1、2020年全國普通高等學校招生統一考試物理卷（二）（滿分：100分，時間：90分鐘）一、選擇題（本題共16小題，共38分，第110小題為單選題，每小題2分，第1116小題為多選題，每小題3分）1 .某彈簧振子沿x軸的簡諧運動圖象如圖所示，下列描述正確的是 （）A. t = 1 s時，振子的速度為零，加速度為負的最大值B. t = 2 s時，振子的速度為負，加速度為正的最大值C. t = 3 s時，振子的速度為負的最大值，加速度為零D. t = 4 s時，振子的速度為正，加速度為負的最大值A t=1 s時，振子位于正向位移最大處，速度為零，加速度為負向最大，故 A正確；t = 2 s時，振子位于

2、平衡位置并向x軸負方向運動，速度為負向最大，加速度為零，故 B錯 誤；t=3 s時，振子位于負向位移最大處，速度為零，加速度為正向最大，故 C錯誤；t = 4 s時，振子位于平衡位置并向x軸正方向運動，速度為正向最大，加速度為零，故 D錯誤。 2.（2019 長春市一模）如圖所示，質量為m的木塊A放在斜面體B上，對B施加一水平向左的推力F,使A、B保持相對靜止向左做勻速直線運動，則 B對A的作用力大小為（重 力加速度為g）（）A. mgB . mg sin 0C . mg cos 0D. 0A A向左做勻速直線運動，則其所受合力為零，對 A受力分析可知，B對A的作用力 大小為mg,方向豎直向上

3、，故 A正確。3.由于放射性元素237 Np的半衰期很短，所以在自然界中一直未被發現，只是在使用人 工的方法制造后才被發現。已知237 Np經過一系列a衰變和B衰變后變成鬻Bi ,下列選項中正 確的是（）A. 209 Bi的原子核比237 Np的原子核少28個中子B. 237 Np經過衰變變成203 Bi a衰變過程可以同時放出a粒子、B粒子和T粒子C .衰變過程中共發生了 7次a衰變和4次B衰變d.237 np的半衰期等于任一個237 Np原子核發生衰變的時間C 嘴Bi的中子數為209 83 =126 , 29；Np的中子數為237 93 =144, 209 Bi的原 子核比237 Np的原

4、子核少18個中子，A錯誤；237 Np經過一系列a衰變和B衰變后變成舞Bi, 可以同時放出a粒子和丫粒子或者B粒子和丫粒子，不能同時放出三種粒子，B錯誤；衰變過程237209. . 中發生a發變的次數為=7（次），B發變的次數為2 X 7 （93 83） = 4（次），C正確;半衰期是大量原子核衰變的統計規律，對少數原子核不適用，D錯誤。4.科學家計劃在2025年將首批宇航員送往火星進行考察。一質量為 m的物體，假設 在火星兩極宇航員用彈簧測力計測得的讀數為 Fi ,在火星赤道上宇航員用同一個彈簧測力計 測得的讀數為F2,通過天文觀測測得火星的自轉角速度為 以引力常量為G,將火星看成是 質量分

5、布均勻的球體，則火星的密度和半徑分別為 （）3 JF1F24 tG ' m w23Fi 4 Fi F24ttGFi F2' m co2C.3Fi 2Fi +F24 tiG Fi F2 5 m co2_3 co2“ 4QFiF223A 在火星的兩極，宇航員用彈簧測力計測得的讀數 Fi等于萬有引力，即GMmT=FnR 一，一 ， Mmo - F1-F2在火星的赤道上,物體的重力不等于萬有引力,有G”F2=mc/R,聯立解得R = k,又M R3 p,解得p33Fi 2丁，選項A正確，B、C、D錯誤。 4 tiG Fi F25.如圖所示，aefc和befd是垂直于紙面向里的勻強磁場I

6、、H的邊界。磁場I、H的磁感應強度分別為B1、B2,且B2 = 2B1。一質量為m、電荷量為q的帶電粒子垂直邊界ae從P點射入磁場I,后經f點進入磁場n,并最終從fc邊界射出磁場區域。不計粒子重力，該帶電粒子在磁場中運動的總時間為（A.2 MqB1C.myqB13 mD.-4qB 1粒子在磁場I中的運動周期Ti=wq,在磁場口中的運動周期l2=管=E；由題意可知，粒子先在磁場I中做1/4個圓周運動，再進入磁場II中做1/2個圓周運動，再進入磁場I中做1/4個圓周運動，最后從fc邊界射出磁場區域，則該帶電粒子在磁場中運動的總時間為1 = 1+：丁2 = 3三，故選B。 22 2qB16 .甲、乙

7、兩輛汽車從平直公路上同一位置沿著同一方向做直線運動，它們的 v-t圖象如B.在t=2 s時乙車追上甲車C.在t=4 s時乙車追上甲車D .甲、乙兩車在公路上能相遇兩次C 乙車比甲車晚1 s出發，故A錯誤。根據v-t圖線與時間軸圍成的面積表示位移知, t = 2 s時，甲車的位移比乙的位移大，則知該時刻乙車還沒有追上甲車，故 B錯誤。在011 一 一 一4 s內，甲車的位移 x甲=凡X 8X4 m=16 m ,乙車的位移x乙= 2'X（1+3）X8 m =16 m ,所以x甲=乂乙，兩者又是從同一位置沿著同一方向運動的，則在 t = 4 s時乙車追上甲車，故 C正確。在t = 4 s時乙

8、車追上甲車，由于t = 4 s以后，甲車比乙車的速度大，兩車不可能再 相遇，所以兩車只相遇一次，故 D錯誤。7 .如圖所示，在圓形空間區域內存在關于直徑 ab對稱、方向相反的兩個勻強磁場，兩磁 場的磁感應強度大小相等，一金屬導線制成的圓環大小剛好可與磁場邊界重合，現從圖示位 置開始，下列說法中正確的是（）A.若使圓環向右平動穿出磁場區域，感應電流先沿逆時針方向后沿順時針方向8 .若使圓環豎直向上平動穿出磁場區域，感應電流始終沿逆時針方向C.若圓環以ab為軸轉動，a點的電勢始終高于b點的電勢D.若圓環以ab為軸轉動，b點的電勢始終高于a點的電勢A 若圓環向右平動，穿過圓環的磁通量先是向里增加，后

9、是向里減少，由楞次定律及 安培定則知感應電流先沿逆時針方向后沿順時針方向，選項A正確；若圓環豎直向上平動，由于穿過圓環的磁通量始終為零，未發生變化，所以圓環中無感應電流產生，選項 B錯誤; 若圓環以ab為軸轉動，在090 0內，由右手定則知b點的電勢高于a點的電勢，在90 °。 180 0內，由右手定則知a點的電勢高于b點的電勢，以后a、b兩點電勢按此規律周期性 變化，選項C、D錯誤。8.（2019 長春市高三一模）如圖所示，某一真空區域中，AB、CD是圓O的兩條直徑, 在A、B兩點各放置一電荷量為+ Q的點電荷，關于C、D兩點的電場強度和電勢，下列說 法正確的是（）A.場強相同，電

10、勢相等8 .場強不同，電勢相等C.場強相同，電勢不相等D.場強不同，電勢不相等B 等量同種點電荷的電場線和等勢線都是關于連線、連線的垂直平分線對稱的，所以C、D兩點的場強大小相等，但方向不同， C、D兩點電勢相等，故B正確。9 .如圖所示電路中，電流表 A和電壓表V均可視為理想電表?，F閉合開關 S后，將滑動 變阻器滑片P向左移動，下列說法正確的是（）®柏A.電流表A的示數變小，電壓表 V的示數變大B .小燈泡L變亮C .電容器C上電荷量減少D.電源的總功率變大A 閉合開關S后，將滑動變阻器滑片P向左移動時，變阻器接入電路的電阻增大，根 據閉合電路歐姆定律得，電路中總電流 I減小，則小

11、燈泡L變暗，電流表A的示數變?。浑?壓表的示數U = E I（Rl+），I減小，其他量不變，則U增大，即電壓表V的示數變大，故 A正確，B錯誤；電容器的電壓等于變阻器兩端的電壓，即等于電壓表的示數，U增大，由Q = CU知電容器C上的電荷量增多，故C錯誤；電源的總功率P=EI, I減小，則電源的總 功率變小，故D錯誤。10 .（2019 東北六校高三聯考）某發電機通過理想變壓器向定值電阻 R提供正弦交流電， 電路如圖所示，理想交流電流表 A、理想交流電壓表V的讀數分別為I、U, R消耗的功率為 Po若發電機線圈的轉速變為原來的 n倍，則（）ftA. R消耗的功率變為nPB .電壓表V的讀數為n

12、UC .電流表A的讀數仍為ID .通過R的交變電流頻率不變B 發電機的線圈中產生的感應電動勢有效值為 E =小,線圈的轉速變為原來的 n倍，則線圈中產生的感應電動勢變為原來的 n倍，原、副線圈的匝數不變，由理想變壓器的ni Ui變壓規律一=不可知，副線圈的輸出電壓變為原來的 n倍，即電壓表的示數為nU , B正確;n2 U2.、 ni I2n倍，由理想變壓器的變流規律七口U由歐姆定律I = g可知，副線圈中的電流變為原來的RU2可知原線圈中的電流變為原來的n倍，C錯誤；由P = e，可知定值電阻消耗的電功率為原R來的n2倍，A錯誤；線圈的轉速變為原來的n倍，產生的交變電流的頻率變為原來的 n倍

13、, 則通過定值電阻R的交變電流的頻率變為原來的n倍，D錯誤。11 .一位同學玩飛鏢游戲，已知飛鏢距圓盤為L,對準圓盤上邊緣的A點水平拋出，初速 度為V。，飛鏢拋出的同時，圓盤以垂直圓盤且過盤心 O點的水平軸勻速轉動。若飛鏢恰好擊中A點，下列說法正確的是（A.從飛鏢拋出到恰好擊中 A點，A點一定轉動到最低點位置LB .從飛鏢拋出到恰好擊中 A點的時間為一gL2C圓盤的半徑為標D.圓盤轉動的角速度為 一（k = 1,2,3，）ABC 從飛鏢拋出到恰好擊中 A點，A點轉到了最低點位置，選項 A正確；飛鏢水平拋出，在水平方向做勻速直線運動，因此 t =一,選項B正確；飛鏢擊中A點時，A恰好在Vo最下方

14、，有2r = 1gt2,解得r = gL7,選項C正確；飛鏢擊中A點，則A點轉過的角度滿足9 24 Vo_ _ . _2 k +1 加。_ _ _ 、 、“_ _ "、一 一、“ 一 _=cot =兀 +2k 4k = 0,1,2 ,），故 3= l （k = 0,1,2 ），選項 D 錯塊；故選 A、B、Co 12 . （2019 湖南省六校高三聯考）荷蘭"Mars One”研究所推出了 2023年讓志愿者登陸火星、建立人類聚居地的計劃。假設登陸火星需經歷如圖所示的變軌過程。已知引力常量為G,則下列說法正確的是（）A.飛船在軌道上運動時，運行的周期 Tm>Tn>

15、;TzB .飛船在軌道I上的機械能大于在軌道n上的機械能C.飛船在P點從軌道n變軌到軌道I,需要在 P點朝速度方向噴氣D.若軌道I貼近火星表面，已知飛船在軌道I上運動的角速度，可以推知火星的密度ACD 根據開普勒第三定律可知，飛船在軌道上運動時，運行的周期 T心方>，選項 A正確；飛船在P點從軌道II變軌到軌道I ,需要在P點朝速度方向噴氣，從而使飛船減速， 則飛船在軌道I上的機械能小于在軌道n上的機械能，選項 B錯誤，C正確；若軌道I貼近 火星表面，可認為軌道半徑等于火星半徑，根據萬有引力提供向心力， GMm-=mR CD2,以及R密度公式p=,火星體積V=4不3,聯立解得p= 落，已

16、知飛船在軌道I上運動的角速度， V34 tiG可以推知火星的密度，選項 D正確。13 .封閉在汽缸內一定質量的氣體，如果保持氣體體積不變，當溫度升高時，以下說法正確的是（）A.氣體的密度增大B .氣體的壓強增大C.氣體分子的平均動能減小D .每秒撞擊單位面積器壁的氣體分子數增多BD 等容變化溫度升高時，壓強一定增大，分子密度不變，分子平均動能增大，單位 時間撞擊單位面積器壁的氣體分子數增多，B、D正確。14 .如圖所示，足夠長的光滑導軌傾斜放置，具上端接有電阻 R,勻強磁場垂直于導軌所 在平面向上，垂直導軌的導體棒 EF電阻為r,導軌和導線電阻不計，當導體棒 EF在下滑過 程中（）A.感應電流

17、在導體棒EF中方向從F到E15 受到的安培力方向沿斜面向下，大小保持恒定C .導體棒的機械能一直減小D .克服安培力做的功等于電阻 R消耗的電能AC 根據右手定則知，感應電流的方向為 F到E,故A正確。下滑過程中，根據左手 定則知，安培力的方向沿斜面向上，初始階段，由于導體棒下滑的過程中速度增大，則感應 電動勢增大，電流增大，安培力增大，故 B錯誤。導體棒向下運動的過程中，除重力做功外， 安培力做負功，則導體棒的機械能一直減小，故 C正確。根據功能關系知，克服安培力做的 功等于整個回路產生的電能，故 D錯誤。15.如圖所示，物體A、B的質量分別為m、2m,物體B置于水平面上，B物體上部半 圓形

18、槽的半徑為R,將物體A（可視為質點）從圓槽右側頂端由靜止釋放，一切摩擦均不計。則頁10第A . A能到達B圓槽的左側最高點C.A運動到圓槽的最低點時A的速率為A運動到圓槽的最低點時B的速率為gR4gR頁io第2RB向右運動的取大包移大小為 3AD運動過程不計一切摩擦，故由能量守恒可得：機械能守恒，且兩物體水平方向動那么A可以到達B圓槽的左側最高點，且A在B圓槽的左側最高點時，A、B的速度都為零，故A正確；A、B整體在水平方向上合外力為零，故在水平方向上動量守恒，所以mvA 2mvB=0,即va = 2vb, A的水平速度向左，B的水平速度向右；又有 A在水平方2向的最大位移和B在水平萬向上的最

19、大位移之和為 2R,故B向右運動的最大位移大小為-R,3故D正確；對A運動到圓槽的最低點的運動過程中，對 A、B整體應用機械能守恒可得:1 11mgR =mvA+2mvB = 3mvB;所以A運動到圓槽的最低點時B的速率為：VB=、/qgR；2 2 : 3A的速率為：VA = 2vB = '/3gR,故B、C錯誤。16.如圖所示，豎直放置的兩塊很大的平行金屬板a、b,相距為d, ab間的電場強度為E,今有一帶正電的粒子從a板下邊緣以初速度vo豎直向上射入電場，當它飛到 b板時，速度大小不變，而方向變成水平方向，且剛好從高度也為d的狹縫穿過b板而進入bc區域, bc區域的寬度也為d,所加

20、電場的場強大小為 E,方向豎直向上；磁感應強度方向垂直紙面E向里，磁感應強度大小等于一，重力加速度為g,則下列說法中正確的是（）4-VoXfit?,A.粒子在ab區域中做勻變速運動，運動時間為gB.粒子在bc區域中做勻速圓周運動，圓周半徑 r=ddC.粒子在bc區域中做勻速直線運動，運動時間為 一Vo，、一，、,九 46 dD .粒子在ab、bc區域中運動的總時間為3voAD 粒子在ab區域中豎直方向受到重力作用，水平方向受到電場力作用，由于都是包Vo ,、力，故粒子做勻變速運動，由對稱性可知Eq = mg,在豎直方向Vo = gti,則ti=g,或ti =d 2d一一=,選項A正確；粒子在剛

21、進入bc區域時，受到向下的重力、向上的電場力和向上的Vo Vo2E洛倫茲力作用，由于B =,則Bqvo=Eq=mg,由于重力和電場力平衡，故粒子做勻速圓 Vomvo V2周運動，半徑為r= = 2d,故選項B、C錯誤；由幾何關系可知，粒子在 bc區域運 qB gt - 2dl 6就動的圓心角為30o ,故所用時間tz： = 3V所以粒子在ab、bc區域中運動的總一、，九 46 d 、 _時間為t = ti+t2 = 一,選項D正確。3Vo、非選擇題（本題共7小題，共62分）17 . （5分）“研究平拋物體的運動”的實驗裝置如圖甲所示甲下列說法正確的是（）A.將斜槽的末端切線調成水平B ,將木板

22、校準到豎直方向，并使木板平面與小球下落的豎直平面平行C,斜槽軌道必須光滑D .每次釋放小球時的位置越高，實驗效果越好(2)為了描出小球的運動軌跡，實驗應有下列各個步驟：A.以。為原點，畫出與y軸相垂直的水平軸x軸；B.把事先做的有缺口的紙片用手按在豎直木板上，使由斜槽上滾下拋出的小球正好從紙片的缺口中通過，用鉛筆在白紙上描下小球穿過這個缺口的位置；C.每次都使小球由斜槽上固定的位置開始滾下，用同樣的方法描出小球經過的一系列 位置，并用平滑的曲線把它們連接起來，這樣就描出了小球做平拋運動的軌跡；D.用圖釘把白紙釘在豎直木板上，并在木板的左上角固定好斜槽；E.在斜槽末端將小球上端定為 。點，在白紙

23、上把。點描下來，利用重錘線在白紙上畫 出過O點向下的豎直直線，定為y軸。在上述實驗中，缺少的步驟 F是頁17第解析(1)將斜槽的末端切線調成水平，以保證小球做平拋運動，選項 A正確；將木板校準到豎直方向，并使木板平面與小球下落的豎直平面平行，防止小球下落時碰到木板，選項B正確；斜槽軌道沒必要必須光滑，只要小球到達底端的速度相等即可，選項C錯誤；每次釋放小球時的位置必須相同，并非越高實驗效果越好，選項 D錯誤在實驗中，缺少的步驟F是：調整斜槽使放在斜槽末端的小球可停留在任何位置，說明斜槽末端切線已水平；正確的實驗步驟是DFEABC(3)設相鄰兩點間的時間間隔為T,豎直方向有2L L = gT*

24、2,得至ij T =水平方向有Vo2L=2項,計算得出 Vo = 2x09.8 X0.012 5 m/s =0.7 m/s 。答案（1）AB（2）調整斜槽，使放在斜槽末端的小球可停留在任何位置，說明斜槽末端切線已水平DFEABC (3)2 , gL 0.7 m/s18 . （7分）市場上銷售的銅質電線電纜產品中， 部分存在導體電阻不合格問題，質檢部門 檢驗發現不合格的原因有兩個，一個是銅材質量不合格，使用了再生銅或含雜質很多的銅;1.7 X 10再一個就是銅材質量可能合格，但導體橫截面積較小。某興趣小組想應用所學的知識來檢測 實驗室中一捆銅電線的電阻率是否合格。小組成員查閱資料得知，純銅的電阻

25、率為8 Q -m0現取橫截面積約為1 mm 2、長度為100 m（真實長度）的銅電線，進行實驗測量其電阻率，實驗室現有的器材如下:A.電源（電動勢約為5 V,內阻不計）B.待測長度為100 m的銅電線，橫截面積約為1 mm 2C.電壓表Vi（量程為03 V,內阻約為0.5 k Q）D.電壓表V2（量程為05 V,內阻約為3 k Q）E.電阻箱R（阻值范圍為0999.9 Q）F.定值電阻Ro=1。G.開關、導線若干淅E S"I ><-<-=小組成員先用螺旋測微器測量該銅電線的直徑d ,如圖甲所小，則d =mm o小組設計的測量電路如圖乙所示， 則P是,（填器材名稱及對

26、應符號）通過實驗作出的圖象如圖內所示。（3）圖乙電路測得的銅電線的電阻測量值比真實值，處填“偏大” “不變”或“偏小”），原因是（4）這捆銅電線的電阻率p=，結果保留三位有效數字）；從銅電線自身角度考慮,你認為電阻率大的可能原因是解析(1)銅電線的直徑 d = 1 mm +12.5X0.01 mm =1.125 mm 。(2)P測量的電壓大于N測量的電壓，故P是電壓表V2, N是電壓表 5。(3)偏大，由于沒考慮電壓表 V1的分流作用，使測得的銅電線的電阻偏大。(4)分析電路可知，通過銅電線的電流 Ix=Ir=, Rx=.=7. R =rr 1R,RIxU1 U1rU2._1 ._7.50 1

27、.00 一一 _2 d整理得丁 = 1 + Rx，R，根據題圖內可知斜率 k=Rx=-2-500 Q =2.60 Q ,S=九=兀22RxS 2.60 X 0.994 X 10 6= 0.994 mm2, P=T= Q m=2.58 X 10 8 Q m,故這捆銅導線的電阻率達不到要求，使用的有可能是再生銅或含過多雜質的銅。答案(1)1.125 電壓表V2電壓表Vi 偏大 電壓表Vi有分流作用(4)2.58X 10 8 Q - m 可能是再生銅或含過多雜質的銅19 . (3分)小張同學利用“插針法”測定玻璃的折射率。小張將玻璃磚從盒子拿出放到白紙上，圖示操作較為規范與合理的是ABC(2)小張發

28、現玻璃磚上下表面不一樣，一面是光滑的，一面是磨砂的，小張要將玻璃磚選擇(填“磨砂的面”或“光滑的面”)與白紙接觸的放置方法進行實驗較為合理。小張正確操作插好了 4枚大頭針，如圖所示，請幫助小張畫出正確的光路圖。然后進行測量和計算，得出該玻璃磚的折射率 n=(保留三位有效數字)解析(3)光路圖如圖所示。設方格紙上小正方形的邊長為1,光線的入射角為01,折射5.32.2角為 3 則sin &=+ 聲0.798，$2 力手。9，所以該玻璃磚的折射率nsinsin9i 0.798一二92 0.521= 1.53也可用單位圓法求解答案(1)B(2)磨砂的面(3)如解析圖所示1.53(1.511.

29、54)20 . (10分)如圖所示，傾角a= 30 °的足夠長光滑斜面固定在水平面上，斜面上放一長L=1.8 m、質量M=3 kg的薄木板，木板的最上端疊放一質量m=1 kg的小物塊，物塊與3木板間的動摩擦因數以=彳一。對木板施加沿斜面向上的包力F,使木板沿斜面由靜止開始向g= 10上做勻加速直線運動。設物塊與木板間最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，取重力加速度m/s 2。(1)為使物塊不滑離木板，求力F應滿足的條件；(2)若F = 37.5 N ,物塊能否滑離木板？若不能，請說明理由；若能，求出物塊滑離木板 所用的時間及滑離木板后沿斜面上升的最大距離。解析(1)對M和m整體，由牛頓第二定

30、律得F (M+m)gsin 30 0 =(M + m)a對m,由牛頓第二定律得 Ff- mg sin 30 0 = maFf< pmg cos 30 °聯立以上三式代入數據得 F 0 30 N。(2)F = 37.5 N>30 N ,物塊能滑離木板。對于 M ,有 F mg cos 30 ° Mg sin 30 ° = Ma 1對 m , 有 mg cos 30 ° mg sin 30 0 = ma 2設物塊滑離木板所用的時間為t,由運動學公式得x"ait2x2提2Xi X2 = L代入數據得t = 1.2 s物塊離開木板時的速度v

31、= a2 t物塊離開木板后的加速度為a3 = gsin 30由公式一2a3s=0 v2代入數據得s = 0.9 m答案(1)F030 N (2)能 1.2 s 0.9 m21 . (10分)如圖所示，一圓柱形絕熱汽缸豎直放置，通過絕熱活塞封閉著一定質量的理想氣體?；钊馁|量為m,橫截面積為S,與容器底部相距h,此時封閉氣體的溫度為現通過電熱絲緩慢加熱氣體，當氣體吸收熱量Q時，氣體溫度上升到 丁2。已知大氣壓強為p。，重力加速度為g,不計活塞與汽缸的摩擦，求:T1頁18第(1)活塞上升的高度;加熱過程中氣體的內能增加量。解析(1)氣體發生等壓變化，有hS T1- h + Ah S T 2解得Ah

32、T2-T1=h oT1(2)加熱過程中氣體對外做功為W = pS 加= (p0S + mg)T2-T1由熱力學第一定律知內能的增加量為AU = Q W=Q (PoS+ mg)-h。T 1答案(1) h (2)Q (poS + mg )TT1 h T 1T 1122 . (13分)如圖所示，水平軌道BC兩端連接豎直的光滑4圓弧，質量為2m的滑塊b1靜置在B處，質量為m的滑塊a從右側I圓弧的頂端A點無初速釋放，滑至底端與滑塊b 發生正碰，碰后粘合在一起向左運動，已知圓弧的半徑為R=0.45 m，水平軌道長為L = 0.2 m,滑塊與水平軌道的動摩擦因數1= 0.1 ,重力加速度取g=10 m/s 2。求:(1)兩滑塊沿左側圓弧上升的最大高度h ;兩滑塊靜止時的位置。解析(1)設滑塊a滑至底端碰前速度大小為Vb,碰后共同速度大小為v,根據機械能守恒定律有c 12mgR =2mv b,由動量守恒定律有 mvB = (m +2m)v,從B點到左側最大高度處由動能定理有12、必mgL 3mgh =0 2x3mv ,聯立解得 h = 0.03 m 。粘合體