1、一、選擇題每題6分1 .在物理學開展史上,有許多科學家通過堅持不懈的努力,取得了輝煌的研究成果,以下表述符合物理學史實的是A.伽利略通過理想斜面實驗提出了力不是維持物體運動的原因B.牛頓發現了行星運動的規律,并通過實驗測出了萬有引力常量C.安培發現電流的磁效應,這和他堅信電和磁之間一定存在著聯系的哲學思想是分不開的D.楞次引入電場線和磁感線的概念來描述電場和磁場,極大地促進了他對電磁現象的研究2 .在以點電荷為球心,為半徑的球面上各點相同的物理量是A.電場強度B.同一電荷所受的電場力C.電勢D.電荷量相等的正負兩點電荷具有的電勢能3.如下圖,MN和PQ是兩根互相平行豎直放置的光滑金屬導軌,導軌

2、足夠長,且電阻不計.有一垂直導軌平面向里的勻強磁場,磁感應強度為B,寬度為L,ab是一根不但與導軌垂直而且始終與導軌接觸良好的金屬桿.開始,將開關S斷開,讓ab由靜止開始自由下落,過段時間后,再將S閉合,假設從S閉合開始計時,那么金屬桿ab的速度v隨時間t變化的圖象不可能是A. B.C.D.4.如圖,導體棒ab兩個端點分別搭接在兩個豎直放置、電阻不計、半徑相等的金屬圓環上,圓環通過電刷與導線c、d相接.c、d兩個端點接在匝數比n1：n2=10：1的理想變壓器原線圈兩端,變壓器副線圈接一滑動變阻器R0,勻強磁場的磁感應強度為B,方向豎直向下,導體棒ab長為L電阻不計,繞與ab平行的水平軸也是兩圓

3、環的中央軸00'以角速度勻速轉動如果變阻器的阻值為R時,通過電流表的電流為I,那么A.變阻器上消耗的功率為P=10I2RB. ab沿環轉動過程中受到的最大安培力C.取ab在環的最低端時t=0,那么棒ab中感應電流的表達式是D.變壓器原線圈兩端的電壓U1=10IR5.如圖是滑雪場的一條雪道.質量為70kg的某滑雪運發動由A點沿圓弧軌道滑下,在B點以5m/s的速度水平飛出,落到了傾斜軌道上的C點圖中未畫出.不計空氣阻力,0=30°,g=10m/s2,那么以下判斷正確的選項是A.該滑雪運發動騰空的時間為2sB.BC兩點間的落差為5mC.落到C點時重力的瞬時功率為3500WD.假設該

4、滑雪運發動從更高處滑下,落到C點時速度與豎直方向的夾角不變6 .質量為m的物體,在距地面h高處以的加速度由靜止豎直下落到地面,以下說法中正確的選項是A.物體重力勢能減少B.物體的機械能減少C.重力對物體做功mghD.物體的動能增加7 .如下圖的勻強電場場強為1X103N/C,ab=dc=4cm,bc=ad=3cm,那么下述計算結果正確的選項是A. ab之間的電勢差為40VB. ac之間的電勢差為50VC.將q=5M03C的點電荷沿矩形路徑abcd移動一周,電場力做功為零D.將q=5X103C的點電荷沿abc或adc從a移動到c,電場力做功都是6.25J8.我國未來將建立月球基地,并在繞月軌道上

5、建造空間站.如圖所示,關閉發動機的航天飛機A在月球引力作用下沿橢圓軌道向月球靠近,并將在橢圓軌道的近月點B處與空間站C對接.空間站繞月圓軌道的半徑為r,周期為T,引力常量為G,月球的半徑為R.下列說法正確的選項是A.航天飛機到達B處由橢圓軌道進入空間站軌道時必須減速8 .圖中的航天飛機正在加速飛向B處C.月球的質量為M=D.月球的第一宇宙速度為v=二、非選擇題:包括必考題和選考題兩局部.第9題12題為必考題,每個試題考生都必須作答.第13題14題為選考題,考生根據要求作答.(一)必考題9 .某同學采用如圖甲所示的電路測定電源電動勢和內電阻,干電池的電動勢約為1.5V,內阻約2Q,電壓表(03V

6、約3kQ),電流表(00.6A約1.0Q),滑動變阻器有R1(10Q2A)和R2各一只.(1)實驗中滑動變阻器應選用(選填R1或R2).(2)在圖乙中用筆畫線代替導線連接實驗電路.(3)在實驗中測得多組電壓和電流值,得到如圖丙所示的U卜圖象,由圖可較準確地求出電源電動勢E=V;內阻r=Q.10 .為測出量程為3V,內阻約為2kQ電壓表內阻的精確值.實驗室中可提供的器材有：電阻箱R,最大電阻為9999.9Q,定值電阻r1=5kQ,定值電阻r2=10kQ電動勢約為12V,內阻不計的電源E開關、導線假設干.實驗的電路圖如下圖,先正確連好電路,再調節電阻箱R的電阻值,使得電壓表的指針半偏,記下此時電阻

7、箱R有電阻值R1;然后調節電阻箱R的值,使電壓表的指針滿偏,記下此時電阻箱R的電阻值R2.(1)實驗中選用的定值電阻是；(2)此實驗計算電壓表內阻RV的表達式為RV=.(3)假設電源的內阻不能忽略,那么電壓表內阻RV的測量值將A.偏大B.不變C.偏小D.不能確定,要視電壓表內阻的大小而定.11 .如圖甲所示,有一足夠長的粗糙斜面,傾角8=37,一質量為m的滑塊以初速度v0=16m/s從底端A點滑上斜面,滑至B點后又返回到A點.滑塊運動的圖象如圖乙所示,求：(：sin37=0.6,cos37=0.8,重力加速度g=10m/s2)(1) AB之間的距離；(2)上滑過程滑塊受到斜面摩擦阻力的大小(2

8、)滑塊再次回到A點時的速度的大小.12.如圖,空間存在勻強電場和勻強磁場,電場方向為y軸正方向,磁場方向垂直于xy平面(紙面)向外,電場和磁場都可以隨意加上或撤除,重新加上的電場或磁場與撤除前的一樣.一帶正電荷的粒子從P(x=0,y=h)點以一定的速度平行于x軸正向入射.這時假設只有磁場,粒子將做半徑為R0的圓周運動：假設同時存在電場和磁場,粒子恰好做直線運動.現在,只加電場,當粒子從P點運動到x=R0平面(圖中虛線所示)時,立即撤除電場同時加上磁場,粒子繼續運動,其軌跡與x軸交于M點.不計重力.求：(1)粒子到達x=R0平面時速度方向與x軸的夾角以及粒子到x軸的距離；(2) M點的橫坐標xM

9、.(二)選考題【物理選修3-5】13.以下說法正確的選項是()A.(3衰變現象說明電子是原子核的組成局部B.在中子轟擊下生成和的過程中,原子核中的平均核子質量變小C.太陽輻射能量主要來自太陽內部的聚變反響D.盧瑟福依據極少數0c粒子發生大角度散射提出了原子核式結構模型E.根據玻爾理論,氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時,電子的動能減小,原子總能量減小14.如圖,質量分別為m1=1.0kg和m2=2.0kg的彈性小球a、b,用輕繩緊緊的把它們捆在一起,使它們發生微小的形變.該系統以速度v0=0.10m/s沿光滑水平面向右做直線運動.某時刻輕繩忽然自動斷開,斷開后兩球仍沿原直線運

10、動.經過時間t=5,0s后,測得兩球相品巨s=4.5m,求：i剛別離時a、b兩小球的速度大小v1、v2;ii兩球分開過程中釋放的彈性勢能Ep.2021-2021學年廣東省茂名市高州中學高二下期末物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題每題6分1.在物理學開展史上,有許多科學家通過堅持不懈的努力,取得了輝煌的研究成果,以下表述符合物理學史實的是A.伽利略通過理想斜面實驗提出了力不是維持物體運動的原因B.牛頓發現了行星運動的規律,并通過實驗測出了萬有引力常量C.安培發現電流的磁效應,這和他堅信電和磁之間一定存在著聯系的哲學思想是分不開的D.楞次引入電場線和磁感線的概念來描述電場和磁場,極大地促進了他對

11、電磁現象的研究【考點】物理學史.【分析】根據物理學史和常識解答,記住著名物理學家的主要奉獻即可.【解答】解：A、伽利略通過理想斜面實驗提出了力不是維持物體運動的原因,故A正確；B、開普勒發現了行星運動的規律,卡文迪許通過實驗測出了萬有引力常量,故B錯誤；C、奧斯特發現電流的磁效應,這和他堅信電和磁之間一定存在著聯系的哲學思想是分不開的,故C錯誤；D、法拉第引入電場線和磁感線的概念來描述電場和磁場,極大地促進了他對電磁現象的研究,故D錯誤；應選：A2.在以點電荷為球心,為半徑的球面上各點相同的物理量是A.電場強度B.同一電荷所受的電場力C.電勢D.電荷量相等的正負兩點電荷具有的電勢能【考點】點電

12、荷的場強；電勢.【分析】只有大小和方向都相同時,矢量才相同；標量只有大小,沒有方向,只要大小相等,標量就相同.以點電荷為球心的球面是一個等勢面,其上各點的電勢相等,電場強度大小相等,方向不同.【解答】解：A、以點電荷為球心的球面各點的電場強度大小相等,方向不同,故電場強度不同.故A錯誤.B、由F=qE可知,同一電荷受到的電場力大小相等,方向不同,故電場力不同,故B錯誤.C、以點電荷為球心的球面是一個等勢面,即各點的電勢相等.故C正確.D、由電勢能與電勢的關系可知,電勢相同,電荷量相等的正負兩點電荷具有的電勢能不相同.故D錯誤.應選：C.3.如下圖,MN和PQ是兩根互相平行豎直放置的光滑金屬導軌

13、,導軌足夠長,且電阻不計.有一垂直導軌平面向里的勻強磁場,磁感應強度為B,寬度為L,ab是一根不但與導軌垂直而且始終與導軌接觸良好的金屬桿.開始,將開關S斷開,讓ab由靜止開始自由下落,過段時間后,再將S閉合,假設從S閉合開始計時,那么金屬桿ab的速度v隨時間t變化的圖象不可能是A. B.C.D.【考點】導體切割磁感線時的感應電動勢.【分析】S閉合后,金屬桿在下滑過程中,受到重力和安培力作用,分析安培力與重力大小關系,根據安培力大小與速度大小成正比,分析金屬桿的加速度變化,確定金屬桿的運動情況.【解答】解：A、閉合開關時,金屬桿在下滑過程中,受到重力和安培力作用,假設重力與安培力相等,金屬桿做

14、勻速直線運動.這個圖象是可能的,故A正確；BC、假設安培力小于重力,那么金屬桿的合力向下,加速度向下,做加速運動,在加速運動的過程中,產生的感應電流增大,安培力增大,那么合力減小,加速度減小,做加速度逐漸減小的加速運動,當重力與安培力相等時,做勻速直線運動.故B錯誤,C正確；D、假設安培力大于重力,那么加速度的方向向上,做減速運動,減速運動的過程中,安培力減小,做加速度逐漸減小的減速運動,當重力與安培力相等時,做勻速直線運動.故D正確.此題選不可能的,應選：B.4.如圖,導體棒ab兩個端點分別搭接在兩個豎直放置、電阻不計、半徑相等的金屬圓環上,圓環通過電刷與導線c、d相接.c、d兩個端點接在匝

15、數比n1：n2=10：1的理想變壓器原線圈兩端,變壓器副線圈接一滑動變阻器R0,勻強磁場的磁感應強度為B,方向豎直向下,導體棒ab長為L電阻不計,繞與ab平行的水平軸也是兩圓環的中央軸00'以角速度勻速轉動如果變阻器的阻值為R時,通過電流表的電流為I,那么A.變阻器上消耗的功率為P=10I2RB. ab沿環轉動過程中受到的最大安培力C.取ab在環的最低端時t=0,那么棒ab中感應電流的表達式是D.變壓器原線圈兩端的電壓U1=10IR【考點】法拉第電磁感應定律；電功、電功率；變壓器的構造和原理.【分析】掌握住理想變壓器的電壓、電流之間的關系,最大值和有效值之間的關系即可解決此題.【解答】

16、解：A、理想變壓器的電流與匝數成反比,所以由得,12=101,變阻器上消耗的功率為P=I22R=10I2R=100I2R,故A錯誤.B、ab在最低點時,ab棒與磁場垂直,此時的感應電動勢最大,感應電流最大,最大值為I,此時的安培力也是最大的,最大安培力為F=BIL,故B正確.C、ab在最低點時,ab棒與磁場垂直,此時的感應電動勢最大,感應電流最大,所以棒ab中感應電流的表達式應為i=Icos故,故C錯誤.D、副線圈的電壓為U=I2R=10IR,根據理想變壓器的電壓與匝數成正比可知,變壓器原線圈兩端的電壓U1=100IR,故D錯誤.應選：B.5.如圖是滑雪場的一條雪道.質量為70kg的某滑雪運發

17、動由A點沿圓弧軌道滑下,在B點以5m/s的速度水平飛出,落到了傾斜軌道上的C點圖中未畫出.不計空氣阻力,0=30°,g=10m/s2,那么以下判斷正確的選項是A.該滑雪運發動騰空的時間為2sB.BC兩點間的落差為5mC.落到C點時重力的瞬時功率為3500WD.假設該滑雪運發動從更高處滑下,落到C點時速度與豎直方向的夾角不變【考點】功率、平均功率和瞬時功率；平拋運動.【分析】平拋運動在水平方向上做勻速直線運動,在豎直方向上做自由落體運動,根據水平位移與豎直位移之間的關系求的時間和距離【解答】解：A、B、運發動平拋的過程中,水平位移為x=v0t豎直位移為y=gt2落地時：tan8=聯立解

18、得t=1s,y=5m.故A、B錯誤；C、落地時的速度：vy=gt=10X1=10m/s所以：落到C點時重力的瞬時功率為：P=mg?/y=70X10X10=7000W.故C錯誤；D、根據落地時速度方向與水平方向之間的夾角的表達式：tan芹=,可知到C點時速度與豎直方向的夾角與平拋運動的初速度無關.故D正確.應選：D6 .質量為m的物體,在距地面h高處以的加速度由靜止豎直下落到地面,以下說法中正確的選項是A.物體重力勢能減少B.物體的機械能減少C.重力對物體做功mghD.物體的動能增加【考點】重力勢能的變化與重力做功的關系；動能定理.【分析】知道重力做功量度重力勢能的變化.知道合力做功量度動能的變

19、化.知道除了重力和彈簧彈力之外的力做功量度機械能的變化.【解答】解：A、根據重力做功與重力勢能變化的關系得：wG=-Ep由靜止豎直下落到地面,在這個過程中,wG=mgh,所以重力勢能減小了mgH.故A錯誤.B、由除了重力和彈簧彈力之外的力做功量度機械能的變化得出:w外二在由靜止豎直下落到地面,在這個過程中,根據牛頓第二定律得：F=mgf=ma=mgf=mg物體除了重力之外就受豎直向上的阻力,w外=亞£=-mgh所以物體的機械能減小了mgh,故B正確.C、重力對物體做功wG=mgh,故C正確.D、根據動能定理知道：w合=/!Ek由靜止豎直下落到地面,在這個過程中,w=F合h=mgh,所

20、以物體的動能增加了mgh,故D錯誤.應選BC.7 .如下圖的勻強電場場強為1X103N/C,ab=dc=4cm,bc=ad=3cm,那么下述計算結果正確的選項是A. ab之間的電勢差為40VB. ac之間的電勢差為50VC.將q=5M03C的點電荷沿矩形路徑abcd移動一周,電場力做功為零D.將q=5X103C的點電荷沿abc或adc從a移動到c,電場力做功都是6.25J【考點】勻強電場中電勢差和電場強度的關系.【分析】根據勻強電場中電勢差與場強的關系式U=Ed,d是電場線方向兩點間的距離,求解兩點間的電勢差.根據公式W=qU求解電場力做功.【解答】解：A、ab之間的電勢差Uab=E?ab=1

21、03X0.04V=40V.故A正確.B、由圖看出,b、c在同一等勢面上,電勢相等,那么ac之間的電勢差等于ab之間的電勢差,為40V.故B錯誤.C、將q=5X103C的點電荷沿矩形路徑abcd移動一周,電場力不做功.故C正確.D、將q=5X103C的點電荷沿abc或adc從a移動到c,電場力做功相等,電場力做功為W=qU=5X103C>40V=0.2J.故D錯誤.應選：AC.8.我國未來將建立月球基地,并在繞月軌道上建造空間站.如圖所示,關閉發動機的航天飛機A在月球引力作用下沿橢圓軌道向月球靠近,并將在橢圓軌道的近月點B處與空間站C對接.空間站繞月圓軌道的半徑為r,周期為T,引力常量為G

22、,月球的半徑為R.下列說法正確的選項是A.航天飛機到達B處由橢圓軌道進入空間站軌道時必須減速8 .圖中的航天飛機正在加速飛向B處C.月球的質量為M=D.月球的第一宇宙速度為v=【考點】萬有引力定律及其應用；第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度.【分析】要使航天飛機在橢圓軌道的近月點B處與空間站C對接,必須在接近B點時減速.根據開普勒定律可知,航天飛機向近月點運動時速度越來越大.月球對航天飛機的萬有引力提供其向心力,由牛頓第二定律求出月球的質量M.月球的第一宇宙速度大于.【解答】解：A、要使航天飛機在橢圓軌道的近月點B處與空間站C對接,必須在接近B點時減速.否那么航天飛機將繼續做橢圓運動.故

23、A正確.B、根據開普勒定律可知,航天飛機向近月點B運動時速度越來越大.故B正確.C、設空間站的質量為m,由得,.故C正確.D、空間站繞月圓軌道的半徑為r,周期為T,其運行速度為,其速度小于月球的第一宇宙速度,所以月球的第一宇宙速度大于.故D錯誤.應選：ABC二、非選擇題:包括必考題和選考題兩局部.第9題12題為必考題,每個試題考生都必須作答.第13題14題為選考題,考生根據要求作答.一必考題9 .某同學采用如圖甲所示的電路測定電源電動勢和內電阻,干電池的電動勢約為1.5V,內阻約2Q,電壓表03V約3kQ,電流表00.6A約1.0Q,滑動變阻器有R110Q2A和R2各一只.1實驗中滑動變阻器應

24、選用R1選填R1或R2.2在圖乙中用筆畫線代替導線連接實驗電路.3在實驗中測得多組電壓和電流值,得到如圖丙所示的U卜圖象,由圖可較準確地求出電源電動勢E=1.48V;內阻r=1.88Q.【考點】測定電源的電動勢和內阻.【分析】1估算出電路中最大電流：當變阻器的電阻為零時,由閉合電路歐姆定律可求電路中最大電流,根據額定電流與最大電流的關系,分析并選擇變阻器.(2)對照電路圖,按順序連接電路.(3)由閉合電路歐姆定律分析UI圖象的縱軸截距和斜率的意義,可求出電動勢和內阻.【解答】解：(1)電路中最大電流I=0.75A,R2的額定電流小于0.75A,同時R2阻值遠大于電源內阻r,不便于調節,所以變阻

25、器選用R1.(2)對照電路圖,按電流方向連接電路,如下圖.(3)由閉合電路歐姆定律U=EIf得知,當1=0時,U=E,U卜圖象斜率的絕對值等于電源的內阻,那么將圖線延長,交于縱軸,縱截距即為電動勢E=1.48Vr=1.88Q.故答案為：(1)R1;(2)連線如圖；(3)1.48,1.8810.為測出量程為3V,內阻約為2kQ電壓表內阻的精確值.實驗室中可提供的器材有：電阻箱R,最大電阻為9999.9Q,定值電阻r1=5kQ,定值電阻r2=10kQ電動勢約為12V,內阻不計的電源E開關、導線假設干.實驗的電路圖如下圖,先正確連好電路,再調節電阻箱R的電阻值,使得電壓表的指針半偏,記下此時電阻箱R

26、有電阻值R1;然后調節電阻箱R的值,使電壓表的指針滿偏,記下此時電阻箱R的電阻值R2.(1)實驗中選用的定值電阻是；(2)此實驗計算電壓表內阻RV的表達式為RV=.(3)假設電源的內阻不能忽略,那么電壓表內阻RV的測量值將A.A.偏大B.不變C.偏小D.不能確定,要視電壓表內阻的大小而定.【考點】伏安法測電阻.【分析】此題(1)的關鍵是明確定值電阻的作用是為保護電壓表,所以在電阻箱電阻為零時根據歐姆定律求出保護電阻的阻值即可；題(2)根據閉合電路歐姆定律列出兩種情況下的表達式即可求出電壓表內阻；題(3)的關鍵是根據閉合電路歐姆定律可知,假設電源內阻不能忽略,那么電路中電流增大,內壓降變大,路端

27、電壓變小,然后再根據歐姆定律即可得出電壓表的內阻比忽略電源內阻時小,從而得出結論.【解答】解：(1)設保護電阻的電阻為r,由歐姆定律應有=3,代入數據解得r=6kQ,所以定值電阻應選(2)根據歐姆定律應有：E=+及E=U+聯立解得=(3)假設電源的內阻不能忽略,由閉合電路歐姆定律可知,電流增大電源的路端電壓減小,那么(2)式中應滿足U+<+,解得<,即測量值偏大,所以A正確.故答案為：(1)(3)A11.如圖甲所示,有一足夠長的粗糙斜面,傾角8=37,一質量為m的滑塊以初速度v0=16m/s從底端A點滑上斜面,滑至B點后又返回到A點.滑塊運動的圖象如圖乙所示,求：(：sin37=0

28、.6,cos37=0.8,重力加速度g=10m/s2)(1)AB之間的距離；(2)上滑過程滑塊受到斜面摩擦阻力的大小(2)滑塊再次回到A點時的速度的大小.【考點】牛頓第二定律；物體的彈性和彈力.【分析】(1)速度圖象與坐標軸所圍“面積等于位移,由數學知識求出位移；(2)根據運動學公式求解出上滑過程的加速度,然后受力分析并根據牛頓第二定律列式即可求出摩擦力的大?。?3)下滑時同樣受力分析并根據牛頓第二定律列式求解加速度,然后根據運動學公式列式求解.【解答】解(1)由v+圖象知AB之間的距離為：SAB=m=16m.(2)設滑塊從A滑到B過程的加速度大小為al,滑塊與斜面之間的滑動摩擦力為f,上滑過

29、程有：mgsin37+f=ma1代入數據解得：f=2m(N)(3)設從B返回到A過程的加速度大小為a2,下滑過程有：mgsin37f=ma2得：那么滑塊返回到A點時的速度為vt,有：代入數據解得：vt=8m/s.答：(1)AB之間的距離是16m;(2)上滑過程滑塊受到斜面摩擦阻力的大小是2m(N).(2)滑塊再次回到A點時的速度的大小是8m/s.12.如圖,空間存在勻強電場和勻強磁場,電場方向為y軸正方向,磁場方向垂直于xy平面(紙面)向外,電場和磁場都可以隨意加上或撤除,重新加上的電場或磁場與撤除前的一樣.一帶正電荷的粒子從P(x=0,y=h)點以一定的速度平行于x軸正向入射.這時假設只有磁

30、場,粒子將做半徑為R0的圓周運動：假設同時存在電場和磁場,粒子恰好做直線運動.現在,只加電場,當粒子從P點運動到x=R0平面(圖中虛線所示)時,立即撤除電場同時加上磁場,粒子繼續運動,其軌跡與x軸交于M點.不計重力.求：(1)粒子到達x=R0平面時速度方向與x軸的夾角以及粒子到x軸的距離；(2)M點的橫坐標xM.【考點】帶電粒子在混合場中的運動.【分析】(1)做直線運動時電場力等于洛倫茲力,做圓周運動洛倫茲力提供向心力,只有電場時,粒子做類平拋運動,聯立方程組即可求解；(2)撤電場加上磁場后做圓周運動洛倫茲力提供向心力,求得R,再根據幾何關系即可求解.【解答】解：(1)做直線運動有：qE=qBv0做圓周運動有：只有電場時,粒子做類平拋,有：qE=maR0=v0tvy=at解得：vy=v0粒子速度大小為：速度方向與x軸夾角為：粒子與x軸的距離為:2撤電場加上磁場后,有：解得：粒子運動軌跡如下圖,圓心C位于與速度v方向垂直的直線上,該直線與x軸和y軸的夾角均為,有幾何關系得C點坐標為：xC=2R0過C作x軸的垂線,在4CDM中：解得：M點橫坐標為：答：1粒子到達x=R0平面時速度方向與x軸的夾角為,粒子到x軸的距離為；2M點的橫坐標xM為.二選考題【物理選修3-5】13.以下說法