1、浙江省湖州市 2018-2019學年高一物理下學期期末考試試題（含解析）一、單項選擇題1.下列物理量為矢量的是A.功B.動能C.電場強度D.電流【答案】C【解析】【詳解】A.功只有大小無方向，是標量，選項A錯誤；B.動能只有大小無方向，是標量，選項 B錯誤；C.電場強度有大小和方向，是矢量，選項 C正確；D.電流有大小雖然有方向，但是不滿足平行四邊形定則，是標量，選項 D錯誤.2 .發現萬有引力定律的科學家是A.牛頓B.開普勒C.卡文迪許D.焦耳【答案】A【解析】【詳解】發現萬有引力定律的科學家是牛頓；A.正確；BCD錯誤.3 . 一物塊在水平恒力 F作用下沿水平面ABC直線運動。已知AB段光

2、滑，BC段粗糙，且;無=4。設f1力F在AB BC段所做 功分別為卬1、卬，則A/% = 0,叫=也B.匕以，匕二也C.力產2 %D. % =也，匕=2【答案】D【解析】【詳解】根據功的概念可知，W=Fxcos。，則恒力 F在AB BC段的位移相同，則所做的功相同，均為W=FLABC.三個選項都錯誤；D.選項正確;4 .下列有關靜電學的說法正確的是A.摩擦起電和感應起電的本質是產生了新的電子B.電荷量是不能連續變化的物理量C.電場力做功與移動電荷的路徑有關D.沿著電場線方向電勢逐漸升高【答案】B【解析】【詳解】A.摩擦起電和感應起電的本質是電荷的轉移，而不是產生了新的電子，選項A錯誤;B.電荷

3、量是不能連續變化的物理量，只能是元電荷的整數倍，選項 B正確；C.電場力做功與移動電荷的路徑無關，只與初末兩態位置有關，選項C錯誤；D.沿著電場線方向電勢逐漸降低，選項 D錯誤.5.下列四幅圖中的物體在指定的過程中機械能守恒的是甲 乙A.甲圖：客機在起飛爬升的過程B.乙圖：抽成真空的管中雞毛懸空下落的過程C.丙圖：跳傘運動員打開降落傘下落的過程D. 丁圖：石頭從手中加速到落地前的過程【答案】B【解析】【詳解】A.甲圖：客機在起飛爬升的過程重力勢能增大，動能增大，則機械能增加，選項A錯誤；8 .乙圖：抽成真空的管中雞毛懸空下落的過程只有重力做功，則機械能守恒，選項B正確；-17 -C.丙圖：跳傘

4、運動員打開降落傘下落的過程要克服阻力做功，則機械能減小，選項D. 丁圖：石頭從手中加速到落地前的過程中要克服阻力做功，則機械能減小，選項C錯誤;D錯誤.6.在10s的時間內，有3c的電量通過了小燈泡，則在該時間內流過小燈泡的平均電流為A. 0.3AB. 3AC. 10AD. 30A【答案】A【解析】【詳解】根據電流的定義式 / = -,則在該時間內流過小燈泡的平均電流為I = A= 0.3/1t10A.此選項正確；BCD此三項錯誤；7.某星球在膨脹過程中，半徑變為原來的2倍，若星球的質量不變，則它表面的重力加速度變為原來的A. 4倍【答案】DB. 2倍mM【詳解】根據仃m =mg可知,的重力加

5、速度變為原來的ABC.此三項錯誤;D.此選項正確;GM若星球的質量不變，半徑變為原來的 fr2倍，則它表面8.如圖，。A、B三點位于同一直線上，且 OA = A1Oo現在O點放置一點電荷，它在 A點產生的電場強度大小為 E,則它在B點產生的電場強度大小為EB.C. 2ED. 4E,、Q 、一，、 一0一，【詳解】設 舊1二山,二廠，根據點電荷場強公式： E = "：,則A點的場強： =B點的場 強：坳=" = ;"A.此選項正確；BCD三個選項錯誤;9 .在地球表面附近繞地運彳T的衛星，周期為85min,運行速率為7.9km/s。我國發射的第四十四顆北斗導航衛星軌

6、道離地面距離為地球半徑的5.6倍，關于該衛星的運行速率v和周期T,下列說法正確的是A. v<7.9km/s , T<85minB. v<7.9km/s , T>85minC. v>7.9km/s , T<85minD. v>7.9km/s , T>85min【答案】B【解析】根據衛星繞地球做勻速圓周運動，萬有引力提供向心力：Mm v2 2 4MG=陽一=r = m r產 T2風云二號軌道半徑大于近地衛星的軌道半徑，所以線速度小于7.9km/s根據周期關系T=但二,所以半徑越大，周期越大，所以周期大于85minJ GM故答案選B10 .物體僅在拉力

7、、重力作用下豎直向上做勻變速直線運動，重力做功 -2J ,拉力做功3J ,則下列說法正確的是A.物體的重力勢能減少 2JB.物體的動能增加3JC.物體的動能增加1JD.物體的機械能增加 1J【答案】C【解析】【詳解】A.物體的重力做功-2J ,則重力勢能增加 2J,選項A錯誤；B.合力功為3J+(-2J)=1J ,則物體的動能增加 1J,選項B正確；C.由B的分析可知，選項 C錯誤；D.拉力做功為3J,則物體的機械能增加 3J,選項D錯誤.DC|11 .根據電阻定律，電阻率p=-。某種金屬導線，在溫度不變的情況下，其電阻率 LA.跟導線的電阻成正比B.跟導線的橫截面積成正比C.跟導線的長度成反

8、比D.由金屬材料本身特性決定【答案】D【解析】試題分析：導體的電阻率是由導體本身的特性決定的，與導體的長度、橫截面積以及導體的電阻均無關，故選 Do考點：電阻率.12 .在如圖所示白電路中，E是直流電源，A B是平行板電容器的兩極板。電容器原來不帶電,閉合開關S,電源給電容器充電，下列說法正確的是A.充電過程中，電容器的電容增大B.充電時，電容器儲存的是電場能C.充電時，A極板帶負電荷、B極板帶正電荷D.充電過程中，沒有電流流過電阻R【答案】B【解析】【詳解】AB.初始時電容器不帶電，當閉合開關S,在電源向電容器充電的過程中，因電容不變，根據電容器白定義式可知，Q=CU那么電容器的電量 Q增大

9、，充電時，儲存的是電場能，故A錯誤，B正確。C.充電時，電流從正極流向正極板，故A極板帶正電，B極板帶負電，故 C錯誤。D.充電過程中，形成閉合回路，電流流過電阻R,故D錯誤。13.下列有關多用電表的歐姆擋說法正確的是A.歐姆擋的刻度是均勻的B.歐姆擋的“零刻線”位于刻度盤右側C.歐姆擋由“X 10”擋換至“X 1”擋后不需要再歐姆調零D.歐姆擋可直接測出連接在電路中的電阻的阻值【答案】B【解析】【詳解】A.歐姆擋的刻度是不均勻的，右側疏，左側密，故 A錯誤；B.歐姆擋的“零刻線”位于刻度盤右側，故 B正確；C.歐姆擋由“X 10擋”換至“X 1”擋后必須進行歐姆調零；故C錯誤；D.為了防止其

10、他電阻的影響，利用歐姆檔測電阻時必須將電阻與電路斷開，故D錯誤。14.某人造地球衛星沿圓軌道運行，軌道半徑r =周期丁 = 5.6x10%,已知萬有引力常量= 6.67 x LN . 小化靖。根據這些數據可以求得的物理量為A.地球的質量B.地球的平均密度C.地球表面的重力加速度大小D.地球對該衛星 萬有引力大小【詳解】A.根據萬有引力提供向心力G三?穩；代入數據可得:M=6X 1024kg.故戶 產 GTZA正確;B.由于沒有給出地球的半徑，所以不能了故C錯誤;故D錯誤;律求C.由于沒有給出地球的半徑,D.由于沒有給出衛星的質量,格為“220V 100W 。15. a、b兩燈連接成如圖所示由地

11、球的密度。故不能根據萬有B錯誤;地球對該衛星的為 “ 220V 40W , b 燈通電時，a、b燈兩端電壓分別為 山.、I，實際功率分別為P、Pb,且實際功率都沒有超過額定功率，設a、b燈電阻不變。下列判斷正確的是A.4<P/C.%仇，4川【答案】D【解析】22(1*【詳解】根據P =上知：a燈的電阻為 = 絲 =1210(1, b燈的電阻為電=絲上=484口，所以R1402 100a燈的電阻大于b燈的電阻，因為兩燈電流相等，根據U=IR知U>U,又因為P=UI,所以Pa >R;ABC.此三項錯誤;D.此選項正確；16.如圖，A B為地球的兩顆衛星，它們繞地球做勻速圓周運動，

12、其軌道半徑滿足。之”。V、a、T、林分別表示它們的環繞速度大小，向心加速度大小、周期和動能，下列判斷正確的是B. aA<aHD. < Ekb【答案】C【解析】【詳解】設衛星的質量為mi軌道半徑為r、地球質量為 M衛星繞地球做勻速圓周運動，根據萬有引力提供向心力， 有:,則根據題意有：av rB可得:CMA.由n 二，可得，Va>Vb,故A錯誤。GMB.由廿二二7，可得，aA>aB，故B錯誤。C.由二2汗|1,可彳導,Ta< Tb,故C正確。 qGMD.由于二者的質量關系是未知的，則不能比較它們的動能大小，故D錯誤。17. 一臺電動機工作時輸出的機械功率為40kW保

13、持該機械功率，豎直提升質量為20 X的貨物，阻力不計，則貨物能達到的最大速度為A. 0.2m/sC. 2m/s【答案】A【解析】【詳解】貨物達到最大速度時，拉力等于重力，即：-l g P 4X104.P額=Fv=mgV導： v=0,2m/s;mq 2 x 104x IDA.此選項正確；BCD此三項錯誤；B. 0.5m/sD. 5m/sF=mg設貨物能達到的最大速度為v。由18.如圖，絕緣理想細線AC BC系著帶電小球a,在D處的帶電小球 b的庫侖引力作用下，兩細線AC BC處于伸直狀態,選項正確的是B、C D在同一條水平線上，a、b兩小球均可看作點電荷。下列A.若只增大b球的帶電量，AC線的拉

14、力增大B.若只增大a球 帶電量，AC線的拉力增大C.若只將b球沿直線CD向左靠近a球，AC細線的拉力保持不變D.若只將b球沿直線CD向左靠近a球，AC細線的拉力增大【答案】C【解析】【詳解】AB.設細線AC和AB的夾角為0 ,分析小球a的受力情況，豎直方向上，FAccos0=mg 當只增大a球或b球的帶電量時，夾角 0不變，AC的拉力不變，故 AB錯誤。CD.若只將b球沿直線CD向左靠近a球，則庫侖力增大，水平方向上，處于平衡，BC細線的拉力變大，但 ACffl線的拉力保才I不變，故 C正確，D錯誤。、實驗探究題19 .王同學做“驗證機械能守恒定律”的實驗。(1)實驗中需要一個合適的“重物”，

15、如圖重物中最合適的為 (選填"A”、“B”或"C )(2)圖中紙帶為王同學做本實驗所得紙帶的一部分，重物的質量m=0.20kg ,查得當地的重力加速度值g=則打下點"5"時重物的速度大小為 m/s ;從打下“2"點到打下“5”點過程中，重物重力勢能的減少量為 J。(結果均保留兩位有效數字)【答案】(1). (1)C (2). (2)2.42.6m/s (3). 0.250.27J【詳解】第一空.實驗中應選擇質量盡量大，體積盡量小的重物掛在紙袋下方，故選C;第二空.根據勻變速直線運動中，時間中點的瞬時速度等于該過程中的平均速度，得出5點的瞬時速度

16、大小為： 叱= 解得：V5=2.5m/s ;第三空.從打下“2”點到打下“ 5”點過程中，重物重力勢能的減少量b=mgh-5,解得 b=0.25J 。20 .劉同學做“測電源的電動勢和內阻”實驗。(1)劉同學采用兩節干電池串聯作為電源，電流表選擇0.6A量程，電壓表選擇 3V量程。在閉合開關開始實驗前其連接的電路如圖所示。請幫其檢查電路，指出圖中的不妥之處： (指出一處即可)。(2)劉同學改進電路連接，經過正確的實驗操作，得到某次測量的電流表示數如圖(2)所示，則該示數為 Ao(3)劉同學經過正確操作，得到多組U、I數據，作出U-I圖像如圖(3)所示，則該電源的電動勢為 V,內阻為 Qo (結

17、果均保留兩位有效數字)【答案】(1). (1)連接電壓表負接線柱的導線應接在電流表的負接線柱或電源負極;滑變器的滑片應置于左端或接入電阻最大的那一端。(2). (2)0.25A( 按十分之一估讀也算對，比如 0.248A 等)(3). (3)3.0V,(4). 4.34.4 Q【解析】【詳解】第一空.由實物圖可知，圖中不妥之處有：連接電壓表負接線柱應接在電流表的負接 線柱或電源負極;第二空.當電流表選擇0.6A量程時，每小格分度值為0.02A,故按本位估讀，即 0.248A;第三空.根據電源 U-I圖象的物理意義可知，圖象在縱軸的截距表示電源電動勢，即為：E=3.0V,斜率表示內阻大小，即為:

18、20-1.00.46三、計算題21.如圖，民航客機機艙緊急出口的氣囊小是220N,將人看作質點,(1)人從出口滑到地面過程中(2)人剛滑到地面前的速度斜面，若斜面高6ml質量為60kg的人從出口無初速滑*滑下時人所受的E求:(3)人剛滑到地面前瞬間克服阻力做功的瞬時功率。【答案】(1) 1800J; (2) 4m/s (3) 880W【詳解】(1)人從出口滑到地面過程中重力做功為W=mgh=1800J；(2)從滑出到剛到地面，由動能定理有：丸-" =3m長(用牛頓運動定律解且正確的同樣給分) 到底端時克服阻力做功的瞬時功率為：P=fv =880W22.如圖是長為1、高為h的光滑絕緣水

19、平桌面，桌面上方存在水平向右的勻強磁場，電場強度大小為E,桌面右側空間沒有電場。一質量為m3帶電量為q的小物塊從桌面左端由靜止釋放，然后從桌面右端 M點以速度v水平拋出，最后落于地面Q點，平拋的水平位移為 x,不考慮空氣阻力。若 m=2.0kg , q -k，l =2.0m, h=0.8m, x=1.6m。求：(1) v的大小；(2) E的大小。【答案】(1) 4m/s (2) 104V/m【解析】【詳解】(1)小物塊從M開始做平拋運動，由平拋運動的規律有:(2)從釋放到物塊拋出前，由動能定理有:qEl = -mv2mv2而= 104V/m或者：物塊在桌面做勻加速直線運動，故有:v2 = 2at由牛頓第二定律有：旺=ma 可得：E=104V/m23.如圖所示，在豎直平面內有一 “ 管道裝置，它是由兩個完全相同的圓弧管道和兩直管道組成。直管道和圓弧管道分別相切于網、陶、%、%, %、內分別是兩圓弧管道的最高點，的、Q分別是兩圓弧管道的最低點，久、固定在同一水平地面上。兩直管道略微錯開，其中圓弧管道光滑，直管道粗糙，管道的粗細可忽略。圓弧管道的半徑均為R,zfliMi = "NiG =皿七% = 士&&G=q。一質量為m的小物塊以水平向左的速度 飛從7 點出發沿管道運動，小物塊與直管道間的動摩擦因數為。設 = 12m/s, m=1kg,