1、2011年高考物理二輪總復習回歸基礎提分綜合檢測第九章電場綜合檢測一、選擇題(本題共12小題，共48分，在每小題給出的四個選項中，有的只有一個選項正確，有的有多個選項正確，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分)1(廣東文科基礎)圖是點電荷Q周圍的電場線，以下判斷正確的是() AQ是正電荷，A點的電場強度大于B點的電場強度BQ是正電荷，A點的電場強度小于B點的電場強度CQ是負電荷，A點的電場強度大于B點的電場強度DQ是負電荷，A點的電場強度小于B點的電場強度【解析】由電場線的方向知，Q是正電荷，由點電荷的場強公式Ek知，A點的電場強度大于B點的電場強度，故選A.【答案】A2如圖所

2、示，虛線是等量異種點電荷所形成的電場中每隔一定電勢差所描繪的等勢線，其中B和C關于兩電荷的連線對稱現用外力將一個正試探電荷沿著圖中實線所示的軌跡，按照箭頭所指方向從A緩慢移動到F.在此過程中該外力所做正功最多的區間是()AABBCDCDEDEF【解析】由等量異種電荷電場的分布特點可知，A和D是等勢點，B和C也是等勢點，正試探電荷從A到B的過程，電場力做正功，所以外力F做負功；從CD電場力做負功，則外力F做正功；DE的過程中，電場力做正功，所以外力F做負功；EF的過程中，電場力做負功，則外力F做正功，從圖中要以看出，CD之間的電勢差要大于EF的電勢差，所以外力所做正功最多的區間是CD.【答案】B

3、3(高考海南卷)一平行板電容器兩板板間距為d、極板面積為S，電容為0S/d，其中0是常量對此電容器充電后斷開電源當增加兩板間距時，電容器極板間()A電場強度不變，電勢差變大B電場強度不變，電勢差不變C電場強度減小，電勢差不變D電場強度減小，電勢差減小【解析】本題考查平行板電容器的電容、電壓和電量的關系，以及勻強電場中電場強度與電壓的關系，意在考查考生對勻強電場中有關量的關系以及應用這些關系解決具體問題的能力；由題可知電容器充電后斷開電源，故電容器的帶電量保持不變，當增大兩極板間的距離時，由C可知，電容器的電容變小，由U可知電壓變大，又由E可得E，所以電場強度不變，A正確【答案】A4(高考山東理

4、綜)如圖所示，在x軸上關于原點O對稱的兩點固定放置等量異種點電荷Q和Q，x軸上的P點位于Q的右側下列判斷正確的是()A在x軸上還有一點與P點電場強度相同B在x軸上還有兩點與P點電場強度相同C若將一試探電荷q從P點移至O點，電勢能增大D若將一試探電荷q從P點移至O點，電勢能減小【解析】本題主要考查等量異種電荷形成的電場和電場力做功與電勢能的變化，意在考查考生受力分析和運用數學知識處理物理問題的能力由點電荷產生的場強公式E和場強疊加知識得，若Q與O點的距離為x，P點與Q的距離為a，則可得P點場強為EP，方向水平向左，根據對稱性特點知，A正確，B錯；根據等量異種電荷形成的電場特點知，O點電勢為零，而

5、P點電勢小于零，故將q從P點移至O點，電場力做負功，其電勢能一定增大【答案】AC5一負電荷從電場中A點靜止釋放，只受電場力作用，沿電場線運動到B點，它運動的vt圖象如圖(甲)所示，則兩點A、B所在區域的電場線分布情況可能是圖(乙)中的() 【解析】從圖(甲)可以看出負電荷在運動的過程中是變加速運動，a不斷變大，因此所受到的電場力也不斷變大，且和電荷運動方向相同，電場強度也不斷變大，故選項C正確【答案】C6如圖所示，三條虛線表示某電場中的三個等勢面，其電勢分別為110V，220V，330V，一個帶電粒子只受電場力作用，按圖中實線軌跡從A點運動到B點，則()A粒子帶負電B粒子在A點的速度大于在B點

6、的速度C粒子在A點的加速度大于在B點的加速度D粒子在A點的電勢能大于在B點的電勢能【解析】電場線方向總是垂直于等勢面，且由高電勢指向低電勢，即電場線指向左側物體在做曲線運動時所受的合力指向曲線彎曲的內側，由帶電粒子的運動軌跡可看出它所受到的電場力向右，即粒子帶負電，A選項對；粒子從A運動到B時，逆著電場線方向運動，電場力做正功，粒子的動能增加，電勢能減小，所以D選項對，B選項錯，A點的電場線比B點的密，則粒子在A點所受到電場力大于在B點所受到的電場力，即粒子在A點的加速度大于在B點的加速度，C選項對【答案】ACD7如圖所示，豎直墻面與水平地面均光滑且絕緣，兩個帶有同種電荷的小球A、B分別處于豎

7、直墻面和水平地面，且處于同一豎直平面內，若用圖示方向的水平推力F作用于小球B，則兩球靜止于圖示位置，如果將小球B向左推動少許，并待兩球重新達到平衡時，則兩個小球的受力情況與原來相比 ()A推力F將增大B豎直墻面對小球A的彈力減小C地面對小球B的彈力一定不變D兩個小球之間的距離增大【解析】將A、B視為整體進行受力分析，在豎直方向只受重力和地面對整體的支持力FN(也是對B的支持力FN)，將B向左推動少許后，豎直方向受力不變，所以FN(mAmB)g為一定值，C正確然后對B進行受力分析如圖，由平衡條件可知FNmBgF斥cos，向左推B，減小，所以F斥減小，由F斥k得：A、B間距離r增大，D正確而FF斥

8、sin，減小，F斥減小，所以推力F減小，故A錯將A、B視為整體時FFNA，所以墻面對小球A的彈力FNA減小，B正確故選項BCD正確【答案】BCD8(2010南昌調研)有一絕緣長木板放在光滑水平面上，質量為m，電荷量為q的物塊沿長木板表面以一定的初速度自左向右滑動，由于有方向豎直向下的勻強電場，物塊滑至長木板右端時相對木板靜止，現僅將電場方向改為豎直向上，物塊滑至板中央就相對靜止，則()A物塊帶正電荷B物塊帶負電荷C勻強電場的場強大小為D勻強電場的場強大小為【解析】考查力電綜合長木板與物塊系統動量守恒，設物塊的初速度為v1，長木板長為L，根據動量守恒定律可知兩種情況下系統最終以相同的末速度v2勻

9、速運動，故動能變化相同對第一種情況由系統的功能關系有f1LEk，同理對第二種情況有0.5f2LEk，聯立可得2f1f2，故第一種情況下電場向下，物塊帶負電，B正確；由f1(mgEq)，f2(mgEq)，解得電場強度E，C正確【答案】BC9(2010湖北重點中學聯考)如圖所示，A為帶電量為Q的圓形金屬薄板(圖中A板為側視圖)，B為質量為m、電荷量大小為q的帶負電小球，用絕緣絲線懸掛于O點小球由于電場力而靜止在過金屬板中心且垂直于金屬板的直線上距板為r的位置，懸線與豎直方向的夾角為.關于小球所在位置處的場強，下列說法中正確的是()A小球所在位置處場強大小為kQ/r2，方向水平向右B小球所在位置處場

10、強大小為kQ/r2，方向水平向左來C小球所在位置處場強大小為mgtan/q，方向水平向左D小球所在位置處場強大小為mgtan/q，方向水平向右【解析】因為帶電圓形金屬板不能看作點電荷，所以不能根據點電荷場強公式計算小球所在位置的場強，A、B錯誤；小球在重力、電場力和繩子拉力作用下平衡，根據平衡條件可求得小球所受電場力Fmgtan，根據場強的定義可知小球所在位置的場強E，方向與帶負電小球所受電場力方向相反，即水平向左，C正確【答案】C10(江西九所重點中學聯考)如圖所示，質量分別是m1、m2，電荷量分別為q1、q2的兩個帶電小球，分別用長為l的絕緣細線懸掛于同一點，已知：q1q2，m1m2，兩球

11、靜止平衡時的圖可能是()【解析】如圖所示，做兩球的受力分析示意圖，根據牛頓第三定律，兩球之間的庫侖力相等，由相似三角形原理有：，即m1gL1m2gL2FL，因m1m2，故L1L2，D正【答案】D11(北京東城區質檢)如圖所示，帶正電的電荷固定于Q點，電子在庫侖力作用下沿順時針方向做以Q點為焦點的橢圓運動，O為橢圓的中心，M、P、N為橢圓上的三點，M和N分別是軌道上離Q點最近和最遠的點，則電子在運動的過程中 () 【解析】考查靜電場中的電勢、電勢能及庫侖定律本題可將電子繞正電荷運動等效為衛星繞地球運動，在M點為近地點，動能最大、勢能最小，在N點為遠地點，動能量小、勢能最大，故A、B均錯誤，D正確

12、；根據庫侖定律可知電子在P點受到的庫侖力指向Q，C錯誤【答案】D12(湖北八校聯考)如圖所示，勻強電場中三點A、B、C是一個三角形的三個頂點，ABCCAB30，BC2m，已知電場線平行于ABC所在的平面，一個帶電荷量q2106C的點電荷由A移到B的過程中，電勢能增加1.2105J，由B移到C的過程中電場力做功6106J，下列說法正確的是 ()AB、C兩點的電勢差UBC3VBA點的電勢低于B點的電勢C負電荷由C移動A的過程中，電勢能增加D該電場的場強為1V/m【解析】負電荷由B運動到C的過程中電場力做功6106J，根據WqU得：U3V，即C點電勢比B點高3V，A錯誤；負電荷從A點運動到B點的過程

13、中電荷的電勢能增加，則一定是由高電勢的點運動到低電勢的點，根據EWqU得：A點電勢比B點高6V，B錯誤；設B點電勢為UB，則UAUB6，UCUB3，負電荷從C點運動到A點的過程電勢升高，電勢能降低，C錯誤；由于勻強電場中同一條直線上線段的長度與電勢差成正比，如圖，可找到AB連線上電勢等于C點的點，電場的方向應平行于AB，故根據幾何關系求得AB長度為6m，代入E得場強為1V/m，D正確【答案】D二、實驗題(本題共2小題，共18分)13用“描跡法畫出電場中平面上的等勢線”的實驗裝置如圖所示(1)在圖中a，b，c，d，e五個基準點中，電勢最高的點是_點(2)若連接電流表的兩表筆分別接觸圖中d和f兩點

14、(f與d連線和A與B連線垂直)時表針反偏(電流從紅表筆流進時，表針正偏)，則連接電流表的紅表筆接在_點，要使表針仍指在零刻線，應將接觸f點的表筆向_(填“左”或“右”)移動【答案】(1)a(2)d右14在“用描跡法畫出電場中平面上的等勢線”的實驗中，先在平板上依次鋪好白紙、復寫紙和導電紙，將電源、開關和電極A、B按照圖所示連接好，將靈敏電流計的兩個接線柱分別和兩個探針相連接，并判斷出靈敏電流計的指針偏轉方向與電流方向間的關系是：當電流由正接線柱流入電流計時，電流計的指針向右偏轉在電極A、B的連線上等距離地取a、b、c、d、e5個基準點，閉合開關S后，用一個探針接觸某一基準點，另一探針在導電紙上

15、緩慢移動，直到電流計示數為零，則此時另一個探針所在位置與基準點等電勢由此可以找到一系列的等勢點，進而描繪出過該基準點的等勢線(1)若在圖中連接靈敏電流計正接線柱的探針接觸a點，連接靈敏電流計負接線柱的探針接觸b點時，靈敏電流計的指針向左偏轉，則可以判斷電極A接在電源的_極上(填“正”或“負”)(2)若靈敏電流計的兩個探針分別接觸a點和b點，靈敏電流計的示數為I1 ；若靈敏電流計的兩個探針分別接觸b點與c點，靈敏電流計的示數為I2，則I1和I2相比較，有I1_I2(填“大于”、“小于”或“等于”)【解析】(1)由于電流從電流計正接線柱流入時，電流計指針向右偏，而現在是電流計指針向左偏，說明電流是

16、從負接線柱流入電流計的，故b點電勢高于a點，所以電極A與電源負極相連(2)由于a、b和b、c是等間距，而電流場是非勻強場，且靠近兩電極處的場強要大，故a、b間的電勢差大于b、c間的電勢差，所以I1大于I2.【答案】(1)負(2)大于三、計算題(本題共包括4小題，共54分，解答時應寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案不能得分，有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位)15如圖所示，電荷量為e，質量為m的電子從A點沿與電場線垂直的方向進入勻強電場，初速度為v0，當它通過電場B點時，速度與場強方向成150角，不計電子的重力，求A、B兩點間的電勢差. 【解析】電子進入勻強電場后

17、在電場力作用下做勻變速曲線運動，根據運動的分解可知，電子在垂直于場強方向上做勻速直線運動，將B點的速度分解(如圖)v2v0電子從A運動到B由動能定理得eUABmv2mvUAB.【答案】16如圖所示，BC是半徑為R的圓弧形的光滑且絕緣的軌道，位于豎直平面內，其下端與水平絕緣軌道平滑連接，整個軌道處在水平向左的勻強電場中，電場強度為E.現有一質量為m、帶正電q的小滑塊(可視為質點)，從C點由靜止釋放，滑到水平軌道上的A點時速度減為零若已知滑塊與水平軌道間的動摩擦因數為，求：(1)滑塊通過B點時的速度大小；(2)滑塊經過圓弧軌道的B點時，所受軌道支持力的大小；(3)水平軌道上A、B兩點之間的距離【解

18、析】(1)小滑塊從C到B的過程中，只有重力和電場力對它做功，設滑塊經過圓弧軌道B點時的速度為vB，根據動能定理有mgRqERmv0解得vB(2)根據牛頓運動定律有FNBmgm解得FNB3mg2Eq.(3)小滑塊在AB軌道上運動時，所受摩擦力為Ffmg，小滑塊從C經B到A的過程中，重力做正功，電場力和摩擦力做負功，設小滑塊在水平軌道上運動的距離(即A、B兩點之間的距離)為L，則根據動能定理有mgRqE(RL)mgL0.解出L .【答案】見解析17如圖所示，在水平桌面上有兩個靜止的物塊A和B(均可視為質點)，質量均為m0.2kg，桌子處于方向斜向右上方與水平方向成45角、電場強度E10N/C的勻強

19、電場中物塊A帶正電，電荷量q0.1C，A與桌面的動摩擦因數0.2，物塊B是絕緣體，不帶電，桌面離地面的高度h5m，開始時，A、B相距L2m，B在桌子的邊緣，在電場力作用下，A開始向右運動，并與B發生碰撞，碰撞中無能量損失，A、B間無電荷轉移，求：()(1)A經過多長時間與B相碰；(2)A、B落點之間的水平距離【解析】(1)選取A為研究對象，其受力情況如圖所示：根據牛頓第二定律：Eqcos45FfmaA A物體在豎直方向受力平衡：FNEqsin45mgFfFN 設A經過時間t與B發生碰撞，由運動學公式有：LaAt2由式得t1s(2)A與B碰撞前一瞬間，A的速度vAaAt碰撞過程中動量與能量均守恒，設碰后A、B的速度分別為vA、vBmvAmvAmvBmvmvmv由式得：vA0vB4m/s碰后，B做平拋運動，其水平位移sBvBtBtB碰后，A在空中的受力情況如圖所示A在豎直方向做勻加速直線運動，設加速度為aAy，在水平方向做勻加速直線運動，設加速度為aAxaAyaAxA的水平位移sAaAxthaAyt來s|sBsA|由以上各式得：s1m(每個式子1分)【評析】此題情景新，過程多，側重于考查牛頓運動定律以及運動學知識，同時考查了動量與能