1、.2019-2019學年天津市紅橋區高二上期中物理試卷文科一、單項選擇題本大題共19小題，共57.0分1. 運發動把足球踢出后，球在空中所受到的力有()A. 重力、踢球力、空氣阻力B. 重力、使球向前飛的力、空氣阻力C. 重力、球向前飛的力、踢球力、空氣阻力D. 只有重力和空氣阻力【答案】D【解析】解：踢出去的足球在空中飛行時，只受空氣阻力與重力作用，由于分開腳，因此不存在踢球的力，能向前飛行是由于慣性，并沒有向前的飛行力，故D正確，ABC錯誤。應選：D。在地球附近，由于地球的吸引而使物體受到的力叫重力，同時還存在空氣阻力，根據彈力產生條件，及慣性與力的區別，即可求解此題考察了學生對重力的理解

2、，及掌握慣性與力的區別，同時注意彈力產生的條件，注意明確沒有所謂的慣性力的說法2. 關于路程和位移的關系中，以下說法中正確的選項是()A. 物體通過的路程不同，位移一定不同B. 物體通過的路程一定大于或等于位移的大小C. 物體向某一方向做直線運動，通過的路程就是位移D. 物體沿某一直線運動，通過的路程等于位移的大小【答案】B【解析】【分析】路程是標量，大小等于物體運動軌跡的長度，位移是矢量，位移的大小等于由初位置指向末位置的有向線段的長度，據此可斷定各個選項。必需要知道位移和路程的區別，首先是位移是矢量，路程是標量；其次位移描繪位置變化，路程描繪途徑長度。【解答】A.由A地到B地有不同的到達途

3、徑，但是兩點之間的位移是一定的，故物體通過的路程不相等時位移可能相等，故A錯誤；B.路程一定是大于或等于位移的大小，故B正確；C.路程是標量沒有方向，位移是矢量，有方向，故在任何時候不能直接說路程和位移一樣，故C錯誤；D.只有物體做單向直線運動時，通過的路程才等于位移的大小，故D錯誤。應選B。3. 以下關于彈力和摩擦力，說法正確的選項是()A. 互相接觸的物體之間一定存在著彈力B. 有摩擦力存在的兩個物體之間，必然存在著彈力C. 滑動摩擦力的方向一定和物體的運動方向一樣D. 滑動摩擦力的方向一定與物體的運動方向相反【答案】B【解析】解：A、假如兩物體接觸但沒有互相的擠壓，那么不存在彈力，故A錯

4、誤；B、彈力是產生摩擦力的一個必要條件，那么摩擦力存在的兩物體之間一定有彈力作用，故B正確；C、摩擦力的方向與相對運動或相對運動趨勢方向相反，與運動方向無關，故C錯誤；D、滑動摩擦力的方向與物體的相對運動方向方向相反，不一定與運動方向相反，故D錯誤；應選：B。互相接觸且發生形變的物體之間一定有彈力作用，而有摩擦力一定有彈力，摩擦力的方向與相對運動或相對運動趨勢方向相反掌握彈力、摩擦力產生的條件及方向的判斷，可以利用生活中的實例進展說明，一定要理解運動與相對運動的區別4. 關于曲線運動的性質，以下說法中正確的選項是()A. 曲線運動可能是勻速運動B. 曲線運動一定是變速運動C. 變速運動一定是曲

5、線運動D. 曲線運動的加速度方向可能與速度方向相反【答案】B【解析】解：A、曲線運動的速度方向時刻改變，所以有些曲線運動不可能是勻速運動。故A錯誤；B、曲線運動的速度方向沿著曲線上某點的切線方向，時刻改變，所以曲線運動一定是變速運動，故B正確；C、曲線運動的條件是合力與速度不共線，一定是變速運動，而變速運動不一定是曲線運動，如勻變速直線運動，故C錯誤；D、做曲線運動的質點的加速度方向就是質點在曲線上這點的受力的方向，根據曲線運動的條件可知，加速度的方向與速度的方向一定不在同一條直線上。故D錯誤；應選：B。曲線運動的速度方向沿著曲線上某點的切線方向，時刻改變，故一定是變速運動，加速度一定不為零，

6、合力一定不為零；曲線運動的條件是合力與速度不共線本題考察了曲線運動的運動學性質和動力學條件，要能結合平拋運動和勻速圓周運動進展分析，還要注意矢量一樣與標量一樣的區別5. 電場強度的定義式為E=Fq，以下說法正確的選項是()A. 這個定義式只適用于點電荷的電場B. E的大小與F成正比，與q成反比C. 移去電荷q，E的大小變為零D. E跟檢驗電荷q無關【答案】D【解析】解：A、電場強度的定義式為E=Fq，采用比值法定義，適用于任何電場，故A錯誤。BCD、E是由電場本身決定的，與檢驗電荷無關，不能說“E的大小與F成正比，與q成反比，當移去電荷q，E的大小不變，故BC錯誤，D正確。應選：D。電場強度的

7、定義式是E=Fq，是用比值法定義的物理量，式子中的q表示試探電荷的電荷量，而E是由電場本身決定的，與試探電荷無關此題考察對電場強度物理意義的理解，要抓住比值法定義的共性來理解電壓強度的物理意義，知道空間某點的電場強度是電場本身決定的，與檢驗電荷無關6. 一根長4m的直導線，通有2A的電流，把它放在B=0.5T的勻強磁場中，并與磁場方向垂直，導線所受的安培力有多大？()A. 8NB. 4NC. 2ND. 1N【答案】B【解析】解：根據安培力公式有：F=BIL=0.5×2×4N=4N。故B正確，ACD錯誤應選：B。根據安培力的公式F=BIL，求出安培力的大小，注意公式的適用條件

8、。解決此題的關鍵掌握安培力的公式F=BIL應用條件以及公式中各個物理量的含義。7. 探測器繞地球做勻速圓周運動，變軌后在周期較小的軌道上仍做勻速圓周運劫，那么變軌后與變軌前相比()A. 軌道半徑變大B. 向心加速度變小C. 線速度變小D. 角速度變大【答案】D【解析】解：A、根據萬有引力提供向心力GMmr2=m42T2r，所以r=3GMT242，T變小，r變小，故A錯誤。B、根據萬有引力提供向心力GMmr2=ma，得a=GMr2，r變小，a增大，故B錯誤。C、根據萬有引力提供向心力GMmr2=mv2r，得v=GMr，r變小，v增大，故C錯誤。D、根據萬有引力提供向心力GMmr2=m2r，得=G

9、Mr3，r變小，增大，故D正確。應選：D。根據萬有引力提供向心力列式求解即可得到線速度、角速度、周期、向心加速度與軌道半徑的關系；根據周期變小，先得到軌道半徑的變化，再得出其它量的變化人造衛星的線速度、角速度、周期、向心加速度只與軌道半徑有關，與衛星的質量無關8. 物體沿直線做加速運動，當加速度逐漸減小時，物體的速度和位移的變化是()A. 速度增大，位移增大B. 速度減小，位移減小C. 速度減小，位移增大D. 速度增大，位移減小【答案】A【解析】解：根據題意，物體做加速直線運動，加速度與速度同向，當加速度逐漸減小時，速度仍在增大，由于物體的運動方向沒有變化，位移也在增大。所以速度、位移都在增大

10、。應選：A。加速度表示物體的速度變化快慢，當加速度與速度同向時，加速度減小，速度仍在增大，位移也在增大此題中加速度減小，物體的速度并沒有減小.判斷物體是加速還是減速，不是看加速度如何變化，而是看加速度與速度方向間的關系，兩者同向時，速度增大；兩者反向時，速度減小9. -個質量為10kg的物體在半徑為2m的圓周上以大小為4m/s的速度做勻速圓周運動，所需向心力大小為()A. 80NB. 60NC. 40ND. 20N【答案】A【解析】解：物體做圓周運動，那么F=mv2r=10×422N=80N，故A正確，BCD錯誤。應選：A。根據F=mv2r求解向心力此題主要考察了勻速圓周運動向心力公

11、式的直接應用，難度不大，屬于根底題10. 一個初動能為6J的物體，受到大小為2N的合外力，且物體沿合外力的方向運動了5m，那么物體的末動能是()A. 10JB. 11JC. 16JD. 20J【答案】C【解析】解：合外力做的功為：W=FL=2×5J=10J；由動能定理可知：W=EK-EK0；那么物體的末動能為：EK=W+EK0=10+6=16J；應選：C。由功的公式可求得合外力做的功，由動能定理可求得末動能此題考察動能定理的直接應用，要明確動能定理的應用步驟，解題時要注意分析合外力做功的正負11. 關于同一電場的電場線，以下表述正確的選項是()A. 電場線是客觀存在的B. 電場線越密

12、，表示電場強度越大C. 沿著電場線方向電場強度變大D. 電場線可以穿插或重合【答案】B【解析】解：A、電場線是為了形象的描繪電場強弱和方向引入的，并非實際存在的，故A錯誤；B、電場線的疏密表示場強的強弱，電場線密的地方電場強度大，疏的地方電場強度小，故B正確；C、電場線的疏密表示場強的強弱，與是否沿電場線的方向無關。故C錯誤；D、電場線的切線方向表示該點場強方向，所以兩條電場線不能相交，否那么，交點將有兩個不同的方向，這是不可能的。故D錯誤。應選：B。電場線是為了形象的描繪電場強弱和方向引入的，并非實際存在的，電場線的疏密表示場強的強弱，電場線不能相交此題考察對電場線的理解，要注意明確電場線中

13、箭頭的指向表示場強的方向，而電場線的疏密表示電場的強弱12. 假設某行星繞太陽公轉的半徑為r，公轉的周期為T，萬有引力常量為G，那么由此可求出()A. 行星的質量B. 太陽的質量C. 行星的密度D. 太陽的密度【答案】B【解析】解：設太陽的質量為M，行星的質量為m。行星繞太陽做圓周運動的向心力由太陽的萬有引力提供，那么有：GMmr2=m42T2r解得：M=42r3GT2，r和T，可求出太陽的質量M，但不能求出行星的質量m和行星的密度。由于太陽的半徑未知，也不能求出太陽的密度，故B正確，ACD錯誤。應選：B。行星繞太陽公轉時，由太陽的萬有引力提供向心力，據萬有引力定律和向心力公式列式，即可進展分

14、析環繞天體的公轉半徑和周期，根據萬有引力提供向心力，列出等式只能求出中心體的質量.要求出行星的質量，我們可以在行星周圍找一顆衛星研究，即把行星當成中心體13. 重為G的物體放在傾角為的斜面上靜止不動，下面說法正確的選項是()A. 物體受到重力及物體對斜面的壓力和靜摩擦力的作用B. 物體受到重力，斜面的支持力，下滑力和靜摩擦力作用C. 物體受到重力，斜面支持力和靜摩擦力的作用D. 物體受到重力，斜面支持力，不受靜摩擦力的作用【答案】C【解析】解：A、及物體對斜面的壓力和靜摩擦力的作用的受力物體是斜面，不是物體受到的力。故A錯誤；BC、物體受重力、支持力和靜摩擦力平衡，不受下滑力。故B錯誤，C正確

15、；D、物體受重力、支持力和靜摩擦力平衡，靜摩擦力的方向沿斜面向上，沒有靜摩擦力那么物體不能靜止。故D錯誤。應選：C。物體處于靜止狀態，故根據共點力的平衡平衡條件可知其受重力、支持力和靜摩擦力平衡解決此題的關鍵知道下滑力是重力的分力，受力分析，不能多力也不能少力，對于每一個力，都有對應的施力物體14. 以下說法正確的選項是()A. 宇宙飛船內的物體不受重力作用，所以不存在慣性B. 火車速度越大，慣性越大C. 質量是慣性大小的量度D. 物體受力越大，慣性越大【答案】C【解析】解：A、宇宙飛船內的物體受到的重力提供向心力，不是不受重力，而慣性與受力情況無關，只要有質量就有慣性，故飛船里的物體仍有慣性

16、，故A錯誤；B、慣性是物體的固有屬性，與受力及運動速度無關，故BD錯誤；C、慣性是物體的固有屬性，其大小只與質量有關系，質量越大，慣性越大，故C正確；應選：C。慣性是一切物體固有的屬性，無論是固體、液體或氣體，無論物體是運動還是靜止，都具有慣性.一切物體都具有慣性慣性是物體固有的屬性，慣性大小的唯一量度是物體的質量，慣性的大小與物體的運動狀態無關，與物體所受的合外力無關15. 一根繩子吊著一只桶懸空靜止時，以下表達中正確的選項是()A. 繩對桶的拉力與桶所受的重力是一對平衡力B. 繩對桶的拉力與桶所受的重力是作用力和反作用力C. 繩對桶的拉力與桶對地球的作用力是平衡力D. 繩對桶的拉力與桶對地

17、球的作用力是作用力和反作用力【答案】A【解析】解：AB、繩對桶的拉力，桶所受的重力，這兩個力都作用在桶上，這兩個力是一對平衡力，不是作用力和反作用力，故A正確，B錯誤；C、繩對桶的拉力和桶對地球的作用力方向一樣，不可能為平衡力，故C錯誤；D、繩對桶的拉力與桶對地球的作用力不是兩物體間的互相作用，故不是作用力和反作用力，故D錯誤。應選：A。桶受到地球施加的重力和懸繩對它的拉力作用，這兩個力使桶處于平衡狀態.互相作用力的特點是：大小相等、方向相反、作用在同一條直線上，作用在兩個物體上；互相作用力與平衡力的重要區別是作用的物體，平衡力是作用在同一個物體上正確分析各個力的施力物體和受力物體，注意到作用

18、力和反作用只涉及到兩個物體，從而確定哪一對力是作用力和反作用力16. 汽車發動機的額定功率為120kW，它在平直公路上行駛的最大速度可達20m/s.那么汽車在以最大速度勻速行駛時所受的阻力是()A. 6000NB. 2019NC. 4000ND. 8000N【答案】A【解析】解：當牽引力等于阻力時，速度最大，此時F=f，根據P=Fvm=fvm知，汽車所受的阻力f=Pvm=12000020N=6000N，故A正確。應選：A。汽車在平直公路上行駛，功率不變，當牽引力等于阻力時，速度最大，結合功率和最大速度求出阻力的大小解決此題的關鍵知道功率和牽引力、速度的關系，知道加速度為零時，速度最大，根底題1

19、7. 一架質量為5t的飛機，在跑道上以6m/s2的加速度加速滑行，那么這架飛機受到的合外力大小為()A. 4×103NB. 3×103NC. 2×104ND. 3×l04N【答案】D【解析】解：根據牛頓第二定律得：F合=ma=5×103×6=3×104N，故D正確，ABC錯誤。應選：D。根據牛頓第二定律直接列式求解即可此題主要考察了牛頓第二定律的直接應用，難度不大，屬于根底題18. 一小段通電直導線放入磁場中，導線受到安培力的作用。關于安培力的方向，正確的選項是()A. 安培力的方向一定跟磁感應強度的方向垂直，一定跟電流方向

20、垂直B. 安培力的方向一定跟磁感應強度的方向垂直，但不一定跟電流方向垂直C. 安培力的方向一定跟電流方向垂直，但不一定跟磁感應強度方向垂直D. 安培力的方向，既可以跟磁感應強度方向不垂直，又可以跟電流方向不垂直【答案】A【解析】解：左手定那么是判斷磁場方向、電流方向、安培力方向三者之間關系的法那么，根據作用定那么可知，安培力垂直于電流和磁場所在的平面，因此安培力既垂直于磁場方向又垂直與電流方向，故A正確，BCD錯誤。應選：A。利用左手定那么判斷通電導線在磁場中所受安培力的方向，根據左手定那么可知，安培力與電流和磁場所在平面垂直，因此安培力既垂直于磁場方向又垂直與電流方向安培力方向是初學者很容易

21、出錯的地方，在學習中要加強這方面的練習，正確應用左手定那么判斷安培力的方向。19. 質量m=1kg的物體從距地面h=20m高處以v0=4m/s的速度程度拋出，那么物體落地時距拋出點的程度間隔 和重力的瞬時功率分別為()A. 20m，200WB. 4m，100WC. 20m，100WD. 8m，200W【答案】D【解析】解：根據h=12gt2得：t=2hg=2×2010=2s，那么程度間隔 為：x=v0t=4×2m=8m，落地時豎直分速度為：vy=gt=10×2m/s=20m/s，那么重力的即時功率為：P=mgvy=10×20W=200W，故D正確，ABC

22、錯誤。應選：D。根據高度求出平拋運動的時間，結合初速度和時間求出程度間隔 .根據速度時間公式求出豎直分速度，根據P=mgvy求出重力的即時功率解決此題的關鍵知道平拋運動在程度方向和豎直方向上的運動規律，結合運動學公式靈敏求解，求解瞬時功率時，注意力與速度方向的夾角二、多項選擇題本大題共2小題，共7.0分20. 如下圖的v-t圖象中，表示物體作勻減速運動的是()A. B. C. D. 【答案】BC【解析】解：A、速度隨時間均勻增大，是勻加速直線運動。故A錯誤。B、速度大小隨時間均勻減小，是勻減速直線運動。故B正確。C、速度大小隨時間均勻減小，是勻減速直線運動。故C正確。D、速度大小隨時間均勻增大

23、，是勻加速直線運動。故D錯誤。應選：BC。勻減速直線運動的速度隨時間均勻減小解決此題的關鍵知道勻減速直線運動特點，知道其速度隨時間均勻減小21. 在探究力的合成方法時，先將橡皮條的一端固定在程度木板上，另一端系上帶有繩套的兩根細繩.實驗時，需要兩次拉伸橡皮條，一次是通過兩細繩用兩個彈簧秤互成角度地拉橡皮條，另一次是用一個彈簧秤通過細繩拉橡皮條同學們在操作過程中有如下議論，其中說法正確的選項是()A. 通過兩細繩用兩個彈簧秤互成角度地拉橡皮條時，角度越大越好B. 彈簧秤、細繩、橡皮條都應與木板平行C. 兩次拉橡皮條時不必將其結點拉至同一個位置D. 拉橡皮條的細繩要長些，標記同一細繩方向的兩點要遠

24、些【答案】BD【解析】解：A、實驗要方便、準確，兩分力適當大點，讀數時相對誤差小，夾角不宜太大，也不宜太小，因此夾角不宜太大，在60至120之間最正確，故A錯誤；B、為減小實驗誤差，在使用彈簧測力計時要注意盡量使彈簧測力計、橡皮筋、細繩應貼近木板且與木板平面平行，故B正確；C、為了保證用兩根彈簧秤共同作用的效果與一根彈簧秤作用的效果一樣，兩次拉橡皮條時需將其結點拉至同一個位置。故C錯誤；D、為了更加準確的記錄力的方向，拉橡皮條的細繩要長些，標記同一細繩方向的兩點要遠些，故D正確。應選：BD。在物理方法中，等效替代法是一種常用的方法，它是指用一種情況來等效交換另一種情況.如質點、平均速度、合力與

25、分力、等效電路、等效電阻等本實驗采用的是等效替代的方法，即一個合力與幾個分力共同作用的效果一樣，可以互相替代；同時明確實驗原理是對實驗的根本要求，要圍繞實驗原理分析實驗步驟，本卷須知等問題三、填空題本大題共1小題，共4.0分22. 炮筒與程度方向成37角，炮彈從炮口射出時的速度是1000m/s，那么這個速度在程度方向和豎直方向的分速度分別為_m/s和_m/s.(cos37=0.8,sin37=0.6)【答案】800；600【解析】解：炮彈的運動可以分解為程度方向的勻速直線運動，和豎直方向的豎直上拋運動，在程度方向上有：Vx=Vcos37=000×0.8=800m/s在豎直方向的速度為

26、：Vy=Vsin37=1000×0.6=600m/s；故答案為：800，600炮彈的速度可以在程度和豎直兩個方向上分解，直接求解即可此題是速度的合成與分解，直接根據平行四邊形定那么分解即可四、實驗題探究題本大題共1小題，共8.0分23. 在“研究勻變速直線運動的實驗中，電火花打點計時器使用_(選填“直流或“交流)電源，它每隔0.02s打一次點.圖示是實驗得到的一條點跡明晰的紙帶，A、B、C、D為四個計數點，相鄰兩個計數點之間還有4個點未畫出，那么相鄰兩個計數點間的時間間隔是_s.經測量知道AB=1.80cm，BC=3.60cm，根據以上數據，可知打點計時器打下B時物體的速度等于_m/

27、s，物體的加速度等于_m/s2【答案】交流；0.1；0.27；1.8【解析】解：電磁打點計時器使用交流電源，電源頻率為50Hz，它每隔0.02s打一次點相鄰兩個計數點之間還有4個點未畫出，所以相鄰計數點之間的時間間隔T=0.1s，根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，得：VB=xAC2T=1.8+3.60.2×10-2m/s=0.27m/s根據勻變速直線運動的推論公式根據勻變速直線運動的推論公式x=aT2，得：BC-AB=x=aT2，整理得：a=3.6-1.80.12×10-2m/s2=1.8m/s2，故答案為：交流，0.1，0.27，1.8根據勻變速直

28、線運動的推論公式x=aT2可以求出加速度的大小，根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上B點時小車的瞬時速度大小要進步應用勻變速直線的規律以及推論解答實驗問題的才能，在平時練習中要加強根底知識的理解與應用五、計算題本大題共3小題，共24.0分24. 汽車緊急剎車時，加速度大小為5m/s2，且必須在4s內停下來(1)汽車允許的最大行駛速度是多少？(2)剎車過程汽車的最大位移是多少？【答案】解：以汽車的行駛方向為正方向，由題意知：a=-5 m/s2，v=0，t=4 s(1)由公式v=v0+at可得：v0=v-at=0-(-5)×4&#

29、160;m/s=20m/s(2)由公式x=v0t+12at2得：x=20×4+12×(-5)×42 m=40 m答：(1)汽車允許的最大行駛速度是20m/s；(2)剎車過程汽車的最大位移是40m【解析】根據勻變速直線運動的速度時間公式求出氣促允許行駛的最大速度；采用逆向思維，根據位移時間公式求出剎車過程中的汽車位移解決此題的關鍵掌握勻變速直線運動的速度時間公式和位移時間公式，并能靈敏運用25. 如下圖，放在長木板上的木塊質量為m，當木板與程度方向夾角為時，木塊靜止在長木板上(1)求此時木塊所受的彈力和摩擦力各多大？(2)當把木塊的傾角增大到(>)時，木塊剛好沿長木板勻速下滑，求木塊和木板之間的動摩擦因數為多大？【答