1、2020衡水名師原創(chuàng)物理專題卷專題三牛頓運動定律考點07牛頓運動定理的理解超重和失重考點08牛頓運動定律的應用考點09動力學的圖象問題一、選擇題（本題共17個小題，每題4分，共68分。每題給出的四個選項中，有的只有一個選項符合題意，有的有多個選項符合題意，全部選又的得4分，選對但不全的得2分，有選錯或不答的得0分）1、關(guān)于力學單位制，下列說法正確的是（）A.千克、米/秒、牛頓是導出單位B.千克、米、牛頓是基本單位C.在國際單位制中，質(zhì)量的單位是g,也可以是kgD.只有在國際單位制中，牛頓第二定律的表達式才是F =ma2、原來做勻速運動的升降機內(nèi)有一被伸長彈簧拉住的具有一定質(zhì)量的物體A靜止在地板

2、上，如圖所示，現(xiàn)發(fā)現(xiàn)A突然被彈簧拉向右方，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力 .由此可判斷，此時升降機做的運動可能是（）A.加速上升 B.減速上升C.加速下降D.減速下降3、一跳傘運動員從懸停的直升飛機上跳下，2s后開啟降落傘，運動員跳傘過程中的v-1圖象 如圖所示，根據(jù)圖象可知運動員（）0 2 4 6 H 10 1 L4 16 IK JO K MA.在2 6s內(nèi)速度先向上后向下B.在2 6s內(nèi)加速度先向上后向下C.在2 6s內(nèi)先處于失重狀態(tài)后處于超重狀態(tài)D.在0 20s內(nèi)先勻加速再勻減速最終勻速運動4、如圖，在傾斜角 1 =37粗糙斜面底端放置一質(zhì)量為m的小物體，物體與斜面的摩擦因數(shù)N=0.5,某時

3、刻給物體一沿斜面向上的初速度，下列能正確反應小物體在斜面上運動的v-t圖的是（）A.C.5、點D.如圖所示，在豎直平面內(nèi)有半徑為為8=45、高為h = 2R的光濯AB為光滑傾斜軌道，AC是由靜止釋放小球甲的同時，自C點以初速度大小v0沿斜面向下射出小球乙，發(fā)現(xiàn)兩小球同B.半圓，取點為A、B是半國時到達A點，已知重力加速度為 g,則小球乙的初速度大小 v0為（）b. , gRC. , 2gR26、如圖甲，水平地面上有一靜止平板車，車上放一物塊，物塊與平板車的動摩擦因數(shù)為0.2, t=0時，車開始沿水平面做直線運動，其v t圖象如圖乙所示，gW I0m/s2,若平板車足夠長，關(guān)于物塊的運動，以下描

4、述正確的是（）A.06 S加速,加速度大小為222m / sB.08 S加速,加速度大小為22m/s ,812 s減速，加速度大小為/ 24m / sC.08s加速，加速度大小為22m/s ,816 s減速，加速度大小為22m / s2 m/ s ,612 s減速，加速度大小為2 2D.072 s加速，加速度大小為1.5 m/s ,1276 s減速，加速度大小為4 m/ s7、如圖（a）,在跳臺滑雪比賽中，運動員在空中滑翔時身體的姿態(tài)會影響其下落的速度和滑翔的距離。某運動員先后兩次從同一跳臺起跳，每次都從離開跳臺開始計時，用v表示他在豎直方向的速度，其v-t圖像如圖（b）所示，ti和t2是他落

5、在傾斜雪道上的時刻。則（）A.第二次滑翔過程中在豎直方向上的位移比第一次的小B.第二次滑翔過程中在水平方向上的位移比第一次的大C.第一次滑翔過程中在豎直方向上的平均加速度比第一次的大D.豎直方向速度大小為 vi時，第二次滑翔在豎直方向上所受阻力比第一次的大8、如圖所示，三個質(zhì)量均為 m的物塊a、b、c,用兩根輕彈簧和一根輕繩相連 ，掛在天花板上處于靜止狀態(tài).現(xiàn)將b、c之間的輕繩剪斷，下列說法正確的是（）A.在剛剪斷輕繩的瞬間,b的加速度大小為gB.在剛剪斷輕繩的瞬間，c的加速度大小為2gC.剪斷輕繩后，a、b下落過程中，兩者一直保持相對靜止D.剪斷輕繩后，a、b下落過程中加速度相等的瞬間，兩者

6、之間的輕彈簧一定處于原長狀態(tài)9、如圖所示，平臺質(zhì)量為M = 70kg ,滑輪及細繩質(zhì)量不計，站在平臺上的人豎直向上拉繩子使人和平臺一起以a = 2m/s2的加速度向上做勻加速運動,不計滑輪與軸之間的摩擦,重力2加速度g =10m/s，則下列說法正確的是（）0期確由Jt/ iA.人對平臺的壓力小于自身重力，故人處于失重狀態(tài)B. OA段繩中的拉力等于平臺與人的總重力C.若人的質(zhì)量為60kg,則人對平臺的壓力等于300ND.為實現(xiàn)題中所述運動，人的質(zhì)量一定不小于 70 kg10、如圖所示為糧袋的傳送裝置，已知A、B間長度為L,傳送帶與水平方向的夾角為0 ,工作時運行速度為v,糧袋與傳送帶間的動摩擦因

7、數(shù)為小正常工作時工人在 A點將糧袋放到運行中的傳送帶上，關(guān)于糧袋從A到B的運動，以下說法正確的是（設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力）（）A.糧袋到達B點的速度與v相比較，可能大，也可能相等或小B.糧袋開始運動的加速度為 g(sin 0 - cos 0 ),若L足夠大，則糧袋最后將以速度v做勻速運動C.若tan 0 ,則糧袋從A到B一定一直做加速運動D.不論大小如何，糧袋從A到B一直做勻加速運動，且agsin 0向右的恒力Fb =2N ,a受到的水平力11、如圖所示,在光滑水平面上放著緊靠在一起的A、B兩物體，B的質(zhì)量是A的2倍，B受到Fa=92t(N) (t的單位是s)。從t=0開始計時，則匕i

8、A B 777777777/77777777/77777775A.A物體在3s末的加速度是初始時刻的11B.4s后，B物體做勻加速直線運動C.4.5s時,A物體的速度為零D.4.5s后，A、B的加速度方向相同12、如圖所示，一名消防隊員在模擬演習訓練中，沿著長為12 m的豎立在地面上的鋼管往下滑。已知這名消防隊員的質(zhì)量為60 kg,他從鋼管頂端由靜止開始先勻加速再勻減速下滑，滑到地面時速度恰好為零。如果他加速時的加速度大小是減速時的2倍，下滑的總時間為23s, g取10m/s ,那么該消防隊員()A.下滑過程中的最大速度為4 m/sB.加速與減速過程的時間之比為1 : 2C.加速與減速過程中所

9、受鋼管彈力大小之比為D.加速與減速過程的位移大小之比為13、如圖甲所示，勁度系數(shù)為k的輕彈簧豎直放置，下端固定在水平地面上，一質(zhì)量為m的小球，從離彈簧上端高h處自由下落，接觸彈簧后繼續(xù)向下運動。 若以小球開始下落的位 置為原點，沿豎直向下建立一坐標軸Ox,小球白速度v隨時間t變化的圖像如圖乙所示。其中OA段為直線，切于 A點的曲線AB和BC都是平滑的曲線，則關(guān)于 A B C三點對應的 x坐標及加速度大小，下列說法正確的是（）A. XA = h，aA =0B. XA = h,aA = gc , mg2mg-C. xB = h , aB = 0D. xC = h,aC = 0kk14、如圖所示，小

10、車上有一個固定的水平橫桿，左邊有一與橫桿固定的輕桿，與豎直方向成6角，下端連接一小鐵球.橫桿右邊用一根細線吊另外一小鐵球，當小車做勻變速運動時，細線保持與豎直方向成 a角.若日,則下列哪一項說法正確的是（）A.輕桿對小球的彈力方向沿著輕桿方向向上B.輕桿對小球的彈力方向與細線平行C.小車可能以加速度 g tana向左做勻減速運動D.小車可能以加速度 g tan 6向右做勻加速運動15、如圖（a）,物塊和木板疊放在實驗臺上，物塊用一不可伸長的細繩與固定在實驗臺上的力傳感器相連，細繩水平。t=0時，木板開始受到水平外力F的作用，在t=4s時撤去外力。細繩對物塊的拉力 f隨時間t變化的關(guān)系如圖（b）

11、所示，木板的速度 v與時間t的關(guān)系如圖（c）所示。木板與實驗臺之間的摩擦可以忽略。重力加速度取g=10m/s2。由題給數(shù)據(jù)可以得出（）A.木板的質(zhì)量為1 kgB. 2 s4 s 內(nèi)，力F的大小為 0.4 NC. 02 s內(nèi)，力F的大小保持不變D.物塊與木板之間白動摩擦因數(shù)為 0.216、以力F拉一物體，使其以加速度a在水平面上做勻加速直線運動，力F的水平分量為Fi,如圖所示，若以和Fi大小、方向都相同的力 F代替F拉物體，使物體產(chǎn)生加速度 a,那么A.當水平面光滑時,aaB.當水平面光滑時,a=aC.當水平面粗糙時,a g cos37 0,則物塊將沿斜面下滑，下滑時的加速度為a2 = gsin

12、日- Ng cos日a2, t故C錯誤D.由圖像斜率，速度為vi時，第一次圖像陡峭，第二次圖像相對平緩， 故aa2,由Gfy=ma 可知，fyi g tan日。所以選項D錯誤。15答案及解析：答案：AB解析：結(jié)合兩圖像可判斷出0-2s物塊和木板還未發(fā)生相對滑動，它們之間的摩擦力為靜摩擦力，此過程力F等于f,故F在此過程中是變力，即C錯誤；2-5s內(nèi)木板與物塊發(fā)生相對滑動，摩擦力轉(zhuǎn)變?yōu)榛瑒幽Σ亮Γ膳ｎD運動定律，對 2-4s和4-5s列運動學方程，可解出質(zhì)量m為1kg, 2-4s內(nèi)的力F為0.4N,故A、B正確；由于不知道物塊的質(zhì)量，所以無法計 算它們之間的動摩擦因數(shù)科，故D錯誤.16答案及解析

13、：答案：BC解析：當水平面光滑時，物體在水平面上所受合外力均為F,故其加速度不變。而當水平面粗糙時，支持力和摩擦力都是被動力 ，其大小隨主動力的變化而變化 ，當用F,替換F時，摩擦 力將增大，故加速度減小。因此 BC答案正確17答案及解析：答案：ACD解析：在剪斷 OA線間，小球開始繞B點做圓周運動，線速度為零，沿細線方向加速度為零，沿 切線方向加速度不為零，受力分析如圖所示，由牛頓第二定律得 mgsin 0 =ma解得a=gsin 0 , 選項A錯誤；從剪斷OA線到小球運動到 B點正下方的過程中，由動能定理得21 2VbmgL21 -cos0 )= mvB，小球在最低點時,由牛頓第二te律得

14、 F mg =m ,由以上兩式解2 L2得F = mg (3 -2cos0 ),選項B正確；剪斷O瞰瞬間小球只受重力,加速度為g,選項C錯誤；剪斷OBB后，設OA戔與水平方向的夾角為0時，小球的速度為v,由動能定理得12mg42gLi等,選項D錯mgLiSin日= mv，此時重力的瞬時功率 P=mgvcos 0 ,由以上兩式解得 2P = mg12gL (sin日sin3 8 ),由數(shù)學知識知，重力功率的最大值為誤。mg18答案及解析：答案：(1) 1s (2) 16m/s (3) 99.2m解析：1.設滑雪者質(zhì)量為 m滑雪者在斜坡上從靜止開始加速至速度v1=4m/s期間,由牛頓第二定律有：m

15、gsin37 - l1mgcos37 = ma1解得：a1 =4m/s2故由靜止開始到動摩擦因數(shù)發(fā)生變化所經(jīng)歷的時間：t=*=1sa112.則根據(jù)牛頓定律和運動學公式有：x1 =1a1t2mgsin37 - ,l2mgcos37 = ma2x2 = L -Xi22vB -v1 =2a2x2代入數(shù)據(jù)解得：vB =16m/s3.設滑雪者速度由 vB=16m/s減速到v1 =4m/s期間運動的位移為 x3,速度由v1=4m/s減速到零期間運動的位移為x4,則由動能定理有32 mgX3mv；21 2一一 mvB2-I1mgx4 =0 - - mv122所以滑雪者在水平雪地上運動的最大距離為x = x3

16、 x4 = 99.2m19答案及解析：答案：1.由題圖可知，無人機加速上升的加速度大小a1 =-0m/s2 =im/s21010 oo失去動力后，勻減速上升的加速度大小 a2m/s2 =12 5m/s20.8則 F -mg - f = ma1f mg = ma2解得 f =25N , F =135N。2.設無人機下落過程，加速度大小為a33則 mg - f = ma3解得 出 =7.5m/s21 1無人機上升的最大圖度 h v(t1 t2)10 10.8m = 54m2 2無人機下落過程所用的時間 t3 = , 2h =3.8s因此運動的總時間t =3 12 t3 = 14.6s落到地面時的速度大小為 v1 = J2a3h = 28.5m/s。解析：20答案及解析:答案：1.包裹A在傳送帶滑行，由牛頓第二定律可得：R1mA g = mAa1解得：a1 =4(m/s2)假設包裹A離開傳送帶前就與傳送帶共速，由勻變速運動知識可得：2Vo - 0 - 2ai S|解得：s1 = 2m L ,所以上述假設成立 12加速過程：S1 = 5 a1tl解得：t1 = 1( s)勻速過程：L - & = v0t2解得：t2 =