1、題號一一三四總分得分考試范圍：xxx;考試時間：100分鐘；命題人：xxx第I卷（選擇題） 請點擊修改第I卷的文字說明評卷人得分、單選題絕密啟用前【市級聯考】江蘇省揚州市20182019學年高一上學期期末調研物理試題試卷副標題注意事項：1 .答題前填寫好自己的姓名、班級、考號等信息2 .請將答案正確填寫在答題卡上1. 2018年11月16日，第26屆國際計量大會通過 修訂國際單位制（SI） ”的決議，根據決議，千克、安培、開爾文和摩爾4個國際單位制的基本單位將改由常數定義，將于2019年5月20日起正式生效.但基本物理量仍然不變，下列屬于基本物理量的是A.位移 B.時間C.速度 D.力2 .下

2、列說法中正確的是A.戰斗機飛行員可以把正在甲板上手勢指揮的調度員看成是一個質點B.在戰斗機飛行訓練中，研究戰斗機的空中翻滾動作時，戰斗機可以看成質點C.研究遼寧艦”航母在大海中運動軌跡時，航母可以看成質點D.由于遼寧艦”航母高大威武”，故任何情況下都不能看成質點3.運動員在跳離地面時，下列說法中正確的是A.運動員對地面的壓力大于地面對運動員的支持力B.運動員先對地面有壓力，然后地面對運動員有支持力C.地面對運動員的支持力與運動員的重力是一對平衡力D.地面對運動員的支持力大于運動員的重力4.如圖所示是某物體做直線運動的v-t圖象，下列說法中正確的是秒2二）A.物體在2s時速度方向發生改變B.物體

3、在2s時加速度方向發生改變C.物體在3s內通過的位移為 5mD.物體在3s內平均速度為 3m/s5.中國制造2025是國家實施強國戰略第一個十年行動綱領，智能機器制造是一個重要方向，其中智能機械臂已廣泛應用于各種領域.如圖所示，一機械臂鐵夾豎直夾起一個金屬小球，小球在空中處于靜止狀態，鐵夾與球接觸面保持豎直，則A.小球沒有掉下去，是由于摩擦力大于小球的重力B.若增大鐵夾對小球的壓力，小球受到的摩擦力變大C.小球受到的摩擦力大小與重力相等D.機械手臂受到的摩擦力方向豎直向上6 .如圖所示，物體在平行于斜面向上、大小為 6N的力F作用下，沿固定的粗糙斜面向上做勻速直線運動，物體與斜面間的滑動摩擦力

4、A.等于零 B.小于6NC.等于6 N D.大于6 N7 .如圖所示是采用動力學方法測量空間站質量的原理圖，若已知飛船質量為 4.0 103kg,其推進器的平均推力為 800N,在飛船與空間站對接后，推進器工作5s內測出飛船和空間站速度變化是 0.05m/s,則空間站的質量為空間 |飛船|乙A. 8.0 104kgB. 7.6 104kgC. 4.0 104kgD. 4.0 103kg8.河水速度與河岸平行，大小v保持不變，小船相對靜水的速度為V0. 一小船從A點題答內線訂裝在要不請派VJ >)> 上一工。 >)> ,、打】 】 】 C - - - - 韭 - - -

5、- C 】 】 】 八夕出發，船頭與河岸的夾角始終保持不變，如圖所示，B為A的正對岸，河寬為 d,則c飛二A|A.小船不可能到達 B點8 .小船渡河時間一定等于d/voC.小船一定做勻速直線運動D.小船到達對岸的速度一定大于vo評卷人 得分二、多選題9 .小明站在電梯內的體重計上，電梯靜止時體重計示數為50kg,若電梯運動過程中,他看到體重計的示數為 40kg, g=10m/s2.下列說法中正確的有A.電梯可能正加速上升B.電梯可能正加速下降C.電梯可能在減速上升D.電梯可能在減速下降10.如圖所示，某人將小球水平拋向地面的小桶，結果球劃出一條弧線飛到小桶的前 方.不計空氣阻力，為了能把小球拋

6、進小桶中，則下次再水平拋球時，他可能做出的調 整為A.拋出點高度不變，減小初速度B.拋出點高度不變，增大初速度C.初速度大小不變，降低拋出點高度D.初速度大小不變，增大拋出點高度11 .明朝謝肇涮五雜組中記載：明姑蘇虎丘寺廟傾側， 議欲正之，非萬緡不可.一 游僧見之，日：無煩也，我能正之.”游僧每天將木楔從塔身傾斜一側的磚縫間敲進去，經月余扶正了塔身.假設所用的木楔為等腰三角形，木楔的頂角為以現在木楔背上加一垂直三角形底邊的力 F,如圖所示，木楔兩側產生推力Fn,則A.若。一定，F越大時Fn越大B.若。一定，F越小時Fn越大C.若F一定，。越大時Fn越大D,若F一定，。越小時Fn越大12 .如

7、圖所示，物體 A、B用細繩連接后跨過滑輪，A懸掛著，B剛好靜止在光滑的斜面上，不計滑輪摩擦.現將斜面傾角增大，下列說法中正確的是A.物體B將沿斜面向下滑B.物體B對斜面的壓力減小C.繩子對物體 B的拉力大于物體 A的重力題答內線訂裝在要不請派D.繩子對物體 B的拉力小于物體 A的重力第II卷(非選擇題)請點擊修改第II卷的文字說明評卷人 得分三、實驗題13.在 驗證力的平行四邊形定則 ”實驗中，某同學將橡皮條的一端固定于A點.(1)用兩只彈簧測力計將橡皮條的另一端拉至。點，其中一只彈簧測力計的示數如圖所示，則其示數為N.(2)在分別讀出兩個彈簧測力計的示數Fi和F2后，還必須記錄的是 A.兩細

8、繩套的夾角B.兩條細繩套的方向C.橡皮條伸長后的總長度D.細繩套的長度(3)改用一只彈簧測力計將橡皮條的另一端再次拉到。點，記下彈簧測力計讀數及細繩套的方向.用力的圖示法在紙上畫出表示三個力的箭頭，以Fi和F2的線段為鄰邊作平行四邊形，并作出 Fi和F2之間的又角線F,發現對角線F與 不重合，實驗誤差 產生的原因可能有哪些？ (寫出一個原因即可)(4)關于本實驗，下列說法中正確的是 A.彈簧測力計不需要在實驗前進行校零B.彈簧測力計的讀數越大越好C.拉兩個細繩套時，兩拉力夾角應為90度D .拉細繩套時，拉力應與木板平行14.在做 探究小車速度隨時間變化 ”的實驗中(1)下列儀器需要用到的有 (

9、2)某同學進行了以下實驗操作步驟，其中有誤的步驟是 A .將電火花打點計時器固定在長木板的一端，并接在 220V交流電源上B.將紙帶固定在小車尾部，并穿過打點計時器的限位孔C.把一條細繩拴在小車上，細繩跨過定滑輪，下面吊著適當重的鉤碼D.拉住紙帶，將小車移到靠近打點計時器的一端后，放開紙帶，再接通電源(3)在實驗中得到一條如圖所示的紙帶，已知電源頻率為 50 Hz,相鄰計數點間的時間間隔為0.1s,測量出X5=4.44cm、X6=4.78cm ,則打下F"點時小車的瞬時速度 v=m/s； 小車的加速度a=m/s2.(結果保留兩位有效數字)1 下為丹七, X, .a1ABe6£

10、; 尸 G )(4)若實驗時電源頻率大于50 Hz,則打下F”點時小車的實際速度 (填 大于”、小于”或 等于”)測量速度.評卷人得分四、解答題15.如圖所示，質點甲以 V0=4m/s從A處向右做勻速直線運動；質點乙以同樣的初速度同時從B處做勻加速直線運動，加速度a=1m/s2,經過一段時間在 C處追上甲，此時乙的速度vt=8m/s.求:叫她Sfc-«*9B AC(1)乙追上甲經過的時間 t；(2)乙在B、C過程中的平均速度 v;VJ >)> 上一工。 >)> ,、打】 】 】 C - - - - 韭 - - - - C 】 】 】 八夕(3) B、A間的距離

11、s.16 .如圖所示，A、B兩個小球在足夠高的位置處緊挨在一起，兩球用長為L=7m的輕題答內線訂裝在要不請派繩連接，不計空氣阻力，重力加速度g=10m/s2,問：(1)若B球固定，A球由靜止釋放，經多長時間ti繩子繃緊？(結果可保留根號)(2)若A球由靜止釋放的同時， B球以水平初速度 vo=7m/s拋出，繩子即將繃緊時 B球的速度VB大小？(結果可保留根號)(3)若A球固定，B球以水平初速度一m/s拋出，經多長時間t3繩子繃緊？17 .某智能分揀裝置如圖所示， A為包裹箱，BC為傳送帶.傳送帶保持靜止，包裹P以初速度vo滑上傳送帶，當P滑至傳送帶底端時， 該包裹經系統掃描檢測，發現不應由A

12、收納，則被攔停在 B處，且系統啟動傳送帶輪轉動，將包裹送回 C處.已知vo=3m/s, 包裹P與傳送帶間的動摩擦因數 尸0.8,傳送帶與水平方向夾角 9 37。，傳送帶BC長度(1)包裹P沿傳送帶下滑過程中的加速度大小和方向；(2)包裹P到達B時的速度大小；(3)若傳送帶勻速轉動速度 v=2m/s,包裹P經多長時間從 B處由靜止被送回到 C處；(4)若傳送帶從靜止開始以加速度a加速轉動，請寫出包裹 P送回C處的速度Vc與a的關系式，并畫出Vc2-a圖象.試卷第8頁，總7頁本卷由系統自動生成，請仔細校對后使用，答案僅供參考參考答案1. . B【解析】【分析】明確題意，知道現行的基本物理量是不變的

13、，根據基本物理量的定義即可確定正確答案；【詳解】國際單位制規定了七個基本物理量，分別為長度、質量、時間、熱力學溫度、電流、光強度、物質的量，故B正確，ACD錯誤。【點睛】單位制包括基本單位和導出單位，規定的基本量的單位叫基本單位，國際單位制規定了七個基本物理量，它們的在國際單位制中的單位稱為基本單位。2. C【解析】【詳解】A、當物體的形狀、大小對所研究的問題沒有影響時，我們就可以把它看成質點，正在甲板上手勢指揮的調度員的動作不能忽略，不能看成質點，故 A錯誤；B、研究戰斗機的空中翻滾動作時，不可以看做質點，否則沒有動作了，故B錯誤；C、研究“遼寧艦”航母在大海中運動軌跡時，其形狀、大小對所研

14、究的問題沒有影響時，我們就可以把它看成質點，故選項C正確，D錯誤。【點睛】本題考查學生對質點這個概念的理解，關鍵是知道物體能看成質點時的條件，看物體的大小形狀對所研究的問題是否產生影響，物體的大小形狀能否忽略，與其他因素無關。3. D【解析】【分析】運動員能夠挑起的原因是地面的支持力大于運動員的重力，即運動員所受合力豎直向上， 地面對運動員的支持力和運動員對地面的壓力是作用力和反作用力，大小相等，方向相反；【詳解】A、根據牛頓第三定律，運動員跳起的過程中對地面的壓力等于地面對運動員的支持力，而且相互作用力是同時產生的，故AB錯誤；C、運動員在起跳過程中運動員的加速度豎直向上，根據牛頓第二定律可

15、知運動員所受合力豎直向上，故地面對運動員的支持力大于運動員的重力，故C錯誤，D正確。【點睛】本題明確運動員起跳的原因是解決C項的關鍵，同時明白作用力和反作用力的關系可以掌握壓力和支持力的大小關系。4. A【解析】【分析】在速度時間圖象中，速度的正負表示運動方向，圖象的斜率表示物體的加速度， 圖線與坐標 軸圍成圖形的面積表示位移， 傾斜的直線表示勻變速直線運動， 對于勻變速直線運動，可根據一 一求平均速度；【詳解】A、在速度時間圖象中， 速度的正負表示運動方向，則知物體在2s時速度方向發生改變，故A正確；B、圖象的斜率表示物體的加速度，直線的斜率不變，則知物體在2s時加速度方向不變，故B錯誤；C

16、、物體在3s內通過的位移為： ，故C錯誤；D、0-3s內物體的加速度不變，做勻變速直線運動，物體在3s內平均速度為： ,故D錯誤。【點睛】對于v-t圖象問題，關鍵要明確圖線的斜率表示加速度，圖線與坐標軸圍成圖形的面積表示 位移。5. C【解析】【分析】對小球受力分析，根據平衡條件進對豎直方向上進行分析從而確定摩擦力的大小和方向； 【詳解】A、對小球受力分析可知，小球受重力、兩側鐵夾的彈力以及摩擦力作用，根據平衡條件可知，小球在豎直方向上受到的摩擦力與重力大小相等，方向相反，故A錯誤，C正確；B、增大鐵夾對小球的壓力，小球受到的摩擦力仍等于重力，大小不變，故B錯誤；D、小球受到的摩擦力方向豎直方

17、向上，根據牛頓第三定律知機械手臂受到的摩擦力方向豎直向下，故D錯誤。【點睛】本題考查摩擦力的性質， 要注意小球在豎直方向上受到靜摩擦力作用，注意靜摩擦力的大小與正壓力大小無關。6. B【解析】【分析】對物塊進行受力分析，根據平衡條件，列方程求得摩擦力大小；【詳解】對物體受力分析，在沿斜面方向，物體受到重力沿斜面的分力、滑動摩擦力 和拉力F,則，故，故B正確，ACD錯誤。7. B【解析】【分析】由加速度公式可求得整體的加速度，由牛頓第二定律可求得整體的質量，則可求得空間站的質量；【詳解】加速度：,由牛頓第二定律可知，空間站的質量為：,故B正確，ACD錯誤。【點睛】牛頓第二定律的應用中要注意靈活選

18、取研究對象，并注意在公式應用時的同體性，即公式中的各量均為同一物體所具有的。8. C【解析】依據船的合速度能否垂直河岸，即可判定是否到達B點；依據運動學公式，結合矢量的合成法則，即可求解渡河時間；根據矢量的合成法則，可知，合速度不一定大于分速度；【詳解】A、當船的合速度垂直河岸時，即沿著 AB方向，則一定能到達 B點，故A錯誤；B、只有當船在靜水中速度垂直河岸渡河時，渡河時間一定等于一，如今，則渡河時間一定大于_,故B錯誤；C、由于兩方向均是勻速直線運動，因此合運動也必定是勻速直線運動，故 C正確；D、根據速度的合成法則，則合速度不一定大于分速度，故 D錯誤。【點睛】考查渡河的時間最短， 與位

19、移最小的情況，掌握矢量的合成法則內容， 理解運動的合成與分解的方法。9. BC【解析】【分析】人對體重計的壓力小于人的重力，說明人處于失重狀態， 加速度向下，運動方向可能向上也可能向下；【詳解】由于體重計示數小于其重力，故其處于失重狀態， 其加速度向下，即電梯可能正加速下降或減速上升，故選項 BC正確，AD錯誤。【點睛】做超重和失重的題目要抓住關鍵：有向下的加速度，失重；有向上的加速度，超重。10. AC【解析】【分析】小球做平拋運動，飛到小桶的前方，說明水平位移偏大， 應減小水平位移才能使小球拋進小桶中，將平拋運動進行分解：水平方向做勻速直線運動，豎直方向做自由落體運動，由運動學公式得出水平

20、位移與初速度和高度的關系式，再進行分析選擇；【詳解】設小球平拋運動的初速度為，拋出點離桶的高度為 h,水平位移為x,則平拋運動的時間一，水平位移一；A、由上式分析可知，為了能把小球拋進小桶中，要減小水平位移x,可保持拋出點高度 h不變，減小初速度 ，故A正確，B錯誤；C、由上式分析可知，為了能把小球拋進小桶中，要減小水平位移x,可保持初速度V0大小不變，減小降低拋出點高度 h,故C正確，D錯誤。【點睛】本題運用平拋運動的知識分析處理生活中的問題，關鍵運用運動的分解方法得到水平位移的表達式。11. AD【解析】【分析】 由于木楔處在靜止狀態， 可將力F沿與木楔的斜面垂直且向上的方向進行分解, 邊

21、形定則，畫出力F按效果分解的圖示，并且可據此求出木楔兩側產生的推力,根據平行四再進行分析;選木楔為研究對象，木楔受到的力有：水平向左的F和兩側給它的與木楔的斜面垂直的彈力,F沿兩側分解的力是相等的,則故得,所以 一定時，F越大， 越大，F 一定時,越小，越大；故選項 AD由于木楔處于平衡狀態，所以兩側給木楔的斜面垂直的彈力與正確，BC錯誤。【點睛】本題運用分解法研究力平衡問題，對力進行分解時，一定要搞清力的實際作用效果，從而確定兩個分力的方向，再根據平行四邊形定則或三角形定則進行分解即可。12. ABC【解析】【分析】將斜面傾角增大，分析 B的重力沿斜面向下的分力變化情況，即可判斷B的運動狀態

22、，物體B對斜面的壓力白大小等于 B的重力垂直斜面的分力，根據 A的加速度方向分析繩子拉 力與A的重力關系；【詳解】A、由題可知，繩的拉力等于 A的重力，對B分析由：，將斜面傾角增大，B的重力沿斜面向下的分力增大，則物體B將沿斜面向下加速運動，故 A正確；B、物體B對斜面的壓力大小為：，增大， 減小，則 減小，故B正確；C、物體B將加速下降，加速度向下，而物體A則加速上升，加速度向上，處于超重狀態，則繩子對物體A的拉力大于物體A的重力，根據定滑輪的特征知，繩子對物體B的拉力大于物體A的重力，故C正確，D錯誤。【點睛】本題關鍵是先對物體 B受力分析，判斷其運動狀態，再對物體A受力分析，然后根據牛頓

23、第二定律分析繩子的拉力大小。13. 2.6 B彈簧測力計讀數有誤差 、力的方向記錄不準確、作圖不準確等(其他答案正確也給分)D【解析】【分析】正確理解和應用平行四邊形定則， 明確合力和分力的大小關系， 理解“等效法”在該實驗中 的應用，理解實驗步驟和實驗目的， 了解整個實驗過程的具體操作， 以及這些具體操作的意 義；【詳解】(1)根據彈簧秤每一小格代表，則指針指示的讀數為 2.6N;(2)本實驗要驗證平行四邊形定則，需要畫出平行四邊形，所以用兩只彈簧測力計將橡皮條的另一端拉至 O點后需要記錄 O點的位置以及 Fi和F2的大小和方向，故選項 B正確，ACD錯誤；(3)上述實驗誤差產生的原因可能有

24、彈簧測力計讀數有誤差、力的方向記錄不準確、 作圖不準確等原因；(4) A、彈簧測力計需要在實驗前進行校零，以便減少力的讀數的誤差，故 A錯誤；B、彈簧測力計的讀數并不是越大越好，適當即可，同時注意不要超過量程，故B錯誤；C、拉兩個細繩套時，兩拉力夾角不一定為90度，適當即可，保證畫出的平行四邊形盡量充滿紙面即可，故 C錯誤；D、拉細繩套時，拉力應與木板平行，同時還要注意讀數視線要與刻度垂直，從而減小實驗誤差，故選項D正確。【點睛】本題考查了 “等效法”的應用和平行四邊形定則等基礎知識，對于這些基礎知識在平時練習中要不斷加強訓練，以提高解題能力，同時注意減小實驗誤差的方法。14. AB D 0.

25、460.34 大于【解析】【分析】在做“探究小車速度隨時間變化”的實驗中，掌握實驗原理及操作步驟，根據勻變速直線運動的推論公式可以求出加速度的大小，根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上某點瞬時速度大小；【詳解】(1)在做“探究小車速度隨時間變化”的實驗中，依據實驗原理，通過打點計時器在紙帶上打點，借助刻度尺來測量長度， 從而研究小車的速度與時間的關系，故選項AB正確，CD錯誤；(2) A、將電火花打點計時器固定在長木板的一端，并接在 220V交流電源上，故 A正確；B、將紙帶固定在小車尾部，并穿過打點計時器的限位孔，故 B正確；C、把一條細繩拴在小車上，細

26、繩跨過定滑輪，下面吊著適當重的鉤碼，故 C正確；D、拉住紙帶，將小車移到靠近打點計時器的一端后，應先接通電源，后放開紙帶，從而減少實驗誤差，故選項 D錯誤；(3)根據勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上F點時小車的瞬時速度大小為： 根據勻變速直線運動的推論公式可以求出加速度的大小為:(4)若實驗時電源頻率大于 50 Hz,則相鄰計數點間的時間間隔，由F點的瞬時速度表達式可知，其實際速度大于測量速度。【點睛】在做“探究小車速度隨時間變化”的實驗中，掌握實驗原理及操作步驟，且會根據原理分析實驗誤差，要提高應用勻變速直線的規律以及推論解答實驗問題的能力，在平時練習中要加強基礎知識的理解與應用。15. (1) 4s (2) 6m/s (3) 8m【解析】【分析】根據勻變速直線運動的規律可以求出乙的時間已經乙的平均速度；求出甲和乙的各自的位移，然后二者位移之差即為開始 AB之間的距離；【詳解】(1)質點乙做勻加速直線運動，由，代入數據得：；(2)乙在B、C過程中的平均速度： ；(3)由題意可知乙的位移為：乙 甲的位移為：甲則B、A間的距離：乙-甲 0【點睛】本題考查勻變速直線運動規律的應用問題，注意平均速度的公式的應用，只有物體做勻變速直線運動才可以用求平均速度。16.