1、高一物理綜合測試題二 一.選擇題（810多選，其它單選。共40分）1在物理學的重大發現中科學家們創造出了許多物理學方法，如理想實驗法、控制變量法、極限思想法、類比法和科學假說法、建立物理模型法等等，以下關于所用物理學研究方法的敘述不正確的是（）A. 在不需要考慮物體本身大小和形狀時，用質點來代替物體的方法叫建立物理模型法B. 根據速度定義式 ，當t非常非常小時， 就可以表示物體在t時刻的瞬時速度，該定義應用了極限思想法C. 伽利略在研究力和運動的關系時，得出了力不是維持物體運動的原因，采用了控制變量的方法D. 在推導勻變速運動位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運

2、動，然后把各小段的位移相加，這里采用了微元法2為了使公路交通安全有序，路旁立了許多交通標志，如圖所示，甲圖是限速標志，表示允許行駛的最大速度是；乙圖是路線指示標志，表示此處到興化還有24km以下說法正確的是( ) A. 24km是位移 B. 是平均速度C. 是平均速率D. 果某人從此處開車到興化用時30分鐘，他在該路段還是有可能超速3關于速度、速度變化、加速度，說法正確的是：（ ）A. 加速度越大，速度改變一定越大 B. 加速度改變，速度可能不變C. 物體的速度變化越快,加速度越大D. 物體直線運動時，若相等時間內的位移越來越小，則加速度一定減小4物體以初速度 v0 做勻減速運動， 第 1 s

3、 內通過的位移為 x13 m， 第 2 s 內通過的位移為 x22 m， 又經過位移 x3 物體的速度減小為 0，則下列說法中不正確的是( )A. 初速度 v0 的大小為 2.5 m/s B. 加速度 a 的大小為 1 m/sC. 位移 x3 的大小為 m D. 位移x3內的平均速度大小為0.75m/s5有一個直角支架AOB，AO水平放置，表面粗糙， OB豎直向下，表面光滑。AO上套有小環P，OB上套有小環Q，兩環質暈均為m,兩環由一根質量可忽略、不可伸長的細繩相連，并在某一位置平衡(如圖所示)。現將P環向左移一小段距離，兩環再次達到平衡，那么將移動后的平衡狀態和原來的平衡狀念比較，AO桿對P

4、環的支持力F和摩擦力f的變化情況是( )A. F小變，f變大 B. F不變，f變小 C. F變大，f變大 D. F變大，f變小6作用在同一物體上的兩個力，大小分別為6N和8N，其合力大小不可能是 （ ）A. 2N B. 3N C. 13N D. 15N7在電梯內的地板上，豎直放置一根輕質彈簧，彈簧上端固定一個質量為m的物體當電梯勻速運動時，彈簧被壓縮了x，某時刻后觀察到彈簧又被繼續壓縮了（重力加速度為g）則電梯在此時刻后的運動情況可能是（）A. 以大小為g的加速度加速上升 B. 以大小為g的加速度減速上升C. 以大小為的加速度加速下降 D. 以大小為的加速度減速下降8如圖甲所示，足夠長的木板B

5、靜置于光滑水平面上，其上放置小滑塊A。滑塊A受到隨時間t變化的水平拉力F作用時，滑塊A的加速度a與拉力F的關系圖象如圖乙所示。滑塊A的質量記作，長木板B的質量記作，則（）A. B. C. D. 9如圖所示，物體從Q點開始自由下滑，通過粗糙的靜止水平傳送帶后，落在地面P點，若傳送帶按順時針方向轉動。物體仍從Q點開始自由下滑，則物體通過傳送帶后A. 可能落在P點 B. 一定仍落在P點C. 可能落在P點左方 D. 可能落在P點右方10如圖所示，小車板面上的物體質量為m=8kg，它被一根水平方向上拉伸了的彈簧拉住而靜止在小車上，這時彈簧的彈力為6N。現沿水平向右的方向對小車施以作用力，使小車由靜止開始

6、運動起來，運動中加速度由零逐漸增大到1m/s2,隨即以1 m/s2的加速度做勻加速直線運動。以下說法正確的是()A. 物體與小車始終保持相對靜止，彈簧對物體的作用力始終沒有發生變化B. 物體受到的摩擦力一直減小C. 當小車加速度（向右）為075 m/s2時，物體不受摩擦力作用D. 小車以1 m/s2的加速度向右做勻加速直線運動時，物體受到的摩擦力為8N二實驗題。（每空2分共18分）11.某同學探究彈力與彈簧伸長量的關系將彈簧懸掛在鐵架臺上，將刻度尺固定在彈簧一側，彈簧軸線和刻度尺都應在_方向（填“水平”或“豎直”）彈簧自然懸掛，待彈簧靜止時，長度記為L0；彈簧下端掛上砝碼盤時，長度記為Lx；在

7、砝碼盤中每次增加10 g砝碼，彈簧長度依次記為L1至L6，數據如下表：代表符號L0LxL1L2L3L4L5L6數值（cm）2535273529353130334353537403930表中有一個數值記錄不規范，代表符號為_圖是該同學根據表中數據作的圖，縱軸是砝碼的質量，橫軸是彈簧長度與_的差值（填“L0”或“LX”）由圖可知彈簧的勁度系數為_N/m；通過圖和表可知砝碼盤的質量為_g（結果保留兩位有效數字，重力加速度取98 m/s2）12根據“探究加速度與力、質量的關系”的實驗完成下面的題目(1)有關實驗以及數據處理，下列說法正確的是_A應使砂和小桶的總質量遠小于小車和砝碼的總質量，以減小實驗誤

8、差B可以用天平測出小桶和砂的總質量m及小車和砝碼的總質量M；根據公式，求出小車的加速度C處理實驗數據時采用描點法畫圖象，是為了減小誤差D處理實驗數據時采用圖象，是為了便于根據圖線直觀地作出判斷(2)某學生在平衡摩擦力時，把長木板的一端墊得過高，使得傾角偏大他所得到的aF關系可用圖甲中的哪個表示？_（圖中a是小車的加速度，F是細線作用于小車的拉力）(3)某學生將實驗裝置按如圖乙所示安裝好，準備接通電源后開始做實驗他的裝置圖中，明顯的錯誤是_（寫出一個）(4)圖丙是實驗中得到的一條紙帶，A、B、C、D、E、F、G為7個相鄰的計數點，相鄰的兩個計數點之間還有四個點未畫出量出相鄰的計數點之間的距離分別

9、為：XAB=4.22cm、XBC=4.65cm、XCD=5.08cm、XDE=5.49cm，XEF=5.91cm，XFG=6.34cm已知打點計時器的工作頻率為50Hz，則小車的加速度a=_m/s2（結果保留二位有效數字）三.計算題13（8分）在某小區門口有一橡膠減速帶有一警用巡邏車正以最大速度20m/s從小區門口經過，在離減速帶50m時警察發現一逃犯正以10m/s的速度騎電動車勻速通過減速帶，而巡邏車要勻減速到5m/s通過減速帶（減速帶的寬度忽略不計），減速到5m/s后立即以2.5m/s2的加速度繼續追趕，設在整個過程中，巡邏車與逃犯均在水平直道上運動求：（1）從警察發現逃犯到追上逃犯需要的

10、時間（2）追上逃犯前，巡邏車與電動車之間的最大距離14（10分）質量為的箱子放在水平地面上，箱子和地面的滑動摩擦因數為，現用與水平方向成傾角的力拉箱子，如圖所示箱子從靜止開始運動， 末撤去拉力，（ ， ），求：(1)撤去拉力時箱子的速度為多大？(2)箱子繼續運動多長時間才能靜止？15（12分）甬金高速東陽出口收費站增設了ETC（不停車電子收費系統）通道，汽車通過ETC通道和人工收費通道的流程如圖所示，假設汽車以v0=20m/s朝收費站沿直線行駛，在靠近收費站時需要提前減速：如果過ETC通道，在收費站中心線前d=10m處減速至v=5m/s，勻速通過中心線后，再加速至v0正常行駛；如果過人工收費通

11、道，在中心線處速度減至零，經過=20s繳費成功后，再啟動汽車勻加速至v0正常行駛設汽車加速和減速過程均為勻變速，且加速度大小均為a=1m/s2求：（1）汽車過ETC通道時，從開始減速到剛恢復正常行駛過程中所需要的時間；（2）汽車過人工收費通道，從開始減速到恢復正常行駛過程中的總位移大小；（3）汽車通過ETC通道比通過人工收費通道節約的時間是多少16（12分）大家做過得慣性演示實驗：將小木塊置于桌面上的薄板上，用較大的水平拉力F將薄板迅速從小木塊下面抽出，小木塊落到桌面上，水平方向上的一段很小，幾乎觀察不到，如圖所示。已知小木塊和木板的質量分布為和，各接觸面間的動摩擦因數均為=0.1，小木塊到薄

12、木板左端的距離d=0.1m，重力加速度為g=10。（1）要使小木塊相對薄木板運動，求水平拉力F的大小應滿足的條件；（2）若小木塊向右運動衛衣不超過l=0.002m，水平拉力F至少多大？高一物理綜合測試題二答題卡 姓名 一、選擇題題號12345678910答案二、實驗題11.（1） （2） （3） （4） 12. （1） （2） （3） （4） 三、計算題13.（10分）14. （10分）15.（12分）16.（12分）高一物理綜合測試題二答案 一、選擇題題號12345678910答案CDCABDDACADAC二、實驗題11. 豎直； ；49，1012. （1）ACD （2）C（3）打點計時器使

13、用直流電源；小車與打點計時器間的距離太長；木板水平，沒有平衡摩擦力 （4）042三、計算題13.（10分）（1）12.5s；（2）50m14. （10分）(1)12m/s(2)2.4s15.（12分）(1) 汽車過ETC通道時，從開始減速到恢復正常行駛過程中的時間為： ；(2) 汽車通過人工收費通道時，位移為： ；(3) 汽車過ETC通道時有： ，所以總位移汽車通過人工收費通道時，時間為： 二者的位移差為： 在這段位移內過ETC通道時汽車勻速直線運動，所以有： 。16.（12分）16(1)1.2N (2)11.2N【解析】（1）設小木塊的加速度為a1，薄木板的加速度為a2， 對小木塊對木板要使

14、小木塊相對薄木板運動需要a2a1解得（2）薄木板抽出前小木塊運動的距離，薄木板運動距離薄木板抽出后，由于各接觸面間的動摩擦因數均相同，小木塊在桌面上運動是小木塊在薄木板上運動的逆過程，小木塊運動的距離又因為代入數據聯立得參考答案1C【解析】A、質點采用的科學方法為建立理想化的物理模型的方法，故A正確；B、根據速度定義式，當t極小時表示物體在時刻的瞬時速度，該定義應用了極限思想方法，故B正確；C、伽利略在研究力和運動的關系時，采用理想實驗模型的方法得出了力不是維持物體運動的原因，故C錯誤；D、在推導勻變速直線運動位移公式時，把整個運動過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運動，然后把各小段

15、的位移相加，這里采用了微元法，故D正確；本題選不正確的，故選C【點睛】在高中物理學習中，我們會遇到多種不同的物理分析方法，這些方法對我們理解物理有很大幫助，故在理解概念和規律的基礎上，更要注意方法的積累和學習2D【解析】24km是此處到興化的路程，A錯誤；120 km/h是允許行駛的最大速度，是一個瞬時速度，BC錯誤；如果某人從此處開車到興化用時30分鐘，他在該路段最大速度不能確定，還是有可能超速，D正確；故選D3C【解析】根據知，加速度大，速度的變化量v不一定大，還要看時間，故A錯誤；速度不變的物體做勻速直線運動，加速度為零，所以加速度改變，速度一定變化，故B錯誤；加速度是表示速度

16、變化快慢的物理量，速度變化越快，加速度越大，故C正確；相等時間內的位移越來越小，說明物體速度越來越小，當加速度與速度方向相反時，物體做減速運動，加速度不一定減小，故D錯誤；故選C點睛：把握加速度的定義式中各個物理量的含義以及各個物理量之間的關系是解決此類問題的關鍵，是正確理解加速度的定義的基礎4A【解析】AB、根據得，根據得，得v0=3.5m/s，故A錯誤，B正確；C、物體總的位移，根據得，；則，故C正確；D、根據速度時間關系，。位移x3內的平均速度大小，故D正確本題選錯誤答案，故選A點睛：根據連續相等時間內的位移之差是一恒量求出物體的加速度，再通過位移時間公式求出初速度的大小根據速度時間公式

17、求出2s末的速度，再通過速度位移公式求出位移x3的大小5B【解析】對小環Q受力分析，受到重力mg、支持力N和拉力T，如圖：根據三力平衡條件得： ， 再對P、Q整體受力分析，受到總重力2mg、OA桿支持力F、向右的靜摩擦力、BO桿的支持力N，如圖根據共點力平衡條件，有： ， ，當P環向左移一小段距離，角度變小，故靜摩擦力變小，支持力F不變，故選項B正確。點睛：本題關鍵先對Q環受力分析后，根據平衡條件求出細線拉力和OB桿的支持力；再對整體受力分析，得出OA桿對P環的支持力和靜摩擦力進行分析討論。6D【解析】作用在一個物體上的兩個力,F1=6N、F2=8N，當兩個力的方向相反時,其合力最小：F=F2

18、F1=8N6N=2N，當兩個力的方向相同時,其合力最大：F=F1+F2=8N+6N=14N，因為兩個力的方向不確定，所以其合力的大小在大于等于2N與小于等于14N之間，因此在這兩力大小之間的，都有可能，由上述可知，選項D不可能、ABC可能。本題選擇不可能的答案，故選：D.點睛：在力的合成中，作用在同一直線上的兩個力，當方向相同時其合力最大，合力大小等于兩個力的大小之和；當方向相反時其合力最小，合力大小等于兩個力的大小之差；如果兩個力的方向不在同一條直線上，則其合力介于最大的合力與最小的合力之間7D【解析】因為電梯勻速時，彈簧被壓縮了x，由此可以知道，mg=kx，某時刻后觀察到彈簧又被繼續壓縮了

19、，彈簧的彈力變大了，由受力情況和牛頓第二定律可得： 解得，方向向上。物體可能以加速上升，也可能以減速下降。故選D8AC【解析】由圖可知，當F=12N時，加速度為： ，對整體分析，由牛頓第二定律有： ，代入數據得： ，當F大于12N時，A、B發生相對滑動，根據牛頓第二定律;對A： ，由圖示可知，圖像的斜率 解得： ，則 ，故AC正確綜上所述本題答案是：AC9AD【解析】物塊在傳送帶上，離開傳送帶右端的速度與通過粗糙的靜止水平傳送帶速度相同，落在同一位位置，A正確；物塊在傳送帶上，離開傳送帶右端的速度大于過粗糙的靜止水平傳送帶速度，落在P點右方，D正確；故選AD。10AC【解析】A項：由于小車由靜

20、止開始運動，即物體剛開始處于靜止狀態，對物體，水平方向上受彈簧拉力T和小車的靜摩擦力f作用，根據共點力平衡條件有：fT6Nfm，在小車運動加速度由零逐漸增大到1m/s2的過程中，若物體與小車沒有相對滑動，則根據牛頓第二定律有：Tfma，fTma，解得2Nf6N，即始終未達到最大靜摩擦力，故A正確；B、C項：當小車加速度由0增大至，的過程中，物體所受摩擦力f逐漸減小，在小車加速度由0.75m/s2增大至1m/s2的過程中，物體所受摩擦力f逐漸增大，故B錯誤，選項C正確；D項：當小車以1m/s2的加速度向右做勻加速直線運動時，物體受到的摩擦力為f2N，故D錯誤。點晴：本題關鍵求出平衡狀態下的摩擦力

21、和無摩擦力以及摩擦力向右達到6N時的兩個臨界加速度，將實際加速度與臨界加速度比較分析該題的重點是對物體運動趨勢的正確判斷11豎直； ；49，10【解析】試題分析：將彈簧懸掛在鐵架臺上，將刻度尺固定在彈簧一側，彈簧軸線和刻度尺都應在豎直方向表中有一個數值記錄不規范，尺的最小分度值為1mm，所以長度應為3340cm，由表可知所用刻度尺的最小刻度為1mm在砝碼盤中每次增加10g砝碼，所以彈簧的形變量應該是彈簧長度與的差值充分利用測量數據，通過圖和表可知所以砝碼盤的質量為考點：探究彈力與彈簧伸長量的關系實驗【名師點睛】彈簧測力計的原理是在彈簧的彈性限度內，彈簧的伸長與受到的拉力成正比對于實驗問題，我們

22、要充分利用圖象處理實驗數據來減少偶然誤差視頻12（1）ACD （2）C（3）打點計時器使用直流電源；小車與打點計時器間的距離太長；木板水平，沒有平衡摩擦力 （4）042【解析】試題分析：（1）應使沙和小桶的總質量遠小于小車和砝碼的總質量，以減小實驗誤差，故A正確；小車的加速度應通過打點計時器打出的紙帶求出，不能用天平測出小桶和砂的總質量m1及小車和砝碼總質量m2；根據公式求出小車的加速度，故B錯誤；處理實驗數據時應采用描點法畫圖象，可以減小誤差，故C正確；為了將圖象畫成我們熟悉的直線，更直觀反映兩個變量的關系a與M成反比，故數據處理應作a-圖象，故D正確；故選ACD（2）在平衡摩擦力時，把長木

23、板的一側墊得過高，使得傾角偏大，小車重力沿木板向下的分力大于小車受到摩擦力，小車受到的合力大于砂桶的拉力，在砂桶對小桶施加拉力前，小車已經有加速度；在探究物體的加速度與力的關系時，作出的a-F在a軸上有截距，故C正確；（3）由實驗原理圖可知，打點計時器用的必須是交流電，圖中用的是直流電，所以采用的電源不對，小車釋放的位置應該靠近計時器，以便測量更多的數據來減小誤差同時木板水平，沒有平衡摩擦力故錯誤的為：打點計時器接的是直流電源小車釋放的位置遠離計時器木板水平，沒有平衡摩擦力；（4）利用勻變速直線運動的推論有：x=at2，sDE-sAB=3a1T2；sEF-sBC=3a2T2；sFG-sCD=3

24、a3T2為了更加準確的求解加速度，我們對三個加速度取平均值，得：考點：探究加速度與力、質量的關系13（1）12.5s；（2）50m【解析】（1）警察初速度為：v1=20m/s到達減速帶時速度為：v2=5m/s開始時警察距離減速帶距離為：x0=50m則警察到達減速帶時間為： 在這段時間內逃犯前進的距離為：x1=vt1=10×4=40m警察到達減速帶之后再以加速度a=2.5m/s2加速前進，當警察再次達到最大速度v1=20m/s時，所用時間為t2，根據速度公式：v1=v2+at2，代入數據求出：t2=6 s，在這6s內，警察前進的距離為： 代入數據得：x2=75m與此同時，逃犯前進的距離

25、為：x3=vt2=10×6=60m此后警察以最大速度v1=20m/s前進，設經過t3時間警察追上逃犯，則：v1t3=（x1+x3x2）+v2t3整理得到：t3=2.5s即從警察發現逃犯到追上逃犯，所需要的時間為t=t1+t2+t3=4+6+2.5=12.5s（2）警車開始時的速度大于逃犯的速度，二者之間的距離逐漸減小；當警車的速度小于逃犯的速度時，二者之間的距離又開始增大；當二者的速度相等時，存在極大值；設警車從速度為5m/s加速到二者的速度相等的時間為t4，則： 在這2s內，警察前進的距離為： 代入數據得：x4=15m與此同時，逃犯前進的距離為：x5=vt4=10×2=20m此時警察與逃犯之間的距離：xm