1、2008年上半年網絡工程師上午試卷內存采用段式存儲管理有許多優點，但(1)不是其優點。(1) A 分段是信息邏輯單位，用戶不可見B 各段程序的修改互不影響C 地址變換速度快、內存碎片少D.便于多道程序共享主存的某些段試題解析：虛擬存儲器可以分為兩類：頁式和段式。頁式虛擬存儲器把空間劃分為大小相同的塊，稱為頁面。而段式虛擬存儲器則把空間劃分為可變長的塊，稱為段。頁面是對空間的機械劃分，而段則往往是按程序的邏輯意義進行劃分。頁式存儲管理的優點是頁表對程序員來說是透明的，地址變換快，調入操作簡單；缺點是各頁不是程序的獨立模塊，不便于實現程序和數據的保護。段式存儲管理的優點是消除了內存零頭，易于實現存

2、儲保護， 便于程序動態裝配；缺點是調入操作復雜，地址變換速度慢于頁式存儲管理。答案：C現有四級指令流水線，分別完成取指、取作的時間依次為數、運算、傳送結果四步操作。若完成上述操 9ns、10ns、6ns、8ns。則流水線的操作周期應設計為(2)ns。(2) A 6B 8C. 9D. 10試題解析：取最大的那個微指令時間作為流水線操作周期。答案：D內存按字節編址，地址從 90000H到CFFFFH，若用存儲容量為 16K X 8bit器芯片 構成該內存，至少需要的存儲(3)片。(3) A 2B 4C. 8D. 16試題解析：(CFFFFH -90000H+1 )/ 16k = 40000H /

3、4000H = 10H = 16。答案：D( 4)是一種面向數據流的開發方法，其基本思想是軟件功能的分解和抽象。(4) A .結構化開發方法B Jackson系統開發方法C . Booch方法D. UML (統一建模語言)試題解析：結構化開發方法是一種面向數據流的開發方法。Jacks on開發方法是一種面向數據結構的開發方法。Booch和UML方法是面向對象的開發方法。答案：A米用UML進行軟件設計時，可用 (5) 關系表示兩類事物之間存在的特殊/ 般關系，用聚集關系表示事物之間存在的整體一部分關系。(5) A .依賴B .聚集C.泛化D.實現試題解析：依賴：表示一個元素以某種方式依賴于另一種

4、元素。泛化：表示一般與特殊的關系，即“一般”元素是“特殊”關系的泛化。聚合：表示整體與部分的關系。實現：一種模型元素(如類)與另外一種模型元素(如接口)連接起來，其中接口只是行為的說明而不是結構或者實現。答案：C某項目制定的開發計劃中定義了3個任務，其中任務A首先開始，且需要3周完成，任務周完B必須在任務A啟動1周后開始，且需要2周完成，任務C必須在任務A后才能 開始，且需要完成 2周完成。該項目的進度安排可用下面的甘特圖(6) 來描述。(6) A .B .任務A任務B任務A 任務B任務C任務C任務A任務B任務CD.任務A任務B任務C試題解析：這個簡單得都不用說了，小學生看圖說話都能選對。答案

5、：D下列敘述中錯誤的是(7)。(7) A 面向對象程序設計語言可支持過程化的程序設計B 給定算法的時間復雜性與實現該算法所采用的程序設計語言無關C .與匯編語言相比，采用腳本語言編程可獲得更高的運行效率D 面向對象程序設計語言不支持對一個對象的成員變量進行直接訪問試題解析：腳本語言是解釋執行的，其效率遠低于編譯運行的語言，更不用說匯編語言了。答案：C/”表示路徑中的分隔符，“/”在路徑之首時表示根目錄。圖中, 以如下兩種方式打開文件 f2 :(8) 。假設當前目 錄是 A2，若進程A在下圖所示的樹型文件系統中，方框表示目錄，圓圈表示文件,方式 fd仁open( ”(9)/f2 , o_RDON

6、LY);方式 fd仁open( /A2/C3/f2 , o_RDONLY);那么，采用方式的工作效率比方式的工作效率高。/C1C2C3(8) A .根目錄中文件f1與子目錄C1、C2和C3中文件f1相同B .子目錄C1中文件f2與子目錄C3中文件f2是相同的C .子目錄C1中文件f2與子目錄C3中文件f2是不同的D .子目錄C1中文件f2與子目錄C3中文件f2可能相同也可能不相同(9) A . /A2/C3B . A2/C3C. C3D. f2試題解析：常識。答案：(8) D , (9) C依據我國著作權法的規定，(10)屬于著作人身權。(10) A .發行權B .復制權C .署名權D.信息網

7、絡傳播權試題解析：常識。答案：C E1載波把32個信道按(11)方式復用在一條 2.048Mb/s的高速信道上，每條話音信道的數據速率是(12)。(11) A .時分多路B .空分多路C .波分多路(12) A. 56kb/sC. 128kb/s試題解析：E載波和T載波都是采用時分多路復用技術( 現代電信技術中，每條話音信道的數據速率是答案：(11)A，( 12)BD.頻分多路B. 64kb/sD. 512kb/sTDM )的典型通信機制。64kb/s。+0+0下圖的兩種編碼方案分別是 (13 )(13) A 差分曼徹斯特編碼，雙相碼B .NRZ編碼，差分曼徹斯特編碼C .NRZ-I編碼，曼徹

8、斯特編碼D 極性碼，雙極性碼試題解析：在NRZ-I編碼方式中，信號電平的一次反轉代表比特1，沒有電平變化代表比特 0。例如：h 10 01 011 0d1ia111i1104 q RJi111i1l i iI i時間曼徹斯特編碼在每個比特間隙中間的電平跳變來同時代表比特位和同步信息。負電平到0。(反過來表示也可以,正電平的跳變代表比特 1，而正電平到負電平的跳變則代表比特 只要通訊雙方采用相同的表示法即可)。例如：時間答案：C假設模擬信號的最高頻率為5MHz，采樣頻率必須大于(14)，才能使得到的樣本信號不失真，如果每個樣本量化為256個等級，則傳輸的數據速率是(15)(14) A. 5MHz

9、B . 10MHzC. 15MHzD. 20MHz(15) A. 10Mb/sB . 50Mb/sC. 80Mb/sD. 100Mb/s試題解析：尼奎斯特證明：當采樣頻率大于等于模擬信號最高頻分量頻率的兩倍時，所得的離散信號可以無失真地還原被采樣的模擬信號。當模擬信號的最高頻率為 5MHz，采樣頻率必須大于 10MHz。256個等級需要用 8位來存儲(28=256 ) , 10M X 8=80Mb/s。 答案：(14) B , (15 ) C在異步通信中，每個字符包含1位起始位、7位數據位、1位奇偶位和2位終止位， 若每秒鐘傳送100個字符，采用4相位調制，則碼元速率為(16)，有效數據速率為

10、(17 )。(16) A. 50 波特B .B .500波特700b/sC. 550波特C. 770b/sD.D.1100波特1100b/s(17) A.500b/s試題解析：4相位調制每次信號變換可以傳輸log24=2個比特，因此碼元速率為(1+7+1+2 ) X100十2=550波特。有效數據數率當然是 7 X 100=700b/s 了。答案：(16) C, (17 ) B設信道帶寬為3400Hz，調制為4種不同的碼元，根據Nyquist定理，理想信道的數據速率為(18)。(18) A. 3.4Kb/sB . 6.8Kb/sC. 13.6Kb/s D. 34Kb/s試題解析：4種不同的碼元可以分別用于表示 00、01、10和11，也就是說每次信號變換就傳輸2個比特。因此數據速率為3400 X 2=6.8Kb/s。答案：C采用CRC校驗的生成多項式為 G(x)=x16+x15+x2+1，它產生的校驗碼是 (19)位。(19) A. 2B . 4C. 16D. 3