1、2017年普通高等學校招生全國統一考試（江蘇卷）物理一、單項選擇題：本題共5小題，每小題3分，共15分。每小題只有一個選項符合題意。1【2017年江蘇，1，4分】如圖所示，兩個單匝線圈、的半徑分別為和。圓形勻強磁場的邊緣恰好與線圈重合，則穿過、兩線圈的磁通量之比為（ ）A B C D 【答案】A 【解析】由于線圈平面與磁場方向垂直，故穿過該面的磁通量為：，半徑為的虛線范圍內有勻強磁場，所以磁場的區域面積為：結合圖可知，穿過兩個線圈的磁感線的條數是相等的，所以磁通量都是： 。與線圈的大小無關，故選A。2【2017年江蘇，2，4分】如圖所示，、兩小球從相同高度同時水平拋出，經過時間在空中

2、相遇。若兩球的拋出速度都變為原來的2倍，則兩球從拋出到相遇經過的時間為（ ）A B C D【答案】C【解析】兩球同時拋出，豎直方向上做自由落體運動，相等時間內下降的高度相同，始終在同一水平面上，根據知，當兩球的拋出速度都變為原來的2倍，則兩球從拋出到相遇經過的時間為；故選C。3【2017年江蘇，3，4分】一小物塊沿斜面向上滑動，然后滑回到原處。物塊初動能為，與斜面間的動摩擦因數不變，則該過程中，物塊的動能與位移關系的圖線是（ ）A B C D【答案】C【解析】設斜面的傾角為，物塊的質量為，去沿斜面向上為位移正方向；根據動能定理可得：上滑過程中：， 所以；下滑過程中：，所以； 

3、;根據能量守恒定律可得，最后的總動能減小，故選C。4【2017年江蘇，4，4分】如圖所示，三塊平行放置的帶電金屬薄板、中央各有一小孔， 小孔分別位于、點。由點靜止釋放的電子恰好能運動到點?，F將板向右平移到點，則由點靜止釋放的電子（ ）A運動到點返回 B運動到和點之間返回C運動到點返回 D穿過點【答案】A【解析】設間電場強度為，間場強為，根據題意由點釋放的電子恰好能運動到點，根據動能定理，有，板電量不變，板間的場強，由知板間的場強不隨距離的變化而變化，當板向右平移到時，板間的場強不變，由知，電子仍然運動到點返回，故選A。5【2017年江蘇，5，4分】如圖所示，一小物塊被夾子夾緊，夾子通過輕繩懸掛

4、在小環上，小環套在水平光滑細桿上。物塊質量為，到小環的距離為，其兩側面與夾子間的最大靜摩擦力均為。小環和物塊以速度向右勻速運動，小環碰到桿上的釘子后立刻停止，物塊向上擺動。整個過程中，物塊在夾子中沒有滑動。小環和夾子的質量均不計，重力加速度為。下列說法正確的是（ ）A物塊向右勻速運動時，繩中的張力等于 B小環碰到釘子時，繩中的張力大于 C物塊上升的最大速度為 D速度不能超過【答案】D【解析】A物塊向右勻速運動時，則夾子與物體，處于平衡狀態，那么繩中的張力等于，與大小關系不確定，故A錯誤；  B小環碰到釘子時，物體做圓周運動，依據最低點由拉力與重力的合力提供向心力，因此繩中的

5、張力大于，而與大小關系不確定，故B錯誤； C依據機械能守恒定律，減小的動能轉化為重力勢能，則有：，那么物塊上升的最大高度為，故C錯誤； D因夾子對物體的最大靜摩擦力為，依據牛頓第二定律，結合向心力表達式，對物體，則有：，解得，故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。每小題有多個選項符合題意。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，錯選或不答的得0分。6【2017年江蘇，6，4分】“天舟一號”貨運飛船于2017年4月20日在文昌航天發射中心成功發射升空。與“天宮二號”空間實驗室對接前，“天舟一號”在距地面約的圓軌道上飛行，則其（ ）A角速度小于地球自轉角速度

6、 B線速度小于第一宇宙速度 C周期小于地球自轉周期 D向心加速度小于地面的重力加速度【答案】BCD【解析】A根據衛星的速度公式和得：。將“天舟一號”與地球同步衛星比較，由于“天舟一號”的軌道半徑小于地球同步衛星的軌道半徑，所以“天舟一號”的角速度大于地球同步衛星的角速度，而地球同步衛星的角速度等于地球自轉角速度，所以其角速度大于地球自轉角速度故A錯誤  B第一宇宙速度是衛星繞地球做勻速圓周運動最大的運行速度，知其線速度小于第一宇宙速度故B正確 C由知“天舟一號”的周期于地球同步衛星的周期，而地球同步衛星的周期等于地球自轉周期，所以其周期小于地球自轉周期故C正確&#

7、160;D由知，其向心加速度小于近地衛星的向心加速度，而近地衛星的向心加速度約等于地面的重力加速度，所以其向心加速度小于地面的重力加速度故D正確，故選BCD。7【2017年江蘇，7，5分】某音響電路的簡化電路圖如圖所示，輸入信號既有高頻成分，也有低頻成分，則（ ）A電感的作用是通高頻 B電容的作用是通高頻C揚聲器甲用于輸出高頻成分 D揚聲器乙用于輸出高頻成分【答案】BD【解析】A電感的作用是通低頻，阻高頻，故A錯誤B電容的作用是通高頻，阻低頻，故B正確 C電感的作用是通低頻，阻高頻，而電容的作用是通高頻，阻低頻，所以低頻部分通過揚聲器甲故C錯誤 D電感的作用是通低頻，阻高頻

8、，所以揚聲器乙用于輸出高頻成分，故D正確，故選BD。8【2017年江蘇，8，5分】在軸上有兩個點電荷、，其靜電場的電勢在軸上分布如圖所示。下列說法正確的有（ ）A和帶有異種電荷 B處的電場強度為零 C負電荷從移到，電勢能減小 D負電荷從移到，受到的電場力增大【答案】AC【解析】A由圖可知：無窮遠處電勢為零，又有電勢為正的地方，故存在正電荷；又有電勢為負的地方，故也存在負電荷，所以，和帶有異種電荷，故A正確；  B電場強度等于圖中曲線斜率，處的斜率不為零，故電場強度不為零，故B錯誤； C負電荷從移到，電勢增大，電勢能減小，故C正確； D負電荷從移到，曲線斜

9、率減小，及電場強度減小，受到的電場力減小，故D錯誤，故選AC。9【2017年江蘇，9，5分】如圖所示，三個小球、的質量均為，與、間通過鉸鏈用輕桿連接，桿長為。、置于水平地面上，用一輕質彈簧連接，彈簧處于原長?，F由靜止釋放下降到最低點，兩輕桿間夾角由變為。、在同一豎直平面內運動，彈簧在彈性限度內，忽略一切摩擦，重力加速度為。則此下降過程中（ ）A的動能達到最大前，受到地面的支持力小于B的動能最大時，受到地面的支持力等于 C彈簧的彈性勢能最大時，的加速度方向豎直向下 D彈簧的彈性勢能最大值為【答案】AB【解析】的動能最大時，設和受到地面支持力大小均為，此時整體在豎直方向受力平衡，可得，所以；在的動

10、能達到最大前一直是加速下降，處于失重情況，所以受到地面的支持力小于，故AB正確；C當達到最低點時動能為零，此時彈簧的彈性勢能最大，的加速度方向向上，故C錯誤；D下落的高度為：，根據功能關系可知，小球A的機械能全部轉化為彈簧的彈性勢能，即彈簧的彈性勢能最大值為，故D錯誤，故選AB。三、簡答題：本題分必做題（第10、11題）和選做題（第12題）兩部分，共計42分。請將解答填寫在答題卡相應的位置。10【2017年江蘇，10，8分】利用如題10-1圖所示的實驗裝置探究恒力做功與物體動能變化的關系。小車的質量為，鉤碼的質量為，打點計時器的電源為的交流電。（1）掛鉤碼前，為了消除摩擦力的影響，應調節木板右

11、側的高度，直至向左輕推小車觀察到_。（2）掛上鉤碼，按實驗要求打出的一條紙帶如題10-2圖所示。選擇某一點為，依 次每隔4個計時點取一個計數點。用刻度尺量出相鄰計數點間的距離，記錄在紙帶上。計算打出各計數點時小車的速度，其中打出計數點“1”時小車的速度_。（3）將鉤碼的重和視為小車受到的拉力，取，利用算出拉力對小車做的功。利用算出小車動能，并求出動能的變化量。計算結果見下表。請根據表中的數據，在答題卡的方格紙上作出圖象。（4）實驗結果表明，總是略小于。某同學猜想是由于小車所受拉力小于鉤碼重力造成的。用題中小車和鉤碼質量的數據可算出小車受到的實際拉力_。【答案】（1）小車做勻速運動；（2）；（3

12、）如圖；（4）【解析】（1）掛鉤碼前，為了消除摩擦力的影響，應調節木板右側的高度，直至向左輕推小車觀察到小車做勻速運動，摩擦力達到平衡；（2）計數點1的瞬時速度。（3）根據表格中的數據做出圖像如圖所示。（4）對整體分析，根據牛頓第二定律得，則小車受到的實際拉力。11【2017年江蘇，11，10分】某同學通過實驗制作一個簡易的溫控裝置，實驗原理電路圖如題11-1圖所示，繼電器與熱敏電阻、滑動變阻器串聯接在電源兩端，當繼電器的電流超過時，銜鐵被吸合，加熱器停止加熱，實現溫控。繼電器的電阻約，熱敏電阻的阻值與溫度的關系如下表所示。（1）提供的實驗器材有：電源（，內阻不計）、電源（，內阻不計）、滑動變

13、阻器（）、滑動變阻器（）、熱敏電阻、繼電器、電阻箱（）、開關、導線若干。為使該裝置實現對之間任一溫度的控制，電源應選用_（選填“”或“”），滑動變阻器應選用_（選填“R1”或“R2”）。（2）實驗發現電路不工作。某同學為排查電路故障，用多用電表測量各接點間的電壓，則應將如題11-2圖所示的選擇開關旋至_（選填“”、“”、“”或“”）。（3）合上開關，用調節好的多用電表進行排查。在題11-1圖中，若只有、間斷路，則應發現表筆接入、時指針_（選填“偏轉”或“不偏轉與），接入、時指針_（選填“偏轉”或“不偏轉”）。（4）排除故障后，欲使銜鐵在熱敏電阻為時被吸合，下列操作步驟的正確順序是_（選填寫各步

14、驟前的序號）將熱敏電阻接入電路；觀察到繼電器的銜鐵被吸合；斷開開關，將電阻箱從電路中移除；合上開關，調節滑動變阻器的阻值；斷開開關，用電阻箱替換熱敏電阻，將阻值調至?！敬鸢浮浚?），；（2）；（3）不偏轉，偏轉；（4）【解析】（1）要想控制時的情況，熱敏電阻阻值約為，需要的最小電動勢；由于還要考慮滑動變阻器的阻值，因此的電源電動勢太小，應選擇的電源；滑動變阻器采用限流接法，因此其阻值應約為熱敏電阻的幾倍左右，因此滑動變阻器應采用。（2）要想測量電壓，應將旋鈕旋至電壓檔位上，因電動勢為，因此應選擇量程，故旋至點；（3）若只有、間斷路，則應發現表筆接入、時電表與電源不連接，因此指針不偏轉；而接入、

15、時，電表與電源直接連接，故指針發生偏轉；（4）要使時被吸熱，由表格數據可知，電阻為；為了使銜鐵在熱敏電阻為時被吸合，應先電阻箱替換熱敏電阻，將阻值調至；再合上開關，調節滑動變阻器的阻值，直到觀察到繼電器的銜鐵被吸合；此時再斷開開關將電阻箱取下，換下熱敏電阻即可實現實驗目的；故步驟為。12【2017年江蘇，12，12分】本題包括A、B、C三小題，請選定其中兩小題，并在相應的答題區域內作答。若多做，則按A、B兩小題評分。A【選修3-3】（1）一定質量的理想氣體從狀態經過狀態變化到狀態，其圖象如題12A-1圖所示。下列說法正確的有_A的過程中，氣體對外界做功 B的過程中，氣體放出熱量C的過程中，氣體

16、壓強不變 D的過程中，氣體內能增加（2）題12A-2（甲）和（乙）圖是某同學從資料中查到的兩張記錄水中炭粒運動位置連 線的圖片，記錄炭粒位置的時間間隔均為，兩方格紙每格表示的長度相同。比較兩張圖片可知：若水溫相同，_（選填“甲”或“乙”）中炭粒的顆粒較大； 若炭粒大小相同，_（選填“甲”或“乙”）中水分子的熱運動較劇烈。（3）科學家可以運用無規則運動的規律來研究生物蛋白分子。資料顯示，某種蛋白的摩爾質量為，其分子可視為半徑為的球，已知阿伏加德羅常數為。請估算該蛋白的密度。（計算結果保留一位有效數字）【答案】（1）BC；（2）甲，乙；（3）【解析】（1）A的過程中，溫度不變，體積減小，可知外界對

17、氣體做功，故A錯誤B的過程中，溫度不變，內能不變，體積減小，外界對氣體做功，根據熱力學第一定律知，為正，則為負，即氣體放出熱量，故B正確 C因為圖線中，段的圖線是過原點的傾斜直線，則程的過程中，壓強不變，故C正確 D到的過程中，溫度不變，內能不變，到的過程中，溫度降低，內能減小，則的過程中，氣體內能減小，故D錯誤。故選BC（2）布朗運動是懸浮在液體或氣體中的固體小顆粒的永不停息地做無規則運動，布朗運動是由于液體分子對小顆粒的撞擊不平衡造成的；顆粒越小，液體分子對顆粒的撞擊越不平衡，布朗運動越明顯由圖可知，乙圖中顆粒的布朗運動更明顯，所以若水溫相同，甲中炭粒的顆粒較大；

18、60;溫度越高，布朗運動越激烈，所以若炭粒大小相同，乙中水分子的熱運動較劇烈。（3）摩爾體積（或，由密度，解得（或），代入數據得（或，都算對）。B【選修3-4】（1）接近光速飛行的飛船和地球上各有一只相同的艷原子鐘，飛船和地球上的人觀測這兩只鐘的快慢，下列說法正確的有_A飛船上的人觀測到飛船上的鐘較快 B飛船上的人觀測到飛船上的鐘較慢C地球上的人觀測到地球上的鐘較快 D地球上的人觀測到地球上的鐘較慢（2）野生大象群也有自己的“語言”。研究人員錄下象群“語言”交流時發出的聲音，發現以2倍速度快速播放錄音時，能聽到比正常播放時更多的聲音。播放速度變為原來的2倍時，播出聲波的 _（選填“周期”或“頻

19、率”）與也變為原來的2倍，聲波傳播速度 _（選填“變大”、“變小”或“不變”）。（3）人的眼球可簡化為如圖所示的模型。折射率相同、半徑不同的兩個球體共軸。平行光 束寬度為，對稱地沿軸線方向射入半徑為的小球，會聚在軸線上的點。取球體的折射率為，且。求光線的會聚角。（示意圖未按比例畫出）【答案】（1）AC；（2）頻率，不變；（3）【解析】（1）飛船上的人是以飛船為參考系，故地球是高速運動的，根據愛因斯坦質能方程的 運動延時效應，飛船上的人觀測到地球上的鐘較慢，即飛船上的人觀測到飛船上的鐘較快，故A正確，B錯誤；  CD地球上的人以地球為參考系，認為飛船高速運動，同樣根據愛因斯坦

20、質能方程的運動延時效應，飛船上的鐘較慢，故地球上的人觀測到地球上的鐘較快，故C正確，D錯誤；故選AC。（2）波經過錄制再次播放，并不改變波的波長、頻率等特性；現播放速度變為原來的2倍時，又有波的傳播過程中，波長不變，那么周期，則頻率變為原來的2倍； 又有波的傳播速度只與波的形式和介質有關，故只改變播放速度，波的傳播速度不變。（3）由幾何關系解得則由折射定律解得，且，解得。C【選修3-5】（1）原子核的比結合能曲線如圖所示。根據該曲線，下列判斷正確的有_A核的結合能約為B核比核更穩定C兩個核結合成核時釋放能量D核中核子的平均結合能比核中的大（2）質子（）和粒子（）被加速到相同動能時，質

21、子的動量_（選填“大于”、“小于”或“等于”）粒子的動量，質子和粒子的德布羅意波波長之比為_。（3）甲、乙兩運動員在做花樣滑冰表演，沿同一直線相向運動，速度大小都是。甲、乙相遇時用力推對方，此后都沿各自原方向的反方向運動，速度大小分別為和。求甲、乙兩運動員的質量之比?！敬鸢浮浚?）BC；（2）小于，；（3）【解析】（1）A由圖可知，氦核的結合能大約為，氦核的核子數為4，則氦核的結合能大約為，故A錯誤B比結合能越大，原子核越穩定，由圖可知，氦核的比結合能大，則核比核更穩定，故B正確。C兩個核結合成核時有質量虧損，釋放能量，故C正確。D由圖可知，核中核子的平均結合能比核中的小，故D錯誤。故選BC。

22、（2）動能與動量的關系為：，物質波的波長：，聯立得到：，質子和粒子質量之比為，故物質波的波長之比為。（3）動量守恒解得，代入數據得。四、計算題：本題共3小題，共計47分。解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟。只寫出最后答案的不能得分。有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位。13【2017年江蘇，13，15分】如圖所示，兩條相距d的平行金屬導軌位于同一水平面內，其右端接一阻值為的電阻。質量為的金屬桿靜置在導軌上，其左側的矩形勻強磁場區域的磁感應強度大小為方向豎直向下。當該磁場區域以速度勻速地向右掃過金屬桿后，金屬桿的速度變為。導軌和金屬桿的電阻不計，導軌光滑且足夠長，桿在運動過程中始終與導軌垂直且兩端與導軌保持良好接觸。求：（1）剛掃過金屬桿時，桿中感應電流的大小；（2）剛掃過金屬桿時，桿的加速度大??；（3）剛要離開金屬桿時，感應電流的功率。解：（1）剛掃過金屬桿式，桿上產生的感應電動勢為： ，感應電流，解得。（2）剛掃過金屬桿式，桿受到的安培力，牛頓第二定律，解得。（3）剛要離開金屬桿時，金屬