1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、兩電荷量分別為q1和q2的點電荷放在x軸上的O、M兩點，兩電荷連線上各點電勢隨x變化

2、的關系如圖所示，其中A、N兩點的電勢為零，ND段中C點電勢最高，則下列選項說法錯誤的是（）Aq1為正電荷，q2為負電荷Bq1電荷量大于q2的電荷量CNC間場強方向沿x軸正方向D將一負點電荷從N點移到D點，電場力先做正功后做負功2、有一質量為M、半徑為R、密度均勻的球體，在距離球心O為2R的地方有一質量為m的質點，現在從M中挖去一半徑為的球體（如圖），然后又在挖空部分填滿另外一種密度為原來2倍的物質，如圖所示則填充后的實心球體對m的萬有引力為（ ）ABCD3、如圖所示，實線為電場線，虛線為等勢面，a50 V，c20 V，則a、c連線中點b的電勢b為( ) A等于35 V B大于35 V C小于3

3、5 V D等于15 V4、如圖所示，由豎直軸和雙臂構成的“Y”型支架可以繞豎直軸轉動，雙臂與豎直軸所成銳角為一個質量為m的小球穿在一條臂上，到節點的距離為h，小球始終與支架保持相對靜止設支架轉動的角速度為，則A當時，臂對小球的摩擦力大小為B由零逐漸增加，臂對小球的彈力大小不變C當時，臂對小球的摩擦力為零D當時，臂對小球的摩擦力大小為mg5、游樂場的過山車可以底朝上在圓軌道上運行，游客卻不會掉下來，如圖甲所示。我們把這種情形抽象為圖乙的模型；弧形軌道的下端與豎直圓軌道相接，將質量為m的小球從弧形軌道上端距水平地面高度為h處釋放，小球進入半徑為的圓軌道下端后沿圓軌道運動不計阻力，重力加速度為g。關

4、于小球的運動，下列說法正確的是（）A若,小球運動道圓軌道最低點時對軌道的壓力等于B若,則需要給小球的初速度小球才能順利通過圓軌道最高點C若,小球恰好通過圓軌道最高點D若,小球在圓軌道最低點和最高點對軌道的壓力差為6、用探測器探測地下通電電纜的位置（電纜垂直紙面）。第一次探測器放在M點，測得磁感應強度方向與水平地面成60角斜向上；第二次探測器放在N點，MN=L，測得磁感應強度方向與水平地面成30角，方向斜向下方，如圖所示。則電纜的位置為：（）A在M點的正下方，深度B在N點的正下方，深度C在M點的右，深度DMN中點的正下方，深度二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個

5、選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、物體以初速度豎直上拋，經3s到達最高點，空氣阻力不計，g取，則下列說法正確的是( )A物體速度改變量的大小為，方向豎直向上B物體上升的最大高度為45mC物體在第1s內、第2s內、第3s內的平均速度之比為5:3:1D物體在1s內、2s內、3s內的平均速度之比為9:4:18、如圖所示，甲、乙兩物體在同一條直線上運動，折線是物體甲運動的圖象，直線是物體乙運動的圖象，則下列說法正確的是（ ） A甲、乙兩物體運動方向相反B甲做勻速直線運動，速度大小為7.5m/sC乙做勻減速直線運動，加速度是5m/s2D甲、乙兩

6、物體在距甲的出發點60m處相遇9、如圖所示，豎直放置的光滑圓軌道被固定在水平地面上，半徑m，最低點處有一小球（半徑比小很多）。現給小球一水平向右的初速度，則要使小球不脫離圓軌道運動，應當滿足g=10m/s2（）ABm/sCm/sDm/s10、如右圖，一根長為l、橫截面積為S的閉合軟導線置于光滑水平面上，其材料的電阻率為，導線內單位體積的自由電子數為n，電子的電荷量為e，空間存在垂直紙面向里的磁場。某時刻起磁場開始減弱，磁感應強度隨時間的變化規律是B=B0-kt， 當軟導線形狀穩定時，磁場方向仍然垂直紙面向里，此時A軟導線將圍成一個圓形 B軟導線將圍成一個正方形C導線中的電流為klS4 D導線中

7、自由電子定向移動的速率為klS4ne。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在“探究加速度與力、質量的關系的實驗”時，采用了如圖甲所示的實驗方案操作如下：（1）平衡摩擦力時，若所有的操作均正確，打出的紙帶如圖乙所示，應_（填“減小”或“增大”）木板的傾角，反復調節，直到紙帶上打出的點跡_為止（2）已知小車質量為M，盤和砝碼的總質量為m，要使細線的拉力近似等于盤和砝碼和總重力，應該滿足的條件是m_M（填“遠小于”、“遠大于”或“等于”）。（3）圖丙為小車質量一定時，根據實驗數據描繪的小車加速度a與盤和砝碼的總質量m之間的實驗關系圖象。

8、若牛頓第二定律成立，則小車的質量M_kg。12（12分）如圖所示，某組同學借用“探究a與F、m之間的定量關系”的相關實驗思想、原理及操作，進行“研究合外力做功和動能變化的關系”的實驗：(1)為達到平衡阻力的目的，取下細繩及托盤，通過調整墊片的位置，改變長木板傾斜程度，根據打出的紙帶判斷小車是否做_運動(2)連接細繩及托盤，放入砝碼，通過實驗得到下圖所示的紙帶紙帶上O為小車運動起始時刻所打的點，選取時間間隔為0.1 s的相鄰計數點A、B、C、D、E、F、G.實驗時小車所受拉力為0.2 N，小車的質量為0.2 kg.請計算小車所受合外力做的功W和小車動能的變化Ek。補填表中空格_；_.(結果保留至

9、小數點后第四位).OBOCODOEOFW/J0.04320.05720.07340.0915Ek/J0.04300.05700.07340.0907分析上述數據可知：在實驗誤差允許的范圍內WEk，與理論推導結果一致(3)實驗前已測得托盤質量為7.7103kg，實驗時該組同學放入托盤中的砝碼質量應為_kg(g取9.8 m/s2，結果保留至小數點后第三位)四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示為傳送帶裝置示意圖，兩個皮帶輪A、B之間的傳送帶水平繃緊，傳送帶上的P點與B輪的頂點Q距離為L，一個小物塊放置在P

10、點上，物塊與傳送帶間的動摩擦因數為初始時，傳送帶與物塊都是靜止的現讓傳送帶以恒定的加速度a0開始向右運動，當P點位移達到之后傳送帶改為勻速運動已知傳送帶開始運動后，物塊不能保持在P點上方重力加速度為g （1）求P點經過多長的時間能到達B輪頂點Q？（2）求動摩擦因數與a0之間滿足什么條件？（3）試討論物塊經過多長時間能到達B輪頂點Q？14（16分）現代科學儀器常利用電場、磁場控制帶電粒子的運動，某裝置可用于氣體中某些有害離子進行收集，如圖1所示。區為加速區，區為離子收集區，其原理是通過板間的電場或磁場使離子偏轉并吸附到極板上，達到收集的目的。已知金屬極板CE、DF長均為d，間距也為d，AB、CD

11、間的電勢差為U，假設質量為m、電荷量為q的大量正離子在AB極均勻分布。離子由靜止開始加速進入收集區域，區域板間有勻強電場和垂直于紙面向里的勻強磁場，離子恰好沿直線通過區域；且只撤去電場時，恰好無離子從區域間射出，收集效率（打在極板上的離子占離子總數的百分比）為100%，（不考慮離子間的相互作用力、重力和極板邊緣效應）。（1）求離子到達區域速度大小；（2）求區域磁感應強度B的大小（3）若撤去區域磁場，只保留原來的電場，則裝置的收集效率是多少？（4）現撤去區域的電場，保留磁場但磁感應強度大小可調。假設AB極上有兩種正離子，質量分別為m1、m2，且m14m2，電荷量均為q1。現將兩種離子完全分離，同

12、時收集更多的離子，需在CD邊上放置一探測板CP（離子必須打在探測板上），如圖2所示。在探測板下端留有狹縫PD，離子只能通過狹縫進入磁場進行分離，試求狹縫PD寬度的最大值。15（12分）如圖所示,長為L的絕緣細線,一端固定在O點,一端拴著質量為m、電荷量為q(q0)的小球,小球所處的空間存在場強大小為3mgq(g為重力加速度)方向豎直向上的勻強電場。現將細線拉直到水平位置,使小球由靜止釋放，當小球的速度沿水平方向時,細線被拉斷,之后小球繼續運動并經過P點(圖中未畫出),已知P點與O點間的水平距離為L,不計阻力,求: (1)細線被拉斷前瞬間的拉力大小；(2)O、P兩點間的電勢差.參考答案一、單項選

13、擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】試題分析：由圖知無窮遠處的電勢為0，A點的電勢為零，由于沿著電場線電勢降低，所以O點的電荷q1帶正電，M點電荷q2帶負電故A正確由圖知無窮遠處的電勢為0，A點的電勢為零由于A點距離O比較遠而距離M比較近，所以q1電荷量大于q2的電荷量故B正確；由圖可知：從N到C，電勢三個，根據順著電場線電勢降低可知，NC間電場強度方向沿x軸負方向，故C錯誤；ND段中，電勢先高升后降低，所以場強方向先沿x軸負方向，后沿x軸正方向，將一負點電荷從N點移到D點，電場力先做正功后做負功故D正確；本題選錯誤選項，

14、故選C考點：電場強度；電勢【名師點睛】解答此題要知道：電勢為零處，電場強度不一定為零電荷在電場中與電勢的乘積為電勢能電場力做功的正負決定電勢能的增加與否。2、A【解析】設密度為，則在小球內部挖去直徑為R的球體，其半徑為 ，挖去小球的質量為：=挖去小球前，球與質點的萬有引力：被挖部分對質點的引力為：，填充物密度為原來物質的2倍，則填充物對質點的萬有引力為挖去部分的二倍，填充后的實心球體對m的萬有引力為：F1-F2+2F2=故選：A3、C【解析】由圖看出，ab段電場線比bc段電場線密，故ab段場強較大，根據公式U=Ed可知，a、c間電勢差Uac大于b、c間電勢差Ubc，即：a-bb-c，得到：b故

15、選C.4、C【解析】A當=0時，臂對小球的摩擦力大小等于重力沿斜桿向下的分力，大小為f=mgcos故A錯誤；B當支架轉動時：豎直方向水平方向解得可知由零逐漸增加，臂對小球的摩擦力先減后增，彈力大小先增后減，故B錯誤；C由可得故C正確；D由可得故D錯誤.故選C.5、B【解析】A若,小球從釋放到最低點由動能定理得在最低點由牛頓第二定律有聯立解得故A錯誤；B小球能順利通過圓軌道最高點時的最小速度為若,小球從釋放到最高點由動能定理得聯立解得故B正確；C小球能順利通過圓軌道最高點時的最小速度為小球從釋放到最高點由動能定理得解得故C錯誤；D若,由動能定理有在最高點和最低點由牛頓第二定律有聯立解得故D錯誤。

16、故選B。6、C【解析】通電導線在某點產生的磁感應方向與該點和導線的連線垂直，故分別過M、N作、方向的垂線，交點即為導線的位置根據幾何知識可得即在M點的右，即深度，故C正確ABD錯誤。故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BC【解析】速度改變量大小為，方向向下，故A錯誤；豎直上拋從最高點為自由落體運動故上升高度為，故B正確；由運動學推論可知，在第1s末、第2s末、第3s末的速度分別為，0，故平均速度由公式得，物體在第1s內、第2s內、第3s內的平均速度之比為5:3

17、:1，故C正確；由，可知物體在1s內、2s內、3s內的位移之比為5:8:9，平均速度之比為5:4:3，故D錯誤；故選BC.【點睛】物體做豎直上拋運動，其加速度大小始終為g，方向豎直向下，上升階段：勻減速直線運動，達到最高點時速度為零，加速度還是g，應用勻變速直線運動的規律求解8、AD【解析】試題分析：圖像的斜率表示速度，斜率的正負表示運動方向，從圖像中可知甲一直朝著正方向運動，乙朝著負方向運動，故兩者的運動方向相反，A正確；斜率表示速度，故甲在0-2s做勻速運動，速度大小為v1=402=20m/s，然后靜止，6-8s又開始做勻速運動，速度大小為v2=60-402=10m/s，B錯誤；圖線乙的斜

18、率恒定，做勻速直線運動，C錯誤；圖線的交點表示兩者相遇，故甲乙兩物體在距甲的出發點60m處相遇，D正確；考點：考查了位移時間圖像【名師點睛】關鍵掌握位移圖象的基本性質：橫坐標代表時刻，而縱坐標代表物體所在的位置，縱坐標不變即物體保持靜止狀態；位移時間圖像是用來描述物體位移隨時間變化規律的圖像，不是物體的運動軌跡，斜率等于物體運動的速度，斜率的正負表示速度的方向，質點通過的位移等于x的變化量x9、CD【解析】小球不脫離圓軌道時，最高點的臨界情況為解得m/s根據機械能守恒定律得解得m/s故要使小球做完整的圓周運動，必須滿足m/s；若不通過四分之一圓周小球也不會脫離圓軌道，根據機械能守恒定律有解得m

19、/s故小球不越過四分之一圓周，必須滿足m/s，所以要使小球不脫離圓軌道運動，v0應當滿足m/s或m/s，故CD正確，AB錯誤。故選CD。10、AC【解析】當磁場的磁感應強度減弱時，由楞次定律可知，軟管圍成的圖形的面積由擴大的趨勢，結合周長相等時，圓的面積最大可知，最終軟導線圍成一個圓形，故A正確，B錯誤；設線圈圍成的圓形半徑為r，則有：l=2r，圓形的面積為：S1=r2，線圈的電阻為：R=lS，線圈中產生的感應電動勢為：E=BtS1=kl24， 感應電流為：I=ER=klS4，而I=neSv，解得：v=kl4ne，故C正確，D錯誤，故選AC.【點睛】將圓分成若干段，結合左手定則判定安培力方向，

20、再利用矢量合成法則，即可判定；依據法拉第電磁感應定律，結合閉合歐姆定律，即可求解電流；利用電流的微觀表達式求的電流，即可求出導線中自由電子移動的速率。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）增大 間距相等（2）遠小于（3）0.08【解析】（1）12平衡摩擦力時，應不掛砝碼，打出的紙帶如圖乙所示說明小車減速運動，故應增大傾角，直到紙帶上打出的點跡間隔相等（均勻）為止;（2）3設小車的質量為M，砝碼盤和砝碼的質量為，設繩子上拉力為F，以整體為研究對象有解得以M為研究對象有繩子的拉力顯然要有必有故有即小車的質量遠大于砝碼盤和砝碼的總質量時才

21、可以認為繩對小車的拉力大小等于盤和盤中砝碼的重力；（3）4根據變式為由題意知，所以由圖象可知，所以【點睛】探究加速度與力、質量的關系實驗時，要平衡小車受到的摩擦力，不平衡摩擦力、或平衡摩擦力不夠、或過平衡摩擦力，小車受到的合力不等于鉤碼的重力。要提高應用勻變速直線的規律以及推論解答實驗問題的能力，在平時練習中要加強基礎知識的理解與應用。12、勻速直線 0.1115 0.1105 0.015 【解析】(1)物塊平衡阻力需要依靠自身的重力的分力來平衡，所以物塊所受合外力為零，做勻速直線運動；(2)根據功的公式求出合外力做功的大小，結合某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出點的速度，從而得出動能的變化量；(3)根據連續相等時間內的位移之差是一恒量求出加速度，對砝碼和砝碼盤分析，根據牛頓第二定律求出砝碼的質量。【詳解】(1)1物塊所受合外力為零時，物塊所受阻力和重力的分力平衡，達到平衡阻力的目的，故物塊應該做勻速直線運動；(2)2合力做功：3點的速度：故點的動能為：(3)4根據，運用逐差法得：由牛頓第二定律得：代入數據解得：【點睛】解決本題的關鍵掌握紙帶的處理，會通過紙帶求解瞬時速度和加速度，關鍵是勻變速直線運動兩個重要推論的運用。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。