1、人教物理2019高考一輪訓(xùn)練學(xué)題（8）李仕才1、質(zhì)點(diǎn)由A點(diǎn)出發(fā)沿直線AB運(yùn)動(dòng)，行程的第一部分是加速度大小為ai的勻加速運(yùn)動(dòng),則質(zhì)點(diǎn)從A到B所用時(shí)間t為（【答案】B【解析】設(shè)第一階段的末速度為V解得；V=v+0 v由此解得：f二 r寸筆晉所以正確答案為B2、關(guān)于質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法中正確的是（）A.質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的加速度為零，則速度為零，速度變化也為零B.質(zhì)點(diǎn)速度變化率越大，則加速度越大C. 質(zhì)點(diǎn)某時(shí)刻的加速度不為零，則該時(shí)刻的速度也不為零D. 質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的加速度變大，則速度一定變大【答案】B【解析】加速度為零，速度變化也為零，但速度不一定為零， 加速度不為零，速度可能為零, 故 A、C 錯(cuò)誤；質(zhì)點(diǎn)速度

2、變化率越大，則加速度越大，B 正確；當(dāng)速度與加速度反向時(shí)，加速度增大，速度反而會(huì)減小，并且減小得越來(lái)越快，D 錯(cuò)誤3、（多選）我國(guó)新研制的隱形戰(zhàn)機(jī)殲一20 已經(jīng)開(kāi)始掛彈飛行.在某次試飛中，由靜止開(kāi)始加速，當(dāng)加速度a不斷減小至零時(shí)，飛機(jī)剛好起飛，則此過(guò)程中飛機(jī)的A.速度不斷增大，位移不斷減小接著做加速度大小為a2的勻減速運(yùn)動(dòng)，到達(dá)B點(diǎn)時(shí)恰好速度減為零若AB間總長(zhǎng)度為s,A.s(ai+a2)aia2C.2s(ai+a2)aia2B.D.2s(ai+a2)aia2aia2* 2s(ai+a2)關(guān)鍵詞接著做加速度大小為a2的勻減速運(yùn)動(dòng)；到達(dá)B點(diǎn)時(shí)恰好速度減為零.則由題意可知:愛(ài)+2B. 速度不斷增大，

3、位移不斷增大C. 速度增加越來(lái)越快，位移增加越來(lái)越慢D. 速度增加越來(lái)越慢，位移增加越來(lái)越快【答案】BD【解析】根據(jù)題意，飛機(jī)速度與加速度同向，飛機(jī)速度和位移都在增大，選項(xiàng)A 錯(cuò)誤，選項(xiàng)B 正確；由于加速度減小，所以速度增加越來(lái)越慢，而速度增大，會(huì)使位移變化越來(lái)越快， 選項(xiàng) C 錯(cuò)誤，選項(xiàng) D 正確.4、（多選）給滑塊一初速度V。使它沿光滑斜面向上做勻減速運(yùn)動(dòng)，加速度大小為號(hào)，當(dāng)Vo滑塊速度大小減為空時(shí)，所用時(shí)間可能是（）VoVo3vo3voA.B.C.D.2g2ggg【答案】BC【解析】當(dāng)滑塊速度大小減為 2 時(shí)，其方向可能與初速度方向相同，也可能與初速度方向相V。V。VV。V。3vo反，因

4、此要考慮兩種情況，即V= 或V=一二，代入公式t= 得t= 或t= ，故 B22aggC 正確.5、（多選）下列關(guān)于摩擦力的說(shuō)法中，正確的是（）A. 兩物體間有摩擦力，一定有彈力，且摩擦力的方向和它們的彈力方向垂直B. 兩物體間的摩擦力大小和它們間的壓力一定成正比C. 在兩個(gè)運(yùn)動(dòng)的物體之間可以存在靜摩擦力，且靜摩擦力的方向可以與運(yùn)動(dòng)方向成任意角度D. 滑動(dòng)摩擦力的方向可以與物體的運(yùn)動(dòng)方向相同，也可以相反【答案】ACD【解析】摩擦力方向沿接觸面， 彈力方向垂直接觸面，且有摩擦力一定有彈力，有彈力不一定有摩擦力，A 正確；靜摩擦力與壓力沒(méi)有關(guān)系，B 錯(cuò)誤；靜摩擦力可以產(chǎn)生在運(yùn)動(dòng)的物體間，且靜摩擦力

5、的方向可以與運(yùn)動(dòng)方向成任意角度，例如靜摩擦力提供向心力，C 正確；滑動(dòng)摩擦力可以是動(dòng)力也可以是阻力，D 正確.6、如圖 5 所示，一質(zhì)量為m的沙袋用不可伸長(zhǎng)的輕繩懸掛在支架上，一練功隊(duì)員用垂直于繩的力將沙袋緩慢拉起使繩與豎直方向的夾角為0= 30,且繩繃緊，則練功隊(duì)員對(duì)沙袋施加的作用力大小為（）34mg 33A. 2 B.2mgC.3mgD.mg【答案】A【解析】建立如圖所示直角坐標(biāo)系，對(duì)沙袋進(jìn)行受力分析由平衡條件有:Feos 30 -FTsin 30 = 0,FTCOS30 +Fsin 30 -mg=0,mg聯(lián)立可解得：F= 2，故選 A.7、 從正在加速上升的氣球上落下一個(gè)物體，在物體剛離

6、開(kāi)氣球的瞬間，下列說(shuō)法正確的（）A. 物體向下做自由落體運(yùn)動(dòng)B. 物體向上運(yùn)動(dòng)，加速度向上C. 物體向上運(yùn)動(dòng)，加速度向下D. 物體向上還是向下運(yùn)動(dòng)，要看物體離開(kāi)氣球時(shí)的速度【答案】C【解析】上升的氣球掉下一物體，由于具有慣性，物體離開(kāi)氣球的初速度與氣球的速度相同， 大小為 v,方向豎直向上；由于物體僅受重力，根據(jù)牛頓第二定律知，加速度方向向下，大 小為 g。故 C 正確，A、B、D 錯(cuò)誤。8、 （多選）（2017 河北保定一模）如圖 6 所示，一質(zhì)量M= 3 kg、傾角為a= 45的斜面體放在光滑水平地面上，斜面體上有一質(zhì)量為m= 1 kg 的光滑楔形物體.用一水平向左的恒力F2作用在斜面體上

7、，系統(tǒng)恰好保持相對(duì)靜止地向左運(yùn)動(dòng).重力加速度為g= 10 m/s,下列判斷正確的是（）圖 6A.系統(tǒng)做勻速直線運(yùn)動(dòng)B.F= 40 N5C. 斜面體對(duì)楔形物體的作用力大小為5 ND. 增大力F,楔形物體將相對(duì)斜面體沿斜面向上運(yùn)動(dòng)【答案】BD【解析】對(duì)整體受力分析如圖鄆徐由牛頓第二定律有廠+呃對(duì)楔形物體受力分折如圖乙所 示，由牛頓第二定律有颶迦號(hào)=柚,可得嚴(yán)=竝弘3=10 1111盒錯(cuò)，B對(duì)斜面體對(duì)楔形物體的作舸 力照這眾=爲(wèi)護(hù)10進(jìn) 甌杞錯(cuò)勢(shì)力掙増大，則斜面體加速度増加，楔形物體不倉(cāng)疇那么大的 速度，將會(huì)木取扌斜面體沿斜面上滑，PX1-9、（多選）如圖 3 所示，表面粗糙、質(zhì)量M= 2 kg 的

8、木板，t= 0 時(shí)在水平恒力F的作用下從靜止開(kāi)始沿水平面向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度a= 2.5 m/s2,t= 0.5 s 時(shí)，將一個(gè) 質(zhì)量 m= 1 kg 的小鐵塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）無(wú)初速度地放在木板最右端，鐵塊從木板上掉下時(shí)速度是木板速度的一半已知鐵塊和木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)卩1= 0.1，木板和地面之間的動(dòng)摩擦2因數(shù)卩2= 0.25 ,g= 10 m/s，則（）_|1.匸A. 水平恒力F的大小為 10 NB. 鐵塊放上木板后，木板的加速度為2 m/sC. 鐵塊在木板上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為1 sD.木板的長(zhǎng)度為 1.625 m【答案】AC6【解析】未放鐵塊時(shí)對(duì)木槻由牛頓第二定律：曠一曲龜二加b解得F=

9、IDN,選項(xiàng)盒正斷錐塊放 上木極氐 對(duì)木松F-pi斫彈3T+；瞬=滋珀解得：選頊珀眾；0亠時(shí)柿的速度虻=i=2.5xoj m 5=1.235,鐵塊滑寫(xiě)木桅W,木板的速度：訕二鞫+也FL25豐口輪鐵塊的速度常=& 恥=初盹二切由題意解得空=1列選項(xiàng)C正確夕錢(qián)塊滑離木瞬L木板的速度vi=2m-57鐵塊 的速度諺=1辭，則柿的長(zhǎng)度為土*駕禺_昭=號(hào)+為1一抽m= 1.125 m,選項(xiàng)D錯(cuò)誤$故選九C.10、如圖 8 所示，B和C兩個(gè)小球均重為G,用輕繩懸掛而分別靜止于圖示位置上，試圖 8(1)AB和CD兩根細(xì)繩的拉力分別為多大？(2) 繩BC與豎直方向的夾角0是多少？【答案】 GG(2)60 【解新

10、】)對(duì)整休受力分析正交勞解得克皿鈾 7 曲加師Glasin MF聯(lián)HZ解得鬥童=苗魚(yú)護(hù)如=爲(wèi)對(duì)娜球受力分折，同理得魅郵洗粧的堆前=窈屈肚血片肥痂in60二,聯(lián)立解得片60已11、如圖 11 所示，一質(zhì)量mi= 0.4 kg 的小物塊，在與斜面成某一夾角的拉力F作用下,沿斜面向上做勻加速運(yùn)動(dòng)，經(jīng)t= 2 s 的時(shí)間物塊由A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，物塊在A點(diǎn)的速度為vo= 2 m/s ,A、B之間的距離L= 10 m.已知斜面傾角0= 30,物塊與斜面之間的動(dòng)摩擦因EQ * jc0 * Fon t:Calibri * hps24 o(sup 11(3數(shù)卩= 3,EQ * jc0 * Font:Calibri

11、 * hps24 o(sup 11(3,3.重力加速度g取10 m/s2.7(1) 求物塊加速度的大小及到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度的大小.(2) 拉力F與斜面夾角多大時(shí)，拉力F最小？拉力F的最小值是多少?2【答案】(1)3 m/s 8 m/s (2)30 EQ * jc0 * Fon t:Calibri * hps24 o(sup 11(35,EQ * jc0 * Fo nt:Calibri * hps24 o(sup 11(3,5N【解析】設(shè)物塊期速度的犬小為鈣到達(dá)蠱點(diǎn)時(shí)速度的犬小為叭由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式得盂=附舟如芒咤呦于加聯(lián)i堿RAWS在=為nvi2(2)設(shè)物塊所受支持力為FN,所受摩擦力為Ff，拉力與斜面

12、的夾角為a，受力分析如圖所示，由牛頓第二定律得Fcosa min0 -Ff=maFsina +FNmccos0 =08聯(lián)立式得F=EQ * jcO * Fon t:Calibri * hps24 o(sup 11(mg(s incosa +卩sina,EQ * jc0 * Font:Calibri * hps24 o(sup 11(mg(sinB +卩 cos0+maB +卩 cos0 +ma,cos由數(shù)學(xué)知識(shí)得 cosa+EQ * jc0 * Fon t:Calibri * hps24 o(sup 11(33,EQ * jc0 * Font:Calibri * hps24 o(sup 11(

13、3,3sina =EQ * jc0 * Fon t:Calibri * hps24 o(sup 11(33,EQ * jc0 * Font:Calibri * hps24 o(sup 11(3,3sin(60 + a)由式可知對(duì)應(yīng)F最小時(shí)與斜面間的夾角a= 30聯(lián)立式，代入數(shù)據(jù)得F的最小值為Fmin=EQ * jc0 * Fon t:Calibri * hps24 o(sup 11(35,EQ * jc0 * Fon t:Calibri * hps24 o(sup 11(3,5N?12、表面粗糙的長(zhǎng)直木板的上表面的一端放有一個(gè)木塊，如圖15 所示，木板由水平位置緩慢向上轉(zhuǎn)動(dòng)（即木板與地面的夾角

14、a變大，最大靜摩擦力大于滑動(dòng)摩擦力），另一端不 動(dòng)，則木塊受到的摩擦力Ff隨角度a變化的圖象是下列圖中的（）【答案】C【解析】下面通過(guò)“過(guò)程分析法”和“特殊位置法”分別求解:解法一：過(guò)程分析法圖 159(2)從木板開(kāi)始轉(zhuǎn)動(dòng)到木板與木塊發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)前：木塊所受的是靜摩擦力.由于木板緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)，可認(rèn)為木塊處于平衡狀態(tài)，受力分析如圖：由平衡關(guān)系可知，靜摩擦力大小等于木塊重力沿斜面向下的分力：Ff靜=mina.因此，靜摩擦力隨a的增大而增大，它們滿(mǎn)足正弦規(guī)律變化.P 懷塊相對(duì)于木板剛好要滑動(dòng)而沒(méi)馳時(shí)，木塊此時(shí)所受的靜摩摑力為最大靜摩撫力矗皿繼續(xù)増大, 木塊將開(kāi)始滑動(dòng)，靜摩擦力變?yōu)槲紕?dòng)摩攜力，且満足：撿珀(4懷彌目對(duì)于木板幵始滑動(dòng)后，員戶(hù)卿於審野此時(shí)，渭幼摩撫