，所以A、B系統所受合外力不為零，則系統動量不守恒；離開擋板之后，系統的合外力為零，動量守恒，故A正確；在A離開擋板前，擋板對A的作用力不做功，A、B及彈簧組成的系統在整個過程中只有彈簧的彈力做功，機械能都守恒，故B錯誤；解除對彈簧的鎖定后至A剛離開擋板的過程中，彈簧的彈性勢能釋放，全部轉化為B的動能，根據機械能守恒定律，有：Ep=12mBvB2，由圖象可知，vB=3m/s，解得：Ep=9J，故C正確。分析A離開擋板后A、B的運動過程，并結合圖象數據可知，彈簧伸長到最長時A、B的共

18、同速度為v共=2m/s，根據機械能守恒定律和動量守恒定律，有：mBv0=（mA+vB）v共；Ep=12mBv02-12（mA+vB）v共2；聯立解得：Ep=3J，故D正確。故選CD?！军c睛】本題主要考查了動量守恒定律及機械能守恒定律的應用，關鍵是搞清運動過程，能夠知道當彈簧伸到最長時，其勢能最大9、AB【解析】由加速度圖象可畫出兩車的速度圖象，如圖所示由圖象可知，t=6s 時兩車等速，此時距離最近，故A正確，B正確；圖中陰影部分面積為06s內兩車位移之差：x303+30(63)m=90m100m，所以不會相撞，故C D錯誤故選AB【點睛】本題是追及問題，關鍵分析清楚兩小車的運動情況，然后根據運

19、動學公式列式求解或者畫出速度時間圖象進行分析，此題難度不大，意在考查學生認識圖像及運用圖像的能力10、AB【解析】A的動能最大時，設B和C受到地面的支持力大小均為F，此時整體在豎直方向受力平衡，可得2F=3mg，所以，在A的動能達到最大前一直是加速下降，處于失重情況，所以B受到地面的支持力小于，故AB正確；當A達到最低點時動能為零，此時彈簧的彈性勢能最大，A的加速度方向向上，故C錯誤；A球達到最大動能后向下做減速運動，到達最低點時三個小球的動能均為零，由機械能守恒定律得，彈簧的彈性勢能為Epmg(Lcos 30Lcos 60)，故D錯誤所以AB正確，CD錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。

20、把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、用最小的圓把所有落點圈在里面，圓心即為落點的平均位置 13.0cm B A mA=mA+mB 【解析】(1)1 用盡可能小的圓把球的各落點圈起來，圓的圓心位置即為落地點的平均位置，2根據圖乙可知，平均落點到O點距離OP為13.0cm(2)34 mAmB=21，A與B相撞后，B的速度增大，A的速度減小，碰前碰后都做平拋運動，高度相同，落地時間相同，所以Q點是沒有碰B時A球的落地點，R是碰后B的落地點，P是碰后A的落地點(3)5 根據動量守恒定律可得：mAv0=mAv1+mBv2根據兩小球從同一高度開始下落，故下落的時間相同，故有：mAv0

21、t=mAv1t+mBv2t即12、BD未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足【解析】試題分析：（1）由于水平放置，未平衡摩擦力，兩條橡皮筋的合拉力等于摩擦力時，橡皮條做功完畢，小車的速度最大，此時小車未過兩個鐵釘的連線；故選BC（2）小車在橡皮條的作用下先加速，后勻速，故紙帶間隔先變大后均勻；故選D（3）從圖象可以看出，當功不為零時，速度增加量為零，說明摩擦力沒有平衡或平衡的不夠；考點：探究功與物體速度變化的關系【名師點睛】本題考查了探究功與物體速度變化的關系試驗；解題的關鍵明確實驗原理，熟悉實驗過程，最好是能夠親手做實驗。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要

22、的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1） （2）【解析】（1）設小球第一次與地面碰后，能夠反彈起的最大高度是h，則由動能定理得：解得 （2）設球從釋放開始，直至停止彈跳為止，所通過的總路程是S，對全過程由動能定理得：，解得【點睛】運用動能定理解題，關鍵是合適地選擇研究的過程，判斷有哪些力做功，根據動能定理列表達式，有時研究過程選擇的好，解題會更方便14、（1）（2）【解析】(1)粒子垂直電場進入做類平拋運動，運動加速度大小為a，落到MN上用時t1，根據幾何關系：解得：(2)粒子進入II區運動，水平方向勻加速運動豎直方向勻速運動又因為【點睛】本題求粒子的位移和速度，分析清楚粒子運動過程、應用類平拋運動規律即可正確解題15、（1），（2）（3）【解析】