1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區域內。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區域內作答，超出答題區域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，質量為1.5kg的物體靜止在豎直固定的輕彈簧上，質量為0.5kg的物體由細線懸掛在天花板上，與

2、剛好接觸但不擠壓.現突然將細線剪斷，則剪斷細線瞬間、間的作用力大小為（取）（ ）A0B2.5NC5ND3.75N2、一定質量的氣體在T1、 T2不同溫度下的等溫變化圖線如圖所示，A、B和C、D分別為兩條等溫線上的點。在下面p- -T和V- -T圖象中，能表示圖中氣體狀態變化過程的是A甲B乙C丙D丁3、如圖所示，曲線為電荷在勻強電場中的運動軌跡，a、b是軌跡上的兩點，則下列說法正確的是 A電荷在b點的電勢能大于在a點的電勢能B該電場的方向水平向左Cb點的電勢高于a點的電勢D電荷在電場中相同時間內速度的變化量不相同4、空間有一沿x軸對稱分布的電場，其電場強度E隨x變化的圖象如圖所示，下列說法正確的

3、是AO點的電勢最低Bx1和x3兩點的電勢相等Cx2的電勢最高Dx2和-x2兩點的電勢相等5、一輪船以船頭指向始終垂直于河岸方向以一定的速度向對岸行駛，水勻速流動，則關于輪船通過的路程、渡河經歷的時間與水流速度的關系，下列說法中正確的是 （ ）A水流速度越大，路程越長，時間越長B水流速度越大，路程越短，時間越短C水流速度越大，路程越長，時間不變D路程和時間都與水流速度無關6、a、b兩個小球在一直線上發生碰撞，它們在碰撞前后的圖象如圖所示。若a球的質量，則b球的質量為（）ABCD二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5

4、分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示是某款理發用的電吹風的電路圖，它主要由電動機M和電熱絲R構成。當閉合開關s1、s2后，電動機驅動風葉旋轉，將空氣從進風口吸入，經電熱絲加熱，形成熱風后從出風口吹出。已知電吹風的額定電壓為220V，吹冷風時的功率為120W，吹熱風時的功率為1000W。關于該電吹風，下列說法正確的是A電熱絲的電阻為55B電動機的電阻約為403C當電吹風吹冷風時，電熱絲每秒鐘消耗的電能為120JD當電吹風吹熱風時，電動機每秒鐘消耗的電能為120J8、如圖所示，一內壁粗糙程度相同、半徑為R的圓筒固定在豎直平面內，圓筒內一質量為m的小球沿筒壁做圓周運動若小球從最低點算

5、起運動一圈又回到最低點的過程中，兩次在最低點時筒壁對小球的彈力大小分別為10mg和8mg.設小球在該過程中克服摩擦力做的功為W，經過最高點時筒壁對小球的彈力大小為F，則AW=2mgRBW=mgRC3mgF4mgD2mgF3mg9、一物體沿固定斜面從靜止開始向下運動，經過時間t0滑至斜面底端已知在物體運動過程中物體所受的摩擦力恒定若用F、v、s和E分別表示該物體所受的合力、物體的速度、位移和機械能，則下列圖象中可能正確的是ABCD10、如圖所示，光滑軌道ABCD是大型游樂設施過山車軌道的簡化模型，最低點B處的入、出口靠近但相互錯開，C是半徑為R的圓形軌道的最高點，BD部分水平，末端D點與右端足夠

6、長的水平傳送帶無縫連接，傳送帶以恒定速度v逆時針轉動現將一質量為m的小滑塊從軌道AB上某一固定位置A由靜止釋放，滑塊能通過C點后再經D點滑上傳送帶，則A固定位置A到B點的豎直高度可能為2RB滑塊在傳送帶上向右運動的最大距離與傳送帶速度v有關C滑塊可能重新回到出發點A處D傳送帶速度v越大，滑塊與傳送帶摩擦產生的熱量越多三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）如圖甲所示的裝置叫做阿特伍德機，是英國數學家和物理學家阿特伍德（GAtwood1746-1807）創制的一種著名力學實驗裝置，用來研究勻變速直線運動的規律某同學對該裝置加以改進后用來

7、驗證機械能守恒定律，如圖乙所示（1）實驗時，該同學進行了如下步驟：將質量均為M（A的含擋光片、B的含掛鉤）的重物用繩連接后，跨放在定滑輪上，處于靜止狀態測量出_（填“A的上表面”、“A的下表面”或“擋光片中心”）到光電門中心的豎直距離h在B的下端掛上質量為m的物塊C，讓系統中的物體由靜止開始運動，光電門記錄擋光片擋光的時間為t測出擋光片的寬度d，計算有關物理量，驗證機械能守恒定律（2）如果系統（重物A、B以及物塊C）的機械能守恒，應滿足的關系式為_（已知重力加速度為g）（3）引起該實驗系統誤差的原因有_（寫一條即可）12（12分）為了研究物體的動能與物體的質量有怎樣的關系，某實驗小組設計了這樣

8、一個實驗： 裝置如圖所示，將質量不同的小球從光滑斜面上同一高度處由靜止釋放，小球到達水平面時，立即遇到一系列條形布簾阻擋，經過一定的位移x后停下。因為布簾對小球的阻力恒定，所以每次小球克服阻力所作的功都與x成正比，他們記錄了每次實驗小球的質量m和小球的位移x，如下表所示：m（kg）0.100.200.300.400.50 x（m）0.080.160.230.320.41請回答下列問題：(1)實驗中，每次小球釋放的高度總是相同的，這樣做的目的是_；(2)在圖中兩出x-m圖像_；(3)根據圖像可以得出x與m的數學表達式為：_，你認為決定圖像的斜率大小的因素可能是_。四、計算題：本題共2小題，共26

9、分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖，光滑水平面AB和粗糙斜面BC平滑連接，斜面傾角為53，SAB=SBC=3m。質量為m=2kg的小物塊在與水平面成53角的恒力F=20N作用下，從A點由靜止開始沿ABC運動到C點。（取sin53=0.8，cos53=0.6，g=10m/s2）求： (1)物塊從A點運動到B點所用的時間t1； (2)若物塊在AB和BC上運動的時間之比為2:1，求物塊與斜面間的動摩擦因數； (3)若斜面光滑，改變恒力的大小（方向不變），仍能使物體沿ABC運動到C，求力F的取值范圍。 14（16分）如圖所示是一個透明圓柱的

10、橫截面，其半徑為R，折射率是，AB是一條直徑，今有一束平行光沿AB方向射向圓柱體 若一條入射光經折射后恰經過B點，求：（1）這條入射光線到AB的距離是多少？（2）這條入射光線在圓柱體中運動的時間是多少？15（12分）春節放假期間，全國高速公路免費通行，小轎車可以不停車通過收費站，但要求小轎車通過收費站窗口前x0=9m區間的速度不超過v0=6m/s現有甲、乙兩小轎車在收費站前平直公路上分別以v甲=20m/s和v乙=34m/s的速度勻速行駛，甲車在前，乙車在后甲車司機發現正前方收費站，開始以大小為a甲=2m/s2的加速度勻減速剎車 (1)甲車司機需在離收費站窗口至少多遠處開始剎車才不違章；(2)若

11、甲車司機經剎車到達離收費站窗口前9m處的速度恰好為6m/s并以這一速度開始勻速通過收費站窗口，乙車司機在發現甲車剎車時經t0=0.5s的反應時間后開始以大小為a乙=4m/s2的加速度勻減速剎車為避免兩車相撞，且乙車在收費站窗口前9m區不超速，則在甲車司機開始剎車時，甲、乙兩車至少相距多遠？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】剪斷細線前，只有對彈簧有作用力，所以剪斷細線前彈簧的彈力，將細線剪斷的瞬間，根據牛頓第二定律可得，解得，隔離，則有:，代入數據解得，D正確2、A【解析】A、B和C、D分別為兩條等溫線上

12、的點，故TA=TB、TC=TD；由圖1可知，A到B和由C到D均為等溫膨脹過程，且壓強減小；又在p-V圖象中離坐標原點越遠的等溫線溫度越高可知，TATC，由此可知，甲正確，乙丙丁錯誤；A甲，該圖與結論相符，選項A正確；B乙，該圖與結論不相符，選項B錯誤；C丙，該圖與結論不相符，選項C錯誤；D丁，該圖與結論不相符，選項D錯誤；故選A。3、A【解析】由于做曲線運動的物體所受的合外力指向曲線的凹側，可得電荷的受力如圖所示 （F為電荷所受的電場力）：A.電荷從a點運動到b點的過程中，由上圖可知，電場力的方向與運動的方向成鈍角；又由W=Fscos得電場力對電荷做負功，電荷的電勢能變大，故電荷在b點的電勢能

13、大于在a點的電勢能；故A正確。BC. 題目沒有告知電荷的電性與電場方向，僅由電荷的運動軌跡無法判斷電場中不同點的電勢高低與電場方向，故BC錯誤。D. 勻強電場，電場力恒定，加速度恒定，所以電荷做勻變速曲線運動，相同時間內速度變化量相同，故D錯誤。4、D【解析】AB做出電場線如圖所示：沿著電場線方向電勢逐漸降低，可知O點的電勢最高。x1的電勢高于x3的電勢。故AB錯誤。C沿著電場線方向電勢逐漸降低，故x2的電勢不是最高的。故C錯誤。Dx2和-x2兩點關于原點對稱，由O點向兩邊電勢都降低且電場強度的變化相同，則可知x2和-x2兩點電勢相等。故D正確。5、C【解析】設河寬為d,船垂直于河岸的速度為v

14、, .時間與水速無關;如果水速越大,船在水中運動的路程就越大,故ABD錯誤,C正確.故選C點睛：因為船垂直于河岸方向的速度不變,而水流方向是垂直于這個方向的,在這個方向上沒有分速度,所以不論水速多大時間不變;水速越大,水流方向的位移就越大. 6、A【解析】位移時間圖像的斜率等于物體運動的速度，故從圖中可知，碰撞前b的速度為零，a的速度為碰撞后a的速度為b的速度為取碰撞前a速度方向為正方向，由動量守恒定律可得：代入數據解得故A正確BCD錯誤。故選A。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選

15、錯的得0分。7、AD【解析】A、電機和電阻并聯，當吹熱風時，電阻消耗的功率為P=P熱-P冷=1000-120W=880W，由P=U2R可知R=U2P=2202880=55，故A正確；B、電機為非純電阻電路故不能用P=U2R求，所以電阻值不等于12103403,故B錯誤；C、當電吹風吹熱風時，電熱絲每秒鐘消耗的電能為W=Pt=(P熱-P冷)t=(1000-120)1W=880J，故C錯誤；D、無論電吹風吹熱風還是冷風，功率都是不變的，當電吹風吹熱風時，電動機每秒鐘消耗的電能為120J，故D正確；故選AD.【點睛】本題考查了電吹風的電路結構及電功率的計算問題；對于這類結合生活中的電器考查電路連接情

16、況的題目，要結合串并聯電路的電流流向特點進行分析8、BD【解析】做圓周運動的物體的向心力由合外力來提供，結合整個過程中能量守恒的思想，分析摩擦力在上升和下降過程中等高處的大小關系（滑動摩擦力的影響因素）來分析上升和下降過程摩擦力做功的大小關系，以及取值范圍的問題用極端思想【詳解】AB小球沿筒壁做圓周運動，先后兩次在最低點受到筒壁對小球的彈力大小分別為10mg和8mg，對小球進行受力分析，先后兩次所受的合外力分別為9mg和7mg，方向指向圓心設小球先后兩次經過最低點得速率分別為和，根據合外力提供做圓周運動的向心力得：和； 小球在整個過程中，由動能定理得：；綜合上面幾個式子解得 W=mgR，故A錯

17、B對；CD由于小球在筒壁上運動時受到滑動摩擦力，在粗糙程度相同得情況下，小球對筒壁得壓力越大，摩擦力就越大；小球運動一周得過程中，因克服摩擦力做功，使得小球機械能減小，在上升和下降過程中等高處，上升時摩擦力較大，而下降時的摩擦力較小，則上升時克服摩擦力做功，下降時小于；設小球上升到最高點時的速度為，筒壁對小球的彈力滿足：，再由能量守恒：，解得；小球上升到最高點時的速度為，筒壁對小球的彈力滿足：，假設小球到達最高點時克服摩擦力做功為W=mgR，由能量守恒：，解得，實際上小球下落時也要克服摩擦力做功，因而上升過程中克服摩擦力做功小于W的，則有，故C錯D對故選BD【點睛】 此題考查知識點綜合性強而且

18、非常靈活，需要對所學知識有很好的掌握，如誰來提供向心力；滑動摩擦力的影響因素及做功問題；能量守恒的思想的運用；特殊條件下的取值范圍問題等9、AD【解析】試題分析：摩擦力恒定，物體沿斜面下滑時做初速度為零的勻變速直線運動，根據初速度為零勻變速直線運動中合力、速度、位移和機械能所時間變化特點可解答本題解：A、物體在斜面上運動時做勻加速運動，根據牛頓第二定律可知，其合外力恒定，故A正確；B、在vt圖象中，斜率表示加速度大小，由于物體做勻加速運動，因此其vt圖象斜率不變，故B錯誤；C、物體下滑位移為：，根據數學知識可知，其位移與時間圖象為拋物線，故C錯誤；D、設開始時機械能為E總，根據功能關系可知，開

19、始機械能減去因摩擦消耗的機械能，便是剩余機械能，即有：，因此根據數學知識可知，機械能與時間的圖象為開口向下的拋物線，故D正確故選AD【點評】對于圖象問題要明確兩坐標軸、斜率的含義等，對于比較復雜的圖象問題可以利用物理規律寫出兩個物理量的函數關系式，根據數學知識進一步判斷圖象性質10、CD【解析】滑塊恰能通過C點時，由重力提供向心力，根據牛頓第二定律列方程求C點時的臨界速度，由動能定理知AC高度差，從而知AB高度；對滑塊在傳送帶上運動的過程根據動能定理列方程求滑行的最大距離的大小因素；根據傳送帶速度知物塊的速度，從而知是否回到A點；滑塊與傳送帶摩擦產生的熱量Q=mgx，看熱量多少，分析相對路程【

20、詳解】若滑塊恰能通過C點時有：mg=m；由A到C，根據動能定理知 mghAC=mvC2；聯立解得：hAC=R；則AB間豎直高度最小為 2R+R=2.5R，所以A到B點的豎直高度不可能為2R，故A錯誤；設滑塊在傳送帶上滑行的最遠距離為x，則有動能定理有：0-mvC2=2mgR-mgx，知x與傳送帶速度無關，故B錯誤；若滑塊回到D點速度大小不變，則滑塊可重新回到出發點A點，故C正確；滑塊與傳送帶摩擦產生的熱量Q=mgx，傳送帶速度越大，相對路程越大，產生熱量越多，故D正確；故選CD【點睛】本題綜合考查了動能定理、機械能守恒定律和牛頓第二定律，理清物塊在傳送帶上的運動情況，以及在圓軌道最高點的臨界情

21、況是解決本題的關鍵三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 擋光片中心 繩子有一定的質量、滑輪與繩子之間有摩擦、重物運動受到空氣阻力等【解析】（1、1）需要測量系統重力勢能的變化量，則應該測量出擋光片中心到光電門中心的距離，系統的末速度為： ，則系統重力勢能的減小量Ep=mgh，系統動能的增加量為：Ek (1M+m)v1 (1M+m)( )1，若系統機械能守恒，則有：mgh= (1M+m)( )1（3）系統機械能守恒的條件是只有重力做功，引起實驗誤差的原因可能有：繩子有一定的質量、滑輪與繩子之間有摩擦、重物運動受到空氣阻力等12、保證小球到

22、達水平時的速度相同. 見解析. x=0.8m； 布簾的粗糙或蔬密程度等. 【解析】（1）1實驗中，每次小球釋放的高度總是相同的，這樣做的目的是為了保證小球到達水平時的速度相同；（2）2通過描點，用光滑的直線可得：（3）3由圖象可知，斜率故表達式：x=0.8m4決定圖象的斜率大小的因素可能是布簾的粗糙或蔬密程度等.四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1)1s(2) (3) 10NF25N【解析】（1）對物塊進行受力分析Fcos53=ma1 a1=6m/s2根據位移時間公式可知， （2）由題意可知物塊在BC上的運動時間t2=t1=0.5s vB=a1t1=3m/s 解得：a2=0，即物塊在斜面上勻速運動 在斜面上對物塊進行受力分析，則有F=f+mgsin53N=mgcos53f=N 聯立上式解得：