1、1.2.3.4.2018年四川省南充市高考物理零診試卷單選題（本大題共4小題）有下列幾種情景，請根據所學知識選擇對情景的分析和判斷正確的說法（?）A.電子繞原子核旋轉，同時在自轉，由于電子很小，故研究電子的自轉時，可將其看作 質點B.高速飛行的子彈因為速度很快，所以慣性很大C.點火后即將升空的火箭，因火箭還沒運動，所以加速度一定為零D.馬拉車向前加速運動時，馬對車的拉力與車對馬的拉力大小相等，方向相反一艘船過河，船相對靜止的河水的速度大小恒定，當船頭垂直于河岸過河時，過河的時間為？3,位移為？&當水流速度增大時（?）A. ?一定不變B. ?2一定變大C. ?3 一定不變 D. ?3一定

2、變小一豎直倒立的圓錐筒，筒側壁傾斜角度 ？不變.一小球在的內壁做勻速圓周運動，球與筒內壁的摩擦可忽略，小球距離地面的高度為 H,則下列說法中正確的是 （?）A. H越小，小球對側壁的壓力越大B. H越大，小球做圓周運動的線速度越大C. H越小，小球做圓周運動的向心力越小D. H越大，小球做圓周運動的周期越小相同的雞蛋從同樣的高度自由下落，落在水泥地面上雞蛋易碎，落在海綿墊子上雞蛋不易碎.若不考慮反彈，則兩種情況相比較，下列說法中正確的是（?）-可編輯修改-A.雞蛋與水泥地面接觸的過程中動量變化較大B.落在海綿墊子上雞蛋所受合外力的沖量較小C.兩次接觸的過程中雞蛋的動量變化相同D.兩次接觸的過程

3、中雞蛋的動量變化率相同二、多選題（本大題共5小題）5 .如圖所示，在粗糙水平地面上放一質量為M的斜面，質量為m的木塊沿斜面勻速下滑,此過程中斜面保持靜止，重力加速度為 g,則（?）A.地面對斜面沒有摩擦力B.地面對斜面有水平向右的摩擦力C.地面對斜面的支持力小于（？?+ ?D.地面對斜面的支持力等于（？?+ ?6 .在地球赤道上有一物體 A隨地球自轉做勻速圓周運動，繞地球做勻速圓周運動的某一顆同 步衛星為B,下列說法正確的是（?）A.物體A的角速度等于衛星B的角速度B.物體A的線速度大于衛星B的線速度C.衛星B可能位于北京的上空D.物體A的線速度小于第一宇宙速度7.如圖所示，傾角？?= 37的

4、傳動帶以10?7?勺恒定速率沿逆時針方向運行，傳送帶的上、下兩端相距16?.?= 0時，將質量？?= 1?物體（可視為質點）輕放在傳送帶上端，物體 與傳送帶之間的動摩擦因數?= 0.5,（設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，？?= 10?/2, sin37 = 0.6, cos37 = 0.8）.則（?）A. ?= 0.8?寸物體的力口速度大小為10?7?3B.物體離開的傳送帶時的速率為10?7?C.物體離開的傳送帶時的速率為12?D.摩擦力對物體做的總功為-24?8.如圖所示，輕質彈簧的一端與固定的豎直板 P拴接，另一端與物體A相連，物體A靜止 于光滑水平桌面上，右端接一細線，細線繞過光滑的輕質定

5、滑輪與物體 B相連.開始時用手 托住B,讓細線恰好伸直，然后由靜止釋放B,直至B獲得最大速度.下列如史正 有關該過程的分析不正確的是(?)山A. B物體的機械能一直增大-B. B物體的動能的增加量等于它所受重力與拉力做的功之和C. B物體機械能的減少量大于彈簧的彈性勢能的增加量D.細線拉力對A物體做的功等于彈簧彈性勢能的增加量9.下列說法中正確的是(?)A.做簡諧運動的質點，離開平衡位置的位移相同時，加速度也相同B.做簡諧運動的質點，經過四分之一周期，所通過的路程一定是一倍振幅C.根據麥克斯電磁場理論可知，變化的磁場可以產生電場，變化的電場可以產生磁場D.雙縫干涉實驗中，若只減小雙縫到光屏間的

6、距離，兩相鄰亮條紋間距離將變大E.聲波從空氣傳入水中時頻率不變，波長變長三、實驗題探究題(本大題共 2小題)10.某同學利用如圖甲所示的實驗裝置測定鐵塊與木板之間的動摩擦因素，實驗步驟如下：A .將斜槽軌道的末端調整水平B.使木板緊靠槽口末端。點，其上表面與槽口在同一水平面上C.使鐵塊從斜槽上緊靠擋板處由靜止釋放，鐵塊最終停在木板上的B點，測出OB間的距離LD.去掉木板，再使鐵塊從斜槽上緊靠擋板處由靜止釋放，測出鐵塊做平拋運動的水平位移X和槽口離地面的高度hE.改變擋板的位置，以獲取多組 L、X數據(1)本實驗中，斜槽表面粗糙對實驗結果是否有影響？ 否”)(2)該同學根據測得的數據，作出？孑-

7、1圖象如圖乙所示，如果圖象的斜率為 k,則鐵塊與木板間的動摩擦因素？?=L11.摩擦力.用如圖(甲)所示的實驗裝置來驗證牛頓第二定律，為消除摩擦力的影響，實驗前必須平衡(1)某同學平衡摩擦力時是這樣操作的：將小車靜止地放在水平長木板上，把木板不帶滑 輪的一端慢慢墊高，如圖(乙)，直到小車由靜止開始沿木板向下滑動為止.請問這位同學的 操作是否正確？如果不正確，應當如何進行？答： L(2)如果這位同學先如(1)中的操作，然后不斷改變對小車的拉力F,他得到？?小車質量)保 持不變情況下的？?- ?S線是圖中的 (將選項代號的字母填在橫線上).(3)打點計時器使用的交流電頻率？?= 50?不圖是某同學

8、在正確操作下獲得的一條紙帶,A、B、C、D、E每兩點之間還有4個點沒有標出.寫出用？、？、2%、?2以及f來表示小車加速度的計算式：？=？丸結果保留兩位有效數字).12 .水平面上靜止著兩個大小可忽略的物塊 A和？，好量是B的3倍，B與水平面之間的動摩擦因數？= 0.3, ？水平面之間無摩擦力 現名& A 一水平向右的速度2？ = 5？7？ , ？B兩物體發生彈性碰撞，取？= 10？?？.求：(1)兩物塊第一次相碰后的速度？4 B(2)經過多長時間再次碰撞？13 .如圖為某種魚餌自動投放器中的投餌裝置示意圖，其上半部BC是半徑為R的四分之一圓弧彎管，管口與水平方向垂直，下半部AB是一長

9、為2R的豎直細管，AB管內有一原長為R、下端固定的輕質彈簧.投餌時，每次總將彈簧長度壓縮到05?而鎖定，在彈簧上端投放一粒魚餌，解除鎖定，彈簧可將魚餌彈射出去.設質量為m的魚餌到達管口 C時，對管3壁下側的壓力為4?不計魚餌在運動過程中的機械能損失， 且假設鎖定和解除鎖定時，均不改變彈簧的彈性勢能.已知重力加速度為？俅：(1)質量為m的魚餌到達管口 C時的速度大小？；(2)彈簧壓縮到0.5?寸的彈，卜t勢能？加 °(3)已知地面與水面相距1.5?,若使該投餌器繞AB管的中軸線？?在180角的范圍內來回緩慢轉動，每次彈射時只投放一粒魚餌，魚餌的質量在7?割m之間變化，且均能落到水面.持

10、續投放足夠長時間后，魚餌能夠落在水面的最大面積S是多少？14.水平放置的三棱鏡截面如圖所示，/?= 904?= 60? 10?”束豎直向下的光束從AB邊中點D入射，折射光經過三棱鏡BC邊反射后，從AC邊上的E點垂直射出.已知真空中的光速？?= 3 X108?求：三棱鏡的折射率；光在三棱鏡中從D到E所用的時間.答案和解析【答案】1. D 2. A 3. B 4. C 5. AD 6. AD 7. ACD8. AD 9. ACE.?10.否；行11.該同學的操作不正確，正確的操作應該為給小車一個初速度，小車能夠帶動紙帶勻速下滑;C；(?3+ ?2?2 ?)?.1000.6012.解：(1)?生彈性

11、正碰，碰撞過程系統動量守恒、機械能守恒，以向右為正方向，由動量守恒定律得:? = ?+ ?由能量守恒定律得：1 ?/?! = 1 ?!?+ 1 ?H?,由題意可知：？?= 3?解得：？?= 2.5?, 除 7.5?(2)第一次相碰后，A做勻速直線運動，B做勻減速直線運動，B的加速度大小為:_ _? 2?= -7?-= ? 0.3 X10 = 3?J?3?，從碰后到B停下來所用時間為:?7 5?= ?= 3 = 2.5?從碰后到B停下來運動距離為:?*7. 52?= 2?= = = 9.375?，這段時間A運動的距離為:?= ?= 2.5 X2.5 = 6.25?,所以碰后A再追上B發生碰撞所用

12、的時間為:?9.375?=?= 92r =3.75?；答：(1)兩物塊第一次相碰后的速度分別為：2.5?2 7.5?7?(2)經過3.75?H次碰撞.13.解：(1)魚餌過C點時，由牛頓第二定律得:? 3?4?，解得:一V? ? -2-；(2)由能量守恒定律得：？? ?(2?+ 0.5? + ；?,解得：？?= 2.625?(3)從管口到水面的時間：?= 451? 3 空 ?3魚餌的質量為 m時：？ ？ ？? 2?魚餌的質量為8?寸，根據動能定理得：?- 7?(2?+ 0.5? ? 1?8?磔，解得：？ ?即?水平位移：？2 ? ? ? 3?,5又：？?+ ?= -? , 2? ? + ?=

13、4?,面積：?= 1?7?1 ?，),解得：？?誓?= 4.875?；答：(1)質量為m的魚餌到達管口 C時的速度大小？為年?(2)彈簧壓縮到0.5?寸的彈性勢能？?為2.625?(3)魚餌能夠落在水面的最大面積14.解：作出光路圖如圖所示, ° 。60 , ?= ?= 30 .由折射定律得三棱鏡的折射率為:S 是4.875?.根據幾何知識得：? /?一一 一一。sin ? sin 60?=瓷sin ? sin 30?光在二棱鏡中速度為：？? ?1.由幾何關系得：？?= -? 5? (? ?sin30 = 7.5?X10- 10?故光在三棱鏡中從D到E所用的時間為：?= ?- 253

14、答：三棱鏡的折射率為百； 光在三棱鏡中從D到E所用的時間為253X10-10?6【解析】1 .解：A、電子繞原子核旋轉，同時在自轉，電子很小，但在研究電子的自轉時，不能把電子看作質點，故A錯誤；B、質量是慣性大小的唯一量度，與物體的速度大小無關 .故B錯誤；C、點火后即將升空的火箭，雖然火箭還沒運動，速度等于0,但加速度不等于零.故C錯誤;D、馬拉車加速前進時，馬對車的拉力和車對馬的拉力是一對作用力與反作用力，根據牛頓第三定律，馬對車的拉力等于車對馬的拉力.故D正確.故選：D當物體的形狀、大小對所研究的問題沒有影響時， 我們就可以把它看成質點，根據把物體看成 質點的條件來判斷即可.物體總有保持

15、原有運動狀態不變的性質，這種性質叫做慣性，質量是慣性大小的唯一量度；即將升空的火箭，速度等于0,但加速度不等于零；作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，作用在兩個物體上，力的性質 相同.考查學生對質點、慣性、作用力與反作用力等概念的理解，關鍵是知道物體能看成質點時的條件，看物體的大小體積對所研究的問題是否產生影響，物體的大小體積能否忽略.2 .解：A、B、當靜水速與河岸垂直，渡河時間最短，水流速度增大，不影響垂直于河岸方向上的速度，所以渡河的最短時間不變.故A正確，B錯誤.C、D、當靜水速大于水流速，合速度方向與河岸垂直渡河位移最短，等于河寬.當靜水速小于水流速，合速度的方向

16、與靜水速的方向垂直時， 渡河位移最短，此時渡河的最小位移大于河寬 .故C、D錯誤.當靜水速的方向與河岸垂直時，渡河時間最短.當靜水速大于水流速，合速度方向與河岸垂直 渡河位移最短，當靜水速小于水流速，合速度的方向與靜水速的方向垂直時，渡河位移最短.解決本題的關鍵知道合運動與分運動具有等時性，各分運動具有獨立性，互不干擾.3 .解：A、側壁對小球的支持力？?二 W爾變，則小球對側壁的壓力不變.故A cos ?錯誤.作出力圖如圖，則向心力為:B、小球做勻速圓周運動，由重力mg和支持力F的合力提供圓周運動的向心力， ?= ?tan ? , ?，型?，向心力大小不變.根據v越大.故B正確，C錯誤.r越

17、大，T越大，故D錯誤牛頓第二定律得？?=?在，？越高，r越大,?不變，則 ?D、根據？?tan?=”?，解得？?=嫩叱?，則知H越高, ?一？?an ?故選：B 小球做勻速圓周運動，提供圓周運動的向心力是重力 mg和支持力F的合力，作出力圖，得出向心力大小不變.？融高，圓周運動的半徑越大，由向心力公式分析周期、線速度大小本題考查應用物理規律分析實際問題的能力， 此題是圓錐擺模型，關鍵是分析物體的受力情況，抓住不變量進行研究4 .解：AC、雞蛋從同一高度掉下，與水泥地和海綿墊接觸前瞬間速度相同，動量相同，最終動量都變為零，可知動量變化量相同，故 A錯誤，C正確.B、根據動量定理知，動量變化量相同

18、，所以雞蛋所受合外力的沖量相等，故 B錯誤.D、根據動量定理知，動量變化量相同，落在石塊上作用的時間短，則動量變化率大些，故 D 錯誤.故選：C雞蛋從同一高度掉下，落在水泥地上，雞蛋與水泥地作用時間短，而落在海綿墊上，雞蛋與海 綿墊作用時間長，根據速度關系，分析動量和動量變化的關系，根據動量定理分析雞蛋所受沖 量關系和沖力的關系.本題應用動量定理分析生活現象，要抓住相等的條件進行分析.常見問題，比較簡單.5 .解：以整體為研究對象，分析受力情況：總重力（？?+ ?地面的支持力N,靜摩擦力（可 能為零）.則由平衡條件可知：豎直方向：？?= （?+ ?水平方向：？?= 0;故AD正確，BC錯誤.故

19、選：AD本題中物體沿斜面勻速下滑，合力為零，斜面保持靜止，合力也為零，可以以整體為研究對象， 分析受力，根據平衡條件求解地面對斜面的支持力和摩擦力.本題的關鍵是采用整體法.當兩個物體的加速度都為零，可以運用整體法研究，比較簡便.6 .解：A、同步衛星的周期等于地球自轉周期，由此可知，A、B做圓周運動的周期相等，角速度：？?=箓 由于周期T相等，則角速度？刖等，故A正確；B、線速度：？?=?由于A、B的角速度？孤目等而A做圓周運動的半徑小于B的半徑，因此A的線速度小于B的線速度，故B錯誤；C、同步衛星位于赤道平面內，北京不在赤道上，因此衛星B不可能位于北京上空，故C錯誤； D、萬有引力提供向心力

20、，由牛頓第二定律得： 2蹴? ?礙，解彳導:?= 嗎?由于同步衛星 的軌道半徑大于地球半徑，則同步衛星的線速度小于第一宇宙速度，又因為 A的線速度小于同步衛星B的線速度，因此A的線速度小于第一宇宙速度，故 D正確；故選：AD.同步衛星繞地球做圓周運動的周期等于地球自轉周期，根據角速度、線速度與周期的關系分析判斷A、B周期與線速度的關系；同步衛星位于赤道平面內；萬有引力提供向心力，應用萬有引力公式與牛頓第二定律求出線速 度，然后分析答題.本題考查了萬有引力定律的應用，知道同步衛星的周期等于地球自轉周期、知道同步衛星位移赤道平面內、萬有引力提供衛星做圓周運動的向心力是解題的前提與關鍵，應用線速度、

21、角速度與周期的關系、應用牛頓第二定律即可解題.7 .解：A、物體與傳送帶之間的最大靜摩擦力若等于滑動摩擦力，則有：一一_ ° .?= ?= ?C0s37 = 0.5 X1 X10 X0.8 = 4?而重力沿斜面向下的分力為：一 ?= ?n 37 = 1 X10 X0.6 = 6?物體開始速度為零，所受摩擦力沿傳送帶向下，所以物體的加速度為為：? = ?二?除?二 ?公小37 + ?2os37 ) = 10?Z?H,方向沿傳送帶向下. ?10經過時間？=荷=10= 1?,物體與皮帶速度相同.因止匕0.8?寸的力口速度為10?7?2 方向沿傳 :110送帶向下.故A正確；121B、此過程

22、物體下滑位移為：？ = 2?彳=-X10 X1?= 5?;- °然后物體所受滑動摩擦力向上，摩擦力的大小仍然是4N,此時將以？= ?sin37 -?2os37 ) = 10 X (0.6 + 0.5 X0.8) = 2?3的加速度加速下滑;設經時間？到達底端，所以有：? = 16 - ? = ?+ ；?代入數據解得：?= 1?物體到達B點時的速度大小為：? = ?+ ?= 10 + 2 X1(?= 12?縱B錯誤，C正確；D、物體向下運動的過程中傳送帶對物體做d的功為：？?= ?1?- ?2?= 4 X5- 4 X(16 -5) = - 24?.故 D 正確故選： ACD物體無初速放

23、上傳送帶， 開始階段物體受到的滑動摩擦力沿傳送帶向下， 物體勻加速向下運動，根據牛頓第二定律求得加速度，由速度公式求解速度傳送帶相同所經歷的時間.當物體的速度 0 ° 與傳送帶時，由于?s?in37 ° > ?c?os 37 ° ，物體繼續做勻加速直線運動，由位移公式求出第一個勻加速運動的位移， 得到第二個勻加速運動的位移， 再由位移公式求解時間， 物體與傳送帶速度相等后做勻加速運動，由?=？?+ ?2?2求解物體到達B點時的速度大小.由功的公式即可求出傳送帶對物體做的功本題關鍵是受力分析后， 根據牛頓第二定律求解出加速度， 然后根據運動學公式列式求解運動規

24、律，再根據功的公式即可求得功的大小8 . 解： A 、從開始到 B 速度達到最大的過程中，繩子的拉力對B 一直做負功，所以 B 的機械能一直減小，故A 錯誤；B、對于B物體，只有重力與細線拉力做功，根據動能定理可知，B物體動能的增量等于它所受重力與拉力做功之和，故B 正確；C、整個系統中，根據功能關系可知，B減小的機械能能轉化為A的機械能以及彈簧的彈性勢能，故 B 物體機械能的減少量大于彈簧彈性勢能的增加量，故C 正確；D 、根據功能關系，系統機械能的增量等于系統除重力和彈簧彈力之外的力所做的功，細線拉力對 A 做的功等于 A 物體與彈簧所組成的系統機械能的增加量，故D 錯誤本題選不正確的，故

25、選： AD 本題首先要分析清楚過程中物體受力的變化情況，清理各個力做功情況；根據功能關系明確系統動能、B重力勢能、彈簧彈性勢能等能量的變化情況，注意各種功能關系的應用.正確受力分析，明確各種功能關系，是解答這類問題的關鍵，這類問題對于提高學生的分析綜 合能力起著很重要的作用.9 .解：A、做簡諧運動的質點，離開平衡位置的位移相同時，由牛頓第二定律得：？?二-三?所以加速度也相同，故 A正確；B、做簡諧運動的質點，經過四分之一個周期，所通過的路程不一定是一倍振幅，還與起點的位置有關.故B錯誤；C、麥克斯韋的電磁場理論中，變化的磁場一定產生電場，變化的電場產生磁場.其中均勻變化的磁場一定產生穩定的

26、電場，均勻變化的電場可以產生穩定的磁場.故C正確；D、雙縫干涉實驗中，若只是減小雙縫到光屏間的距離，根據干涉條紋間距公式?= ?同種色光干涉條紋的相鄰條紋間距減小.故D錯誤；E、聲波從空氣傳入水中時頻率不變，傳播的速度增大，所以根據 ？?= ?時知波長變長.故E 正確故選：ACE.做簡諧運動的物體每經過同一位置時，偏離平衡位置的位移一定相同，則受到的回復力以及加速度都相同；質點經過四分之一個周期，所通過的路程不一定是一倍振幅，還與起點的位置有關；麥克斯韋的電磁場理論中變化的磁場一定產生電場，當中的變化有均勻變化與周期性變化之分； .?根據干涉條紋間距公式?= ?盼析條紋間距的變化；聲波從空氣傳

27、入水中時頻率不變，傳播的速度增大，然后根據？?= ?否析即可.該題考查的知識點比較多，其中容易錯誤的地方是對麥克斯韋電場理論的理解：均勻變化的磁場一定產生穩定的電場，而非均勻變化的磁場產生非均勻變化的電場.10 .解：（1）斜槽表面粗糙對鐵塊滑上木板的速度與平拋的初速度相等無影響，故對實驗結果是無影響（2）物體從O點作平拋運動，則？ = 2?, ? ?解得？?= ?碎若在木板上滑動，根據動能定理可知-?0- ；?,解得？= 4?余率？?= 4?,一 ?解得？?= 4?故答案為：（?？否（2）不本實驗中的注意事項，使鐵塊從斜槽上緊靠擋板處由靜止釋放的目的是，使鐵塊滑上木板的速度與平拋的初速度相等

28、，根據動能定理即可求得 ？3與L的關系，斜率為k;誤差分析，斜槽表面粗糙對鐵塊滑上木板的速度與平拋的初速度相等無影響考查了把握實驗注意事項，誤差分析的綜合能力，關鍵掌握實驗目的，原理11 .解：（1）小車由靜止下滑，說明重力沿斜面的分力大于摩擦力，因此平衡過度，所以該同學的操作不正確，正確的操作應該為給小車一個初速度，小車能夠帶動紙帶勻速下滑.故答案為：該同學的操作不正確，正確的操作應該為給小車一個初速度，小車能夠帶動紙帶勻速下滑.（2）如果這位同學先如（1）中的操作，導致平衡摩擦力過度，因此當小車上還沒有掛砂和砂桶時， 小車應該就已經有加速度了，故圖象 ABD錯誤，C正確.故選C.5（3）由題意可知，兩計數點之間得時間間隔為：?= -?= 0.1?,根據勻變速直線運動推論有：?多-? = 2? ?2 - ? = 2?/2?/2?=型-2即