1、高二理科數學（分值：150分考試時間：120分鐘）第I卷（選擇題）.本大題共12小題,一、單選題（在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的每小題5分，共60分.）1.已知實數1滿足且，則下列不等式一定成立的是（-15-A.B.卜：.訂CID.2.已知則“，的（）開始A.充分不必要條件必要不充分條件C.充要條件既不充分也不必要條件3.若命題p是假命題，命題q是真命題，則（）A.pAq是真命題B.pVq是假命題C.p是假命題q是假命題a=a7+2是否x-l04. 已知對滿足不等式組（x+y-40，則目標函數z=3x+y的最小值是D.105閱讀右圖所示的程序框圖,運行相應的程序，輸出的結果

2、是A3B.11.100D.1236.個幾何體的三視圖如圖所示,則這個幾何體的體積為（A.1C.3222)7.直線I:U【與圓C：-相切,則直線I的斜率為（）.A.1&若|,是兩條不同的直線，忖是兩個不同的平面，則下列命題正確的是A.若【；】丄宀，冒朋,則-B.若，【:邛，；,則:丁丄c.若代h,，則.D.若丄”，壯丄:,則“.：).9.橢圓C:4x2+y?=16的長軸長、短軸長和焦點坐標依次為（A.,、B.：,血琴J坯C.，壬工圾忑D.,10在正項等比數列%中，若，也是方程x0,即只亠。，再結合邊Cb,利用不等式的基本性質即可得到結果詳解：，訃j,即，又卜爲，二J,故選D.點睛：本小題主要考查

3、不等關系與不等式應用、不等式的基本性質、實數的性質等基礎知識，考查運算求解能力，屬于基礎題2.A【解析】是卜23,的充分不必要條件，故選A.3.D故選B.5. D2試題分析：進入循環前a1100；第一次循環，a123100；第二次循環,22a3211100；第三次循環，a112123100，退出循環，此時輸出a123，故選D.考點：程序框圖6. B【解析】由三視圖可知該幾何體為如下的底面為邊長為1的等腰直角三角形高為2的三棱柱去掉如圖上部分的四棱錐后得到的幾何體由圖可知，去掉的四棱錐的底面為直角梯形，上，下底邊長分別為1,2,梯形高為、2,四棱錐的高為一2則2VV三棱柱V四棱錐212，故選B2

4、32227. A【解析】依題意知圓心C(1,1)，圓C的半徑r=罷皿，二k一1Jk21&A【解析】分析：對每個選項逐一分析，利用綜合法或舉反例的方法進行排除即可得到結論.詳解：對于選項A,由二廠卩，肓那可得|匸打闊或,又醴丄L：,所以可得亠二,故A正確.對于選項B,由條件可得川】或，故B不正確.對于選項C,由條件可得.：”/；或工二相交或工二異面，故C不正確.對于選項D,由題意得匚丄，故D不正確.點睛：點、線、面的位置關系的判斷方法(1) 平面的基本性質是立體幾何的基本理論基礎，也是判斷線面關系的基礎.對點、線、面的位置關系的判斷，常采用窮舉法，即對各種關系都進行考慮，要發揮模型的直觀性作用.

5、(2) 利用線線平行、線面平行、面面平行以及線線垂直、線面垂直、面面垂直的判定定理、性質定理綜合進行推理和判斷命題是否正確.9. B【解析】橢圓C:4x2+y2=16化為標準方程為：說十%“，可得*4,b=2,匚=2育,所以橢圓丫11的長軸長，短軸長和焦點坐標分別為：M,“，故選.,:1點睛：本題考查橢圓的簡單性質的應用，考查計算能力.10. C分析：為咤的等比中項y請習4叱，由韋達定理，求出打噸，從而求出自因為數列為正項數列，則取正數.詳解：因為8為方程的兩根，由韋達定理，為、的等比中項，則解得,因為數列為正項數列，所以,故選C點睛：本題主要考察等比中項的公式，當結果為兩個時，需要進行分析，

6、防止多解，等比數列隔項符號相同11. A【解析】由題意知拋物線y24x的準線為x1，設AB兩點的坐標分別為Axi,y0,Bx2,y0，則AFx-i1。y24x2由22消去y整理得x22x30，解得x1,x1y422B在圖中圓x1y4的實線部分上運動，1x?3。FAB的周長為AFFBBA為12X?為x234,6。選A。點睛：解決與拋物線有關的問題時，要注意拋物線定義的運用。特別是對于焦點弦的問題更是這樣，利用定義可將拋物線上的點到焦點的距離（兩點間的距離）轉化成該點到準線的距離（點到直線的距離），然后再借助幾何圖形的性質可使問題的解決變得簡單。12.D22【解析】由雙曲線篤每1（a0,b0）,可

7、得右焦點點Fc,0,則abb2Ac,Bc,D0,b,aa若ABD表示以A為直角頂點的直角三角形時，,b2匕、c.a2b2、2a則bab，所以e2；aaaa若ABD表示以D為直角頂點的直角三角形時，uuvuuvUJIVuuv則ADBD，即ADBD,則c,bADBD0,a即c,bb2一b22b40,c,bcb22aaa又c2a2b2，整理得c44a2c22c40,則e44e220，解得e2、2,綜上所述e2或e2,2，故選D.13. -i-：【分析】先求出直線x+2y1=0的斜率，再求所求直線的斜率，再寫出直線的點斜式方程【詳解】1由題得直線x+2y1=0的斜率為所以所求直線的斜率為2,所以所求的

8、直線的方程為y-3=2(x-1)即2x-y+仁0.故答案為：I-：【點睛】(1)本題主要考查兩直線垂直的性質和直線方程的求法，意在考查學生對該知識的掌握水平和分析推理能力.(2)如果兩直線都存在斜率且互相垂直，則存一禺7：j_.直線的點斜式方程為y-ykfxxi).x2y214. 144【解析】以yx為漸近線的雙曲線為等軸雙曲線，方程可設為x2y20，代入22點2,0得4x2y24乞1.4415. 2試題分析：利用三垂線定理的逆定理、直線與圓相切的判定與性質、矩形的性質、平行線的性質即可求出.解：連接AQ取AD的中點丄DQ由三垂線定理的逆定理可得中點O為圓心的圓上，又在BC上有且僅有一個點O,

9、連接OQ/PAL平面ABCDPQDQLAQ點Q在以線段AD的Q滿足PQLDQBC與圓O相切,(否則相交就有兩點滿足垂直，矛盾.)OQLBC,/AD/BC,/0Q=AB=1/BC=AD=2即a=2.故答案為：2.考點：直線與平面垂直的性質.16. c13【解析】解:由題意可知:sin12,a2Ccos2平方可得:fsin=144=25相加可得:a7+b2+2abcosC=169則：c13.點睛：余弦定理在應用時，應注意靈活性，尤其是其變形應用時可相互轉化，已知和角函數值，求單角或和角的三角函數值的技巧：把已知條件的和角進行加減或二倍角后再加減，觀察是不是常數角，只要是常數角，就可以從此入手，給這

10、個等式兩邊求某一函數值，可使所求的復雜問題簡單化.17.(I)無不甘；(n)1.【解析】【試題分析】禾U用*卞俎心工韭求解得通項公式.(II)利用裂項求和法求得前項【試題解析】(I)由題意知，當應時叫%時屮s+h符帑上式娜+1.11|11_n(n)解：由(I)知=U.l1,.Tn=I：IL空18. (1);(2)-.【分析】(1) 由a,c及cosB的值，利用余弦定理即可求出b的值；(2) 利用三角形面積公式即可求出三角形ABC的面積.【詳解】(1)于4?尸3片g,由余弦定理可得b-=a2+c2*2actosH-7，八冷,(2)【點睛】此題考查了正弦、余弦定理，三角形面積公式，以及特殊角的三角

11、函數值，熟練掌握定理是解本題的關鍵.19. (1)丁一亠(2):.一；：卜1【解析】分析：(1)可先設出拋物線的方程：丿一，然后代入點計算即可；(2)已知弦長所以要先分析斜率存在與不存在的情況，)當直線I的斜率不存在時，直線I:x=-1驗證即可，當直線I的斜率存在時，設斜率為k,直線為-1聯立方程根據弦長公式求解即可詳解：(i)設拋物線方程為一二拋物線過點丄一:;,得p=2則(2)當直線I的斜率不存在時，直線I:x=-1與拋物線交于、-：1,弦長為4,不合題意當直線I的斜率存在時，設斜率為k，直線為r八1_才二_4耳消嚴得上+4)+上=0.吊工TJ(2F十4)_喬【弦長=解得=.得；丄.所以直

12、線I方程為1或*點睛：考查拋物線的定義和標準方程，以及直線與拋物線的弦長公式的應用，注意討論是解題容易漏的地方，屬于基礎題20.(1)mij或：I1；(2)、;(3)w【分析】(1)設過點P的直線方程，利用圓心到直線的距離等于半徑求其斜率即可(2)在中利用勾股定理求PA的長(3)利用AB與PC垂直的性質求出其斜率，由點斜式寫出直線方程【詳解】(1).由已知得過點的圓的切線斜率的存在，設切線方程為即I1.I盧電，-則圓心到直線的距離為.，即、丨心+7=匕.k=7或所求直線的切線方程為m或/-w,即或上1丄(2).在冋|中,肌“Jg-1)2+(2)玖ICAA農,.I】怕r-iH：ca莽，.站：/.

13、,過點的圓|的切線長為兩彳.(3) .直線斤衛的方程為:*：；-：.【點睛】.解決此類問題要本題考查直線與圓相切的性質，以及切線的相關平面幾何性質，屬于中檔題注意對初中學習的圓的平面幾何性質靈活使用21. (1)見解析；(2)【分析】(1) 連接；F,由題意可證得平面平面，利用面面平行的性質定理可得川小平面；(2) 過作|，以所在直線分別為慮:唄軸建立空間直角坐標系，由題意可得平面：的法向量為際=鳥珀，平面的法向量為據此計算可得二面角:的平面角的余弦I.【詳解】(1)連接二蚣湘,底面兌：卜為平行四邊形,杠悶是的中點，是的中點，網用汀川翅，是-的中點，是的中點，,ONDOM=O,*平面0MN/平

14、面QUC,MNG平面OMN,薊MN/平面QBC；(2)由；平面二；平行四邊形，平面底面,，四邊形.為矩形，且底面網網，茁亠山，過作,以所在直線分別為軸建立空間直角坐標系（如圖），由&；J,江一J,IH，知門旳,k汽:;心、；、劌鳥:；：:.、左：-II、：、匸匕：二.3-I：.:.；、，設平面MO3的法向量為nCXpypZj），葉雨二、+2y十糾_0則ri|CB=v3x1=0,取比=1,屮2,旳曲，即幾=（0,-1辺，設平面QCU的法向量為尸（衍,y沖2）r）2QB=-v5x2+2y2+2zz=0J*I則i叱傭=占勺=0取丫尸】，巧t，出=o,即忌=wi，認卵獸一wi帑羅4腫二面角MBQ的平面

15、角0的余弦Inllln：l心2.【點睛】本題考查了立體幾何中的判斷定理和二面角的求解問題，意在考查學生的空間想象能力和邏輯推理能力；解答本題關鍵在于能利用直線與直線、直線與平面、平面與平面關系的相互轉化，通過嚴密推理，明確角的構成同時對于立體幾何中角的計算問題，往往可以利用空間向量法，通過求解平面的法向量，利用向量的夾角公式求解v2=1+變22. 4；（2）一丁；（可見解析.【分析】（1）由題設條件橢圓的兩焦點為卩認珅工叭旳（風0）,離心率心亍，求出U,b兩參數的值，即可求得橢圓的方程；（2）根據直線【與此橢圓相交于，兩點，且I頂等于橢圓的短軸長，故可由弦長公式建立方程求出參數的值.首先要將直

16、線方程與橢圓方程聯立，再利用弦長公式建立方程，即可求解；（3）先假設能構成等腰直角三角形備二I,其中由題意可知，直角邊，：不可能垂直或平行于軸，故可設邊所在直線的方程為v-：-i（不妨設）,1則bc邊所在直線的方程為?n,將此兩直線方程與橢圓的方程聯立，分別解出a,兩點的坐標，用坐標表示出兩線段,的長度，由兩者相等建立方程求參數，由解的個數判斷三角形的個數即可.【詳解】+/=1=2/3（1）設橢圓方程為crb2則匸=右，厭2a-lb一所求橢圓方程為y=直4(2)由E+4尸=4，消去y，得2+帥-卄4(-1)=0,則I叱”】：1得：(*)=4-1)51_5技，滿足（*）_8/n設刊*134吋，則十兀5，斗刃|v|-/（-”一七廣亠1衣1一卩2F三j母卜了2設能構成等腰直角三角形W行，其中怪乙門I,由題意可知，直角邊，不可能垂直或平行于獵由，故可設Bn邊所在直線的方程為y=kx+l|（不妨設kJ十（一J:T