1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷考生請注意：1答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、2017年6月15日，中國空間科學衛星“慧眼”被成功送入軌道，衛星軌道所處的空間存在極其稀薄的空氣“慧眼”是我國首顆大型X射線天文衛星，這意味著我國在X射線空間觀測方面具有國

2、際先進的暗弱變源巡天能力、獨特的多波段快速光觀測能力等下列關于“慧眼”衛星的說法正確的是（ ）A如果不加干預，“慧眼”衛星的動能可能會緩慢減小B如果不加干預，“慧眼”衛星的軌道高度可能會緩慢降低C“慧眼”衛星在軌道上處于失重狀態，所以不受地球的引力作用D由于技術的進步，“慧眼”衛星在軌道上運行的線速度可能會大于第一宇宙速度2、如圖所示，將質量為m的小球用橡皮筋(橡皮筋的拉力與伸長量的關系滿足胡克定律)懸掛在豎直墻的O點，小球最終靜止在Q點，P為O點正下方的一點OP間的距離等于橡皮筋原長，在P點固定一光滑圓環，橡皮筋穿過圓環。現對小球施加一個外力F,使小球沿以PQ為直徑的圓弧緩慢向上運動，不計一

3、切摩擦阻力， 重力加速度為g。則小球從Q點向P點運動的過程中A外力F逐漸減小B外力F先變大再變小.C外力F的方向始終水平向右D外力F的方向始終與橡皮筋垂直3、如圖所示，質量為M的框架放在水平地面上，一輕彈簧上端固定一個質量為m的小球，小球上下振動時，框架始終沒有跳起.當框架對地面壓力為零瞬間，小球的加速度大小為：AgBgC0Dg4、如國所示，在粗糙水平地面放一質量為M的斜面，質量為m的木塊沿斜面勻速下滑，此過程斜面保持靜止，則（ ）A地面對斜面有水平向右的摩擦力B地面對斜面有水平向左的摩擦力C地面對斜面的支持力等于(M+m)gD地面對斜面的支持力小于(M+m)g5、如圖，一光滑大圓環固定在桌面

4、上，環面位于豎直平面內，在大圓環上套著一個小環，小環由大圓環的最高點從靜止開始下滑，在小環下滑的過程中，大圓環對它的作用力（）A一直不做功B一直做正功C始終指向大圓環圓心D始終背離大圓環圓心6、如圖甲所示,一次訓練中，運動員腰部系著不可伸長的繩拖著質量m=11 kg的輪胎從靜止開始 沿著筆直的跑道加速奔跑，繩與水平跑道的夾角是37，5 s后拖繩從輪胎上脫落，輪胎運動的v-t圖象如圖乙所示，不計空氣阻力，已知sin 37=0.6，cos 37=0.8，g取10 m/s2，則下列說法正確的是（ ）A輪胎與水平地面間的動摩擦因數=0.2B拉力F的大小為55 NC在05s內，輪胎克服摩擦力做功為137

5、5 JD在6 s末，摩擦力的瞬時功率大小為275 W二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、某靜電場中，x軸上電場強度E隨時間變化的關系如圖所示，設x軸正方向為電場強度的正方向一帶電量大小為q的粒子從坐標原點O沿x軸正方向運動，結果粒子剛好能運動到處，假設粒子僅受電場力作用，、已知，則A粒子一定帶負電B粒子的初動能大小為C粒子沿軸正方向運動過程中電勢能先增大后減小D粒子沿x軸正方向運動過程中最大動能為8、如圖所示，質量為m的長方體物塊放在水平放置的鋼板C上，物塊與鋼板間的

6、動摩擦因數為，由于光滑固定導槽A、B的控制，該物塊只能沿水平導槽運動現使鋼板以速度v1向右勻速運動，同時用水平力F拉動物塊使其以速度v2(v2的方向與v1的方向垂直，沿y軸正方向)沿槽勻速運動，以下說法正確的是()A若拉力F的方向在第一象限，則其大小一定大于mgB若拉力F的方向在第二象限，則其大小可能小于mgC若拉力F的方向沿y軸正方向，則此時F有最小值，其值為mg D若拉力F的方向沿y軸正方向，則此時F有最小值，其值為mg 9、如圖所示，內壁光滑的圓形軌道固定在豎直平面內，軌道內甲、乙兩小球固定在輕桿的兩端，已知甲乙兩球的質量分別為M,m 且Mm，開始時乙球位于軌道的最低點，現由靜止釋放輕桿

7、，下列說法正確的是()A甲球下滑至底部的過程中,系統的機械能守恒B甲球滑回時不一定能回到初始位置C甲球沿軌道下滑，第一次到最低點時具有向右的瞬時速度D在甲球滑回過程中桿對甲球做的功與桿對乙球做的功的代數和為零10、如圖所示，在粗糙的水平面上，質量相等的兩個物體A、B間用一輕質彈簧相連組成系統。且該系統在水平拉力F作用下以相同加速度保持間距不變一起做勻加速直線運動，當它們的總動能為2Ek時撤去水平力F，最后系統停止運動。不計空氣阻力，認為最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，從撤去拉力F到系統停止運動的過程中（ ）A外力對物體A所做總功的絕對值等于EkB物體A克服摩擦阻力做的功等于EkC系統克服摩擦阻力做

8、的功可能等于系統的總動能2EkD系統克服摩擦阻力做的功一定等于系統機械能的減小量三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在“探究加速度與力、質量的關系”實驗中，實驗裝置示意圖如圖甲所示，則（1）下列說法中正確的是_A實驗中所用打點計時器應該接直流電源B實驗過程中，細線應該與長木板上表面平行C實驗過程中，小車的總質量應該遠小于懸掛托盤及砝碼的總質量D本實驗采用控制變量法分別探究小車的加速度與小車所受合外力及小車的質量之間的關系（2）保證小車的總質量M不變，改變托盤及砝碼的總質量m，通過每次打出的紙帶求出相對應的小車加速度a。若某實驗小組

9、得到5組數據如圖乙所示。以托盤及砝碼的總質量m為橫坐標，以小車的加速度為縱坐標，請在圖丙中利用描點法畫出相應圖線_。利用該圖線可以求出小車的總質量M為_kg(重力加速度g=10ms2)，該圖線不通過坐標原點的原因是_。12（12分） (1)甲同學用如圖(a)所示的裝置來驗證動量守恒定律。實驗中質量為m1的入射小球和質量為m2的被碰小球的質量關系是m1_m2（選填“大于” “等于”或“小于”）；圖(a)中O點是小球拋出點在地面上的投影。實驗時，先將入射小球m1多次從斜軌上S位置靜止釋放，找到其平均落地點的位置P，測量水平射程OP。然后，把被碰小球m2靜置于軌道的水平部分，再將入射小球m1從斜軌上

10、S位置靜止釋放，與小球m2相碰，并多次重復本操作。接下來要完成的必要步驟是_；（填選項前的字母）A用天平測量兩個小球的質量m1、m2B測量小球m1開始釋放的高度hC測量拋出點距地面的高度HD分別通過畫最小的圓找到m1、m2相碰后平均落地點的位置M、NE測量水平射程OM、ON若兩球相碰前、后的動量守恒，其表達式可表示為_（用中測量的量表示）。(2)乙同學也用上述兩球進行實驗，但將實驗裝置改成如圖(b)所示。將白紙、復寫紙固定在豎直放置的木條上，用來記錄實驗中小球1、小球2與木條的撞擊點。實驗時先將木條豎直立在軌道末端右側并與軌道接觸，讓入射小球1從斜軌上起始位置由靜止釋放，撞擊點為B；然后將木條

11、平移到圖中所示位置，入射小球1從斜軌上起始位置由靜止釋放，確定其撞擊點P；再將入射小球1從斜軌上起始位置由靜止釋放，與小球2相撞，撞擊點為M和N，測得B與N、P、M各點的高度差分別為h1、h2、h3。只要滿足關系式_，則說明碰撞中動量是守恒的；只要再滿足關系式_，則說明兩小球的碰撞是彈性碰撞（用所測物理量的字母表示）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，長l1m的輕質細繩上端固定，下端連接一個可視為質點的帶電小球，小球靜止在水平向右的勻強電場中，繩與豎直方向的夾角37.已知小球所帶電荷量q1.01

12、06C，勻強電場的場強E3.0103N/C，取重力加速度g10m/s2，sin 370.6，cos 370.8.求：(1)小球所受電場力F的大小；(2)小球的質量m；(3)將電場撤去，小球回到最低點時速度v的大小14（16分）如圖所示, 質量為m 物塊A被輕質細繩系住斜吊著放在傾角為30的靜止斜面上, 物塊A與斜面間的動摩擦因數為()細繩繞過定滑輪O，左右兩邊與豎直方向的夾角=30、=60，細繩右端固定在天花板上，為細繩上一光滑動滑輪，下方懸掛著重物B整個裝置處于靜止狀態,重力加速度為g,最大靜摩擦力近似等于滑動摩擦力求: (1)重物B的質量為多少時，A與斜面間恰好沒有摩擦力作用？ (2) A

13、與斜面間恰好沒有摩擦力作用時，水平地面對斜面的摩擦力為多大？(3)重物B的質量滿足什么條件時，物塊A能在斜面上保持靜止？15（12分）如圖所示為某種彈射裝置的示意圖，該裝置由三部分組成，傳送帶左邊是足夠長的光滑水平面，一輕質彈簧左端固定，右端連接質量 M=6.0kg 的物塊 A，物塊 A 靜止在水平面上裝置的中間部分是水平傳送帶，它與左右兩邊的臺面等高，并能平滑對接傳送帶以 u=1.0m/s 逆時針勻速運動傳送帶的右邊是一個半徑 R=1.15m 位于豎直平面內的光滑圓弧軌道某時刻起將一個質量m=1.0kg的物塊B從圓弧的最高處由靜止釋放已知物塊 B 與傳送帶之間的動摩擦因數=0.1，傳送帶兩軸

14、之間的距離l=4.5m，物塊 B 與 A 發生的碰撞為彈性碰撞取g=10m/s1求：(1)物塊 B 與物塊 A 第一次碰撞后彈簧的最大彈性勢能；(1)如果物塊 A、B 每次碰撞后，物塊 A 再回到平衡位置時彈簧都會被立即鎖定，而當它們再次碰撞前鎖定被解除，求物塊 B 從第1次與物塊 A 碰撞結束后，到第 5 次與物塊A碰撞前,物塊B一共在傳送帶上運動了多長時間參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】AB：衛星軌道所處的空間存在極其稀薄的空氣，如果不加干預，衛星的機械能減小，衛星的軌道高度會緩慢降低，據可得，衛

15、星的軌道高度降低，衛星的線速度增大，衛星的動能增大故A錯誤、B正確C：衛星在軌道上，受到的地球引力產生向心加速度，處于失重狀態；故C錯誤D：據可得，衛星在軌道上運行的線速度小于第一宇宙速度；故D錯誤2、D【解析】設圓的半徑為R，橡皮筋的勁度系數為k，小球最終靜止在Q點，胡克定律得：mg=k(2R)當小球與N的連線與豎直方向之間的夾角為時，橡皮筋的伸長量橡皮筋的彈力對小球，設拉力F與水平方向之間的夾角為，在水平方向豎直方向聯立可得可知拉力F的方向繩子與橡皮筋的方向垂直，而且隨的增大，F逐漸增大。故選D。3、D【解析】當框架對地面壓力為零瞬間，框架受重力和彈簧的彈力處于平衡，則F=Mg對小球分析，

16、根據牛頓第二定律得，F+mg=ma解得A. g，與結論不相符，選項A錯誤；B. g，與結論不相符，選項B錯誤；C. 0，與結論不相符，選項C錯誤；D. g，與結論相符，選項D正確。4、D【解析】對物體M和m整體受力分析，受拉力F、重力（M+m）g、支持力FN，根據共點力平衡條件，豎直方向：FN+F-（M+m）g=0，解得：FN=（M+m）g-F（M+m）g；水平方向不受力，故沒有摩擦力。故選AD。【點睛】整體法與隔離法的靈活選擇對解題過程簡潔與否至關重要，本題中選擇整體法會使解題過程大為簡化，如果用隔離法，由于力的個數較多，還需隔離出兩個物體分別分析，解題過程會很繁瑣，作為選擇題，要能靈活選擇

17、方法.5、A【解析】AB大圓環是光滑的，則小環和大環之間沒有摩擦力；大環對小環的支持力總是垂直于小環的速度方向，所以大環對小環沒有做功，故A正確，B錯誤；CD小環在剛剛開始運動時，在大環的接近頂部運動時，大環對小環的支持力背離大環圓心，小環運動到大環的下半部分時，支持力指向大環的圓心，故CD錯誤。故選A。6、D【解析】A、撤去F后，輪胎的受力分析如圖1所示，由速度圖像得5s7s內的加速度a2=-5m/s2，根據牛頓運動定律有N2-mg=0，-f2=ma2，又因為f2=N2，代入數據接的=0.5，故A錯誤；B、力F拉動輪胎的過程中，輪胎的受力情況如圖2所示，根據牛頓運動定律有Fcos37-f1=

18、ma1，mg-Fsin37-N1=0，又因為f1=N1，由速度圖像得此過程的加速度a1=2m/s2，聯立解得：F=70N，B正確；C、在0s5s內，輪胎克服摩擦力做功為0.56825J=850J，C錯誤；D、因6s末輪胎的速度為5m/s，所以在6s時，摩擦力的瞬時功率大小為0.51105=275W，D正確；故選D。【點睛】根據速度圖像的斜率求出5s7s內運動的加速度，結合牛頓運動定律及滑動摩擦力的計算公式求出動摩擦因數；根據題意做出撤去F后輪胎的受力示意圖，根據共點力平衡條件列示，聯立求解拉力F的大小； 由速度圖像得到6s末輪胎的速度，根據P=Fv求出摩擦力的瞬時功率大小。二、多項選擇題：本題

19、共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】A如果粒子帶負電，粒子在電場中一定先做減速運動后做加速運動，因此x=3x0處的速度不可能為零，因此粒子一定帶正電，A錯誤；B根據動能定理，可得：，B正確；C粒子向右運動的過程中，電場力先做正功后做負功，因此電勢能先減小后增大，C錯誤；D粒子運動到x0處動能最大，根據動能定理，解得，D正確。故選BD。8、BD【解析】試題分析：明確工件所受滑動摩擦力的大小和方向，注意滑動摩擦力的方向是和物體的相對運動相反，正確判斷出工件所受摩擦力方向，然后根據

20、其運動狀態即可正確求解該題解：工件有相對于鋼板水平向左的速度v1和沿導槽的速度v2，故工件相對于鋼板的速度如圖所示，滑動摩擦力方向與相對運動方向相反，所以有：F=fcos=mgcos，因此F的大小為mgmg故選BD【點評】注意正確分析滑動摩擦力的大小和方向，其大小與正壓力成正比，方向與物體相對運動方向相反，在具體練習中要正確應用該規律解題9、ACD【解析】A.球甲、輕桿和乙球組成的系統在整個過程中只有重力做功，滿足系統機械能守恒，故A正確；B.根據系統機械能守恒可知，甲球滑回時可以回到初始位置，故B錯誤；C.甲球第一次到最低點時，乙球上升的高度與甲球初始高度相同，由于甲的質量大于乙的質量，所以

21、甲減小的重力勢能大于乙增加的重力勢能，根據系統機械能守恒可知，此時甲、乙兩球都有速度，所以甲球此時有具有向右的瞬時速度，故C正確；D.因為甲、乙兩球總的系統機械能守恒，故甲球滑回時甲增加的機械能等于桿對甲球做的功，乙球減小的機械能等于桿對乙球做的功，而在滑回過程中甲增加的機械能等于乙減小的機械能，故桿對甲球做的功與桿對乙球做的功的代數和為零，故D正確。10、AD【解析】拉力F作用下兩物體以相同加速度保持間距不變一起做勻加速直線運動，對物體A分析知，拉力F作用下彈簧彈力大于滑動摩擦力，彈簧具有一定的彈性勢能EP1系統停止運動時，對物體A分析知，彈簧彈力小于最大靜摩擦力(滑動摩擦力)，彈簧具有的彈

22、性勢能EP2EP1從撤去拉力F到系統停止運動的過程中，彈簧對兩端物體做功拉力F作用下兩物體間距不變，則兩物體速度相等；它們的總動能為2Ek，質量相等；撤去拉力F時，兩物體的動能均為EkAB：從撤去拉力F到系統停止運動的過程中，物體A的動能由Ek變為0，據動能定理，外力對物體A所做總功W總=0-Ek=-Ek，外力對物體A所做總功的絕對值等于Ek此過程中有彈力和摩擦力做功，則摩擦力對物體A所做功的絕對值不等于Ek，物體A克服摩擦阻力做的功不等于Ek故A項正確，B項錯誤CD：據能量守恒可得，系統克服摩擦阻力做的功一定等于系統機械能的減小量，即W系克f=2Ek+EP1-EP2故C項錯誤，D項正確三、實

23、驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BD 如圖所示: 1 平衡小車的摩擦阻力時，木板的傾角過大 【解析】（1）1A打點計時器應該接交流電源，故A錯誤；B為保證細線的拉力等于小車的合力，細線應該與長木板上表面平行，故B正確；C為保證實驗過程中繩子的拉力近似等于托盤及砝碼的總重力，小車的總質量應該遠大于懸掛托盤及砝碼的總質量，故C錯誤；D進行“探究加速度與力、質量的關系”的實驗，采用的是控制變量的探究方法。故D正確；故選BD。（2）2根據實驗數據得到的a-m圖象如圖所示：3根據牛頓第二定律可知，mg=Ma，所以所以圖線的斜率為所以小車的質量為M=

24、1.0kg；4根據圖象可知，當繩子的拉力不給小車施加作用力時，小車仍具有加速度，所以該圖線不通過坐標原點的原因是平衡小車的摩擦阻力時，木板的傾角過大.12、大于 ADE 【解析】(1)1為防止碰撞后入射球反彈，實驗中入射小球的質量m1應大于被碰小球的質量m2。2設碰撞前入射小球的速度為v1，碰撞后入射小球的速度為v2，被碰小球的速度為v3，如果碰撞過程系統動量守恒，以水平向右為正方向，由動量守恒定律得小球離開軌道后做平拋運動，它們拋出點的高度相等，在空中的運動時間t相等，上式兩邊同時乘以t得即實驗需要測量兩球的質量、兩球落點的水平位移，ADE均正確。3由以上可知，實驗需要驗證的表達式為(2)4

25、小球做平拋運動，在豎直方向上平拋運動時間設軌道末端到木條的水平位置為x，小球做平拋運動的初速度如果碰撞過程動量守恒，則將v1、v1、v2代入，可得若為彈性碰撞，則滿足動能守恒，即代入速度表達式，化簡可得四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)F=3.0103N(2)m=4.0104kg(3)v=2.0m/s【解析】(1)根據電場力的計算公式可得電場力；(2)小球受力情況如圖所示： 根據幾何關系可得，所以；(3)電場撤去后小球運動過程中機械能守恒，則，解得v=2m/s14、 (1) (2),方向水平向右 (3)【解析】(1)受力分析可知： A與斜面間恰好沒有摩擦力作用即f=0，根據平衡條件：,，解得：，由B受力平衡可知：；(2)對斜面體受力分析和平衡條件可知：；(3) 如果物體A恰好不上滑，則對A，平行斜面方向：T1cos30-mgsin30-f=0垂直斜面方向：N+T1sin30-mgcos30=0解得： ；如果物體A恰好不下滑，摩擦力反向，則對A平行斜面方向：T2cos30-mgsin30+f=0垂直斜面方向：N+T2sin