1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和

2、答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示為糧袋的傳送裝置，已知AB間長度為L，傳送帶與水平方向的夾角為，工作時其運行速度為v，糧袋與傳送帶間的動摩擦因數為，正常工作時工人在A點將糧袋放到運行中的傳送帶上，關于糧袋從A到B的運動，以下說法正確的是(設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力) ()A糧袋到達B點的速度與v比較，可能大，也可能相等或小B糧袋開始運動的加速度為g(sin cos )，若L足夠大，則以后將一定以速度v做勻速運動C若tan ，則糧袋從A到B一定是一直做加速運動D不論大小如何，糧袋從A到B一直做勻

3、加速運動，且agsin2、一個小石子從離地某一高度處由靜止自由落下，某攝影愛好者恰好拍到了它下落的一段軌跡AB如圖。該愛好者用直尺量出軌跡的實際長度，如圖所示。已知曝光時間為s，則小石子出發點離A點約為（ ）A6.5mB10mC20mD45m3、電梯經過啟動、勻速運行和制動三個過程，從低樓層到達高樓層，啟動和制動可看作是勻變速直線運動電梯豎直向上運動過程中速的變化情況如表，則前5秒內電梯通過的位移大小為（）A19.25m B18.75m C18.50m D17.50m4、如圖所示，質量為的物體在水平拉力作用下，沿粗糙水平面做勻加速直線運動，加速度大小為；若其他條件不變，僅將物體的質量減為原來的

4、一半，物體運動的加速度大小為，則（ ）ABCD5、如圖所示，質量為m的物體在水平傳送帶上有靜止釋放，傳送帶由電動機帶動，始終保持以速度v做勻速運動物體與傳送帶之間的動摩擦因數為，物體最后能與傳送帶保持相對靜止對于物體從開始釋放到與傳送帶相對靜止這一過程，下列說法正確的是（ ）A電動機多做的功為mv2B摩擦力對物體做的功為mv2C傳送帶克服摩擦力做的功為mv2D電動機增加的功率為mgv6、豎直向上拋出一物塊，物塊在運動過程中受到的阻力大小與速度大小成正比，則物塊從拋出到落回拋出點的過程中，加速度隨時間變化的關系圖象正確的是（設豎直向下為正方向）（）ABCD二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分

5、，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一小球以v010 m/s的速度水平拋出，在落地之前經過空中A、B兩點，在A點小球速度方向與水平方向的夾角為，在B點小球速度方向與水平方向的夾角為（空氣阻力忽略不計，g取10 m/s2），以下判斷中正確的是A小球經過A、B兩點間的時間t（1）sB小球經過A、B兩點間的時間tsCA、B兩點間的高度差h10mDA、B兩點間的高度差h15m8、一起重機的鋼繩由靜止開始勻加速提起質量為m的重物，當重物的速度為v1時，起重機的有用功率達到最大值P以后，起重機保持該功率不變，

6、繼續提升重物，直到以最大速度勻速上升則下列說法正確的是A鋼繩的最大拉力為B鋼繩的最大拉力為+mgC重物的最大速度為v2=D重物做勻加速運動的時間9、據報道2016 年 1 月 1 日鄭州發生了萬伏電纜落地，持續大火將路面燒焦成大坑的事件。高壓電線落地可能導致行人跨步觸電，如圖所示，設人的兩腳 M N 間跨步距離為d，觸地點 O 流入大地的電流為 I，大地的電阻率為，O N 間的距離為 R。電流在以 O點為圓心半徑為 r 的半球面上均勻分布，其電流密度為I2r2，電流密度乘以電阻率等于電場強度，該場強可以等效于把點電荷 Q 放在真空中 O 點處產生的場強。下列說法正確的是( )A等效點電荷 Q

7、電量為I2K(K 為靜電力常量)B若圖中的N、M處于O點左側，且N、M、O點共線，則兩腳間的跨步電壓可能等于Id2R2C兩腳間的跨步電壓不可能為零D兩腳并攏跳離觸地點是防跨步觸電的一種有效方法10、如圖所示，兩個質量不同的小球用長度不等的細線拴在同一點，并在同一水平面內做勻速圓周運動，則它們的（ ）A周期相同B角速度的大小相等C線速度的大小相等D向心加速度的大小相等三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）測量小物塊Q與平板P之間的動摩擦因數的實驗裝置如圖所示AB是半徑足夠大的、光滑的四分之一圓弧軌道，與水平固定放置的P板的上表面BC在

8、B點相切，C點在水平地面的垂直投影為C重力加速度為g實驗步驟如下：用天平稱出物塊Q的質量m；測量出軌道AB的半徑R、BC的長度L和CC的高度h；將物塊Q在A點由靜止釋放，在物塊Q落地處標記其落地點D；重復步驟，共做10次；將10個落地點用一個盡量小的圓圍住，用米尺測量圓心到C的距離s用實驗中的測量量表示：(1)物塊Q到達B點時的動能EkB= _ ；(2)物塊Q到達C點時的動能EkC= _ ；(3)在物塊Q從B運動到C的過程中，物塊Q克服摩擦力做的功Wf= _ ；(4)物塊Q與平板P之間的動摩擦因數= _ 12（12分）如圖甲所示為阿特武德機的示意圖，它是早期測量重力加速度的器械，由英國數學家和

9、物理學家阿特武德于1784年制成他將質量均為M的兩個重物用不可伸長的輕繩連接后，放在光滑的輕質滑輪上，處于靜止狀態再在一個重物上附加一質量為m的小物塊，這時，由于小物塊的重力而使系統做初速度為零的緩慢加速運動并測出加速度，完成一次實驗后，換用不同質量的小物塊，重復實驗，測出不同m時系統的加速度所產生的微小加速度可表示為a=_(用M、m、重力加速度g表示)；若選定如圖甲所示左側重物從靜止開始下落的過程進行測量，想要求出重力加速度g則需要測量的物理量有：_A小物塊的質量m B重物下落的距離及下落這段距離所用的時間C繩子的長度 D滑輪半徑經過多次重復實驗，得到多組a、m數據，作出圖像，如圖乙所示，已

10、知該圖像斜率為k，縱軸截距為b，則可求出當地的重力加速度g=_，并可求出每個重物質量M=_四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，高為L的斜軌道AB、CD與水平面的夾角均為45，它們分別與豎直平面內的圓弧形光滑軌道相切于B、D兩點，圓弧的半徑也為L質量為m的小滑塊從A點由靜止滑下后，經CD軌道返回，再次沖上AB軌道至速度為零時，相對于BD面的高度為已知滑塊與AB軌道間的動摩擦因數為1=0.5，重力加速度為g，求： (1)滑塊第一次經過圓軌道最低點時對軌道的壓力大小；(2)滑塊與CD面間的動摩擦因數；(

11、3)經過足夠長時間，滑塊在兩斜面上滑動的路程之和s.14（16分）如圖所示，一質量為m、電荷量為q(q0)的液滴，在場強大小為3mgq、方向水平向右的勻強電場中運動，運動軌跡在豎直平面內.A、B為其運動軌跡上的兩點，已知該液滴在A點的速度大小為v0，方向與電場方向的夾角為60；它運動到B點時速度方向與電場方向的夾角為30，不計空氣阻力。求（1）A、B兩點間的電勢差。（2）當此帶電液滴運動到最高點C時（C點圖中為畫出），液滴由A點運動到C點過程中的機械能改變量。15（12分）如圖甲所示，一汽車通過電子不停車收費系統假設汽車從O點以的速度勻速駛向ETC收費島，在OA路段所受阻力大小；汽車從A處進入

12、ETC收費島后，假設仍保持功率不變完成自動繳費并駛離收費島，并以速度勻速離開B處，汽車的速度時間圖象如圖乙所示已知ETC收費島AB段長度，汽車質量，汽車在OA段和AB段所受阻力分別為恒力（1）求汽車在運動過程中發動機的輸出功率；（2）當汽車加速度大小為時，求此時汽車的速度大小；（3）求汽車在ETC收費島AB段內行駛的時間參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】A.糧袋在傳送帶上可能一直做勻加速運動，到達B點時的速度小于等于v；可能先勻加速運動，當速度與傳送帶相同后，做勻速運動，到達B點時速度與v相同；也可能先

13、做加速度較大的勻加速運動，當速度與傳送帶相同后做加速度較小的勻加速運動，到達B點時的速度大于v，故A正確.B.糧袋開始時受到沿斜面向下的滑動摩擦力，大小為mgcos，根據牛頓第二定律得到，加速度a=g(sin+cos），若tan，則重力的下滑分力大于滑動摩擦力，故a的方向一直向下，糧袋從A到B一直是做加速運動，可能是一直以g(sin+cos)的加速度勻加速，也可能先以g(sin+cos)的加速度勻加速，后以g(sin-cos)勻加速；故B錯誤.C.若tan，糧袋從A到B可能是一直做加速運動，有可能在二者的速度相等后，糧袋做勻速直線運動;故C錯誤.D.由上分析可知，糧袋從A到B不一定一直勻加速運

14、動，故D錯誤.2、C【解析】由圖可知AB的長度為2cm，即0.02m，曝光時間為，所以AB段的平均速度的大小為由于曝光時間很短，此速度可認為是A點的瞬時速度，由自由落體的速度位移的關系式 v2=2gh可得所以C正確。故選C。3、B【解析】由由表格看出37s電梯做勻速運動，速度為v=5m/s02內電梯做勻加速運動的加速度為則電梯勻加速運動的總時間為則前2.5s內的位移： 后2.5s做勻速直線運動，位移：x2=vt2=52.5=12.5m前5s內的位移：x=x1+x2=6.25+12.5=18.75m故選：B點睛：由表格看出37s電梯做勻速運動，求出速度；02s電梯做勻加速運動，根據表格數據求出加

15、速度和加速的時間；勻加速運動的末速度就等于勻速運動的速度，即可由速度v=at求出勻加速運動的時間；再根據表格數據，由運動學公式求出總位移即可4、D【解析】對物體，由牛頓第二定律得：解得：故D正確，ABC錯誤。5、D【解析】試題分析：A、電動機多做的功轉化成了物體的動能和內能，物體在這個過程中獲得動能就是，所以電動機多做的功一定要大于，所以A錯誤B、在運動的過程中只有摩擦力對物體做功，由動能定理可知，摩擦力對物體做的功等于物體動能的變化，即為，所以B錯誤C、傳送帶克服摩擦力做的功就為電動機多做的功，所以由A的分析可知，C錯誤D、電動機增加的功率即為克服摩擦力做功的功率，大小為fv=mgv，所以D

16、正確故選D6、C【解析】在上升過程中，對小球受力分析，由牛頓第二定律可知mg+f=ma，由于向上減速運動，速度減小，受到的阻力大小與速度大小成正比，故加速度減小到g，當達到最高點后開始加速下降，則由牛頓第二定律mg-f=ma，速度增大，加速度減小，故C正確，ABD錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】AB根據平行四邊形定則知，A點，解得：B點解得：則小球從A到B的時間故A項正確，B項錯誤；CDA、B兩點間的高度差故C項正確，D項錯誤8、ACD【解析】由題

17、意可知考查機動車啟動規律，根據牛頓第二定律、功率公式分析計算可得。【詳解】A B重物先做勻加速直線運動，再做加速度減小的加速運動，最后做勻速運動，開始勻加速時加速度最大，繩子拉力最大，重物的速度為v1時，起重機的有用功率達到最大值P，由可得鋼繩的最大拉力為F=故A正確，B錯誤；C最后重物勻速運動，牽引力等于重力大小 ， 聯可可得重物的最大速度為v2=故C正確；D勻加速階段，鋼繩拉力為F1，重物做勻加速運動由牛頓第二定律可得由前面分析可知由運動學公式可得 聯立可求的時間故D正確。【點睛】機動車以恒定的加速度啟動時可分成三個階段，第一階段做勻加速直線運動，阻力、牽引力不變，速度均勻增大，功率增大，

18、當功率達最大值后，功率不在變化。第二階段做加速度減小的加速運動，功率不變，阻力不變，牽引力逐漸減小，做加速度減小的加速運動。第三階段，做勻速直線運動，功率、牽引力、阻力都要不變化。整個過程中第一階段中的拉力最大。9、AD【解析】根據題意有：I2r2=kQr2，解得Q=I2k故A正確。N點處電流密度為I2R2，由于MN間的電場是非勻強電場，電場強度越靠近O點越大，則知MN間的場強大于I2R2，MN兩腳間跨步電壓大于I2R2d=Id2R2故B錯誤。當兩腳位于同一等勢線上時即兩腳到O點的距離相等時，跨步電壓為零。故C錯誤。兩腳并攏時跨步電壓較小，跳離觸地點是防跨步觸電的一種有效方法。故D正確。故選A

19、D。【點睛】本題是信息給予題，要讀懂題意，抓住有效信息是關鍵，可采用類比的方法理解，將電流場與點電荷的靜電場模擬分析。10、AB【解析】對其中一個小球受力分析，如圖，受重力，繩子的拉力，由于小球做勻速圓周運動，故合力提供向心力；將重力與拉力合成，合力指向圓心，由幾何關系得，合力：F=mgtan ；由向心力公式得到：F=m2r ；設繩子與懸掛點間的高度差為h，由幾何關系，得：r=htan ；C、由三式得，與繩子的長度和轉動半徑無關，故C正確；A、又由知，周期相同，故A正確；B、由v=r，兩球轉動半徑不等，則線速度大小不等，故B錯誤；D、由a=2r，兩球轉動半徑不等，向心加速度不同，故D錯誤；故選

20、AC.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、mgR； ； ； 【解析】物塊由A到B點過程，由動能定理可以求出物塊到達B時的動能；物塊離開C點后做平拋運動，由平拋運動的知識可以求出物塊在C點的速度，然后求出在C點的動能；由B到C，由動能定理可以求出克服摩擦力所做的功；由功的計算公式可以求出動摩擦因數【詳解】(1) 從A到B，由動能定理得：mgR=EKB-0，則物塊到達B時的動能：EKB=mgR；(2) 離開C后，物塊做平拋運動，水平方向：s=vCt，豎直方向： 物塊在C點的動能：EKC= 聯立解得：；(3) 由B到C過程中，由動能定理得：

21、；克服摩擦力做的功：Wf=mgR- (4) B到C過程中，克服摩擦力做的功：Wf=mgL=mgR- 解得：。【點睛】熟練應用動能定理、平拋運動規律、功的計算公式即可正確解題，學會根據實驗數據來實驗結果分析，注意實驗誤差不會沒有，只能降低。12、 AB ; 【解析】(1)1對整體分析，根據牛頓第二定律得： ，解得：a=（2）2根據h=，則有：g= 所以需要測量的物理量有：小重物的質量m，重物下落的距離h及下落這段距離所用的時間t故AB正確，CD錯誤故選AB.(3)3因為a=，則，知圖線斜率k= ，b=，解得 ; .四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的

22、文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）2=（3）s= 【解析】（1）對第一次滑動到最低點的過程中運用動能定理得mg(L+L-Lsin 45)-1mgcos 45L=mv2-0， 在最低點，根據牛頓第二定律得F-mg=m， 聯立兩式解得F=(4-)mg，則第一次經過圓弧軌道最低點時對軌道的壓力為(4-)mg.（2）滑塊第一次經過D時的動能為：Ek1=mgL-f1L=0.5mgL， 第二次經過D時的動能為：Ek2=mg+f1=0.25mgL 設滑塊在CD上的摩擦力為f2，f2=2mgcos 45，第一次在CD上靜止時離BD面的高度為h，由功能關系得：Ek1=mgh+f2h=mgh+2mgh， Ek1-Ek2=2f2h=22mgh，代入數據解得2=. （3）設滑