1、(1)為使物塊不滑離木板，求力 F 應滿足的條件；若 F= 37.5 N，物塊能否滑離木板？若不能，請說明理由；若能，求岀物塊滑離木板所用的時間及滑離木板后沿 斜面上升的最大距離.2、如圖甲所示，有一塊木板靜止在足夠長的粗糙水平面上，木板質量為M=4kg,長為 L=1. 4m；木塊右端放的一小滑塊，小滑塊質量為 m=1kg，可視為質點現用水平恒力F 作用在木板 M 右端，恒力 F 取不同數值時，小滑塊和木板的加速度分別對應不同數值，兩者的a-F 圖象如圖乙所示，取 g=10m/s2求：(1) 小滑塊與木板之間的滑動摩擦因數，以及木板與地面的滑動摩擦因數.(2)若水平恒力 F=27. 8N,且始

2、終作用在木板M 上，當小滑塊 m 從木板上滑落時，經歷的時間為多長.3、如圖所示一足夠長的光滑斜面傾角為37 ,斜面AB與水平 面BC平滑連接。質量m=1 kg 可視為質點的物體置于水平面上的D點，D點距B點d=7 m,物體與水平面間的動摩擦因數為0.4。現使物體受到一水平向左的恒力F=6.5 N 作用，經時間t=2 s 后撤去該力，物體經過B點時的速率不變，重力加速度g取 10 m/s2， sin 37 =0.6，求:滑板滑塊專題練習1、如圖所示，傾角a=30的足夠長光滑斜面固定在水平面上，斜面上放一長L = 1.8 m、質量 M = 3 kg 的薄木板,木板的最上端疊放一質量n= 1 kg

3、 的小物塊，物塊與木板間的動摩擦因數卩=2 .對木板施加沿斜面向上的恒力F,使木板沿斜面由靜止開始做勻加速直線運動設物塊與木板間最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，取重力加速度m/s “.g= 10IfnI*1 1（1 ）撤去拉力F后，物體經過多長時間經過B點?（2 ）物體最后停下的位置距 B 點多遠？4、如圖（a）所示，在足夠長的光滑水平面上，放置一長為L=1m 質量為 m=0.5kg 的木板 A, 質量為 m=1kg 的物體 B 以初速度 vo滑上木板 A 上表面的同時對木板 A 施加一個水平向右的力F, A 與 B 之間的動摩擦因數為卩=0.2 ,g=10m/s2，物體 B 在木板 A 上運動的

4、路程 s 與力 F 的關系如圖（b）所示.求 vo、Fi、F2.5、如圖所示，質量為M 的長木板，靜止放置在粗糙水平地面上，有一個質量為m 可視為質點的物塊，以某一水平初速度從左端沖上木板從物塊沖上木板到物塊和木板達到共同速度的過程中，物塊和木板的v -t 圖象分別如圖中的折線 acd 和 bcd 所示，a、b、c、d 點的坐標為 a （0，10）、b （0，0）、c （4，4）、d （12，0）.根據 v - t 圖象, 求：（1）物塊沖上木板做勻減速直線運動的加速度大小ai，木板開始做勻加速直線運動的加速度大小為a2，達相同速度后一起勻減速直線運動的加速度大小為a3；（2 ）物塊質量 m

5、與長木板質量 M 之比；（3）物塊相對長木板滑行的距離s .6、質量為 10kg 的物體在 F=200N 的水平推力作用下，從粗糙斜面的底端由靜止開始沿斜面運動，斜面固定不動，與水平地面的夾角e=37 .力 F 作用 2 秒鐘后撤去，物體在斜面上繼續上滑了1.25 秒鐘后，速度減為零求：物體與斜面間的動摩擦因數卩和物體的總位移S. （已知 sin37 =0.6， cos37 =0.8， g=10m/s2）27、質量為 m 的物體 A 放在傾角為e=37的斜面上時，恰好能勻速下滑現用細線系住物體A,并平行于斜面向上繞過光滑的定滑輪，另一端系住物體B,物體 A 恰好能沿斜面勻速上滑求物體B 的質量

6、.8、如圖，質量 m=2kg 的物體靜止于水平地面的A 處，A B 間距 L=20m.用大小為 30N,沿水平方向的外力拉此物體,經 to=2s 拉至 B 處.(已知 cos37 =0.8， sin37 =0.6 .取 g=10m/s2)(1) 求物體與地面間的動摩擦因數卩;(2 )用大小為 30N,與水平方向成 37 的力斜向上拉此物體，使物體從 作用的最短時間 t .9、如圖所示，用一塊長 Li=1.0m 的木板在墻和桌面間架設斜面， 桌子高e可在 o60間調節后固定， 物塊與桌面間的動摩擦因數為卩 擦力等于滑動摩擦力) 求e角增大到多少時，物塊能從斜面開始下滑(用正切值表示) 當e角增大

7、到 37時，物塊恰能停在桌面邊緣，求物塊與桌面間的動摩擦因數卩繼續增大e角，發現e增大到某值時物塊落地點與墻面的距離最大，求此時的角度值以及最大距離.10、如圖所示，質量為 m=2kg 的物體在傾角為e=30 的斜面上隨著斜面一起沿著水平面以恒定水平加速度 加速運動，運動過程中物體和斜面始終保持相對靜止，求物體受到的支持力和摩擦力.(g=10m/s2)A 處由靜止開始運動并能到達B 處，求該力H=0.8m，長 L2=1.5m，斜面與水平桌面的傾角 將質量 m=0.2kg 的小物塊從斜面頂端靜止釋放，物塊與斜面間的動摩擦因數卩1=0.05，(1)(2)(3)a=2m/s11、如圖所示，在光滑的水

8、平面上停放著小車B,車上左端有一小物體A, A和B之間的接觸面前一段光滑，后一段粗糙，且后一段的動摩擦因數X ，小車長1-2，A的質量用丿：，B的質量擰 2，現用匚打的水平力F向左拉動小車，當A到達B的最右端時，兩者速度恰好相等， 求A和B間光滑部分的長度)o12、如圖所示，一質量M=2kg 的木楔靜置于粗糙的水平地面上，木楔與物塊間的動摩擦因數卩=0.2 木楔的傾角0=37 ，有一質量 m=1.0kg 的物塊由靜止開始沿斜面下滑，當滑行路程s=2m 時，求：(1)物塊的速度為多少？(2)在這個過程中木楔沒有移動，求地面對木楔的摩擦力的大小和方向(g=10m/s2, sin37 =0.6，si

9、n53 =0.8 )13、如圖所示，一質量為nB= 2 kg 的木板B靜止在光滑的水平面上，其右端上表面緊靠一固定斜面軌道的底端(斜面底端與木板B右端的上表面之間有一段小圓弧平滑連接)，軌道與水平面的夾角0 = 37 . 一質量也為nA= 2 kg 的物塊A由斜面軌道上距軌道底端xo= 8 m 處靜止釋放，物塊A剛好沒有從木板B的左端滑岀已知物塊A與斜面軌道間的動摩擦因數為1= 0.25，與木板B上表面間的動摩擦因數為2= 0.2，sin 0 = 0.6，cos 0 = 0.8，g取 10 m/s2,物塊A可看作質點.請問：(1)物塊A剛滑上木板B時的速度為多大？物塊A從剛滑上木板B到相對木板

10、B靜止共經歷了多長時間？木板B有多長？14、下暴雨時，有時會發生山體滑坡或泥石流等地質災害。某地有一傾角為0 = 37 (sin 37=匚)的山坡 C,上面有一質量為m的石板B,其上下表面與斜坡平行；B上有一碎石堆A(含有大量泥土)，A和B均處于靜止狀態，如圖 5所示。假設某次暴雨中，A浸透雨水后總質量也為m可視為質量不變的滑塊)，在極短時間內，A B間的動摩擦因數3卩i減小為；-；,B C間的動摩擦因數卩2減小為 0.5,A、B開始運動，此時刻為計時起點；在第 2 s 末，B的上表面突然變為光滑，卩2保持不變。已知A開始運動時，A離B下邊緣的距離I= 27 m,C足夠長，設最大靜摩擦力等于滑

11、動 摩擦力。取重力加速度大小g= 10 m/s2。求：(1)在 02 s 時間內A和B加速度的大小;A在B上總的運動時間。15、21.如圖所示，光滑水平地面上有一質量為2m,長為L=1.6m 的木板，質量為m可視為質點的物塊以v=3m/s的水平初速度沖上木板，距木板前方s= 0.6m 處有傾角為 0=37的固定斜面，物塊與木板達到共速后木板與斜面碰撞并粘連，斜面足夠長且左端和木板B 端等高，已知物塊與木板間動摩擦因數卩1= 0.2，物塊與斜面間動摩擦因數卩2= 0.5(sin37 =0.6，cos37 =0.8，g=10m/s2)(1)求物塊沖上木板后物塊和木板的加速度；(2 )求碰撞前物塊和

12、木板達到的共同速度v;(3 )不計物體經過木板與斜面交界時的能量損失，求物塊最終停下的位置。16、如圖所示為一足夠長斜面，其傾角為0=37，一質量m=10 kg 物體，在斜面底部受到一個沿斜面向上的 F=100 N 的力作用由靜止開始運動，物體在 2 s 內位移為 4 m，2 s 末撤去力 F, (sin 37 = 0.6，cos 37 = 0.8，g =10 m/s2)求：(1)物體與斜面間的動摩擦因數卩；從撤掉力 F 開始 1.5 s 末物體的速度 v;(3)從靜止開始 4 s 內物體的位移和路程.17、如圖，質量m=2 kg 的物體靜止于水平地面的A 處，A、B 間距L=20 m。用大小

13、為 30 N，沿水平方向的外力拉此物體，經to=2 s 拉至 B 處。(sin37 o=0.6， cos37 o=0.8， g 取 10 m/s (1) 求物體與地面間的動摩擦因數卩；(2) 用大小為 20 N,與水平方向成 53的力斜向上拉此物體，使物體從A 處由靜止開始運動并能到達B 處，求該力作用的最短時間t。18、如圖甲所示，質量 m= 2 kg 的物體在水平面上向右做直線運動過a 點時給物體作用一個水平向左的恒力F 并開始計時，選水平向右為速度的正方向，通過速度傳感器測岀物體的瞬時速度，所得v- t 圖象如圖乙所示取重力加速度為 g= 10 m/s2.求：(1) 物體在 04 s 內

14、和 410 s 內的加速度的大小和方向.(2) 力 F 的大小和物體與水平面間的動摩擦因數卩.(3)10 s 末物體離 a 點的距離.19、如圖所示，一質量M=50kg、長L=3m 的平板車靜止在光滑的水平地面上，平板車上表面距地面的高度h=1.8m。一質量n=10kg 可視為質點的滑塊，以 w=7.5m/s 的初速度從左端滑上平板車，滑塊與平板車間的動摩擦因數卩=0.5，2取g=10m/s。(1)分別求出滑塊在平板車上滑行時，滑塊與平板車的加速度大小；(2)判斷滑塊能否從平板車的右端滑出。若能，求滑塊落地時與平板車右端間的水平距離；若不能，試確定滑塊最終相對于平板車靜止時與平板車右端的距離。

15、L._ /_ J.Th i0 0777777777777777777777777777710 s 后撤去拉力 F,求物體再過15 s 離 a 點的距離.加.屮20、如圖所示，兩木板 A B 并排放在地面上，小滑塊以水平速度v0=3m/s 從 A 左端滑上木板 A.已知木板 A 的長度l=1m，木板 B 足夠長，木板 A 的質量 mA=3Kg 小滑塊及木板 B 的質量均為 m=1Kg 小滑塊與木板 A B 間的動摩擦因 數均為卩 1=0.4，木板 A、B 與地面間的動摩擦因數均為卩 2=0.1，取 g=10m/s2 .求：(1)小滑塊在木板 A 上運動的加速度大小;(2)小滑塊在木板 A 上運動

16、的時間；(3)木板 B 獲得的最大速度.21、如圖所示，質量為 m=1kg 的物塊，放置在質量 M=2kg 足夠長木板的中間，物塊與木板間的動摩擦因數為0.1，木板放置在光滑的水平地面上在地面上方存在兩個作用區，兩作用區的寬度均為L=1m,邊界距離為 d，作用區只對物塊有力的作用：I 作用區對物塊作用力方向水平向右，II 作用區對物塊作用力方向水平向左.作用力大小均為 3N.將物塊與木板從圖示位置 (物塊在 I 作用區內的最左邊)由靜止釋放，已知在整個過程中物塊不會滑離木板.取 g=10m/s2.- ;I I I(1)在物塊剛離開 I 區域時，物塊的速度多大?(2)若物塊剛進入 II 區域時，

17、物塊與木板的速度剛好相同，求兩作用區的邊界距離d;(3) 物塊與木板最終停止運動時，求它們相對滑動的路程22、一平臺的局部如圖甲所示， 水平面為光滑，豎直面為粗糙，右角上固定一定滑輪， 在水平面上放著一質量 m=2.0kg , 厚度可忽略不計的薄板 A,薄板 A 長度 L=1.5m，在板 A 上疊放著質量 m=1.0kg，大小可忽略的物塊 B,物塊 B 與板 A之間的動摩擦因數為卩 =0.6，一輕繩繞過定滑輪，輕繩左端系在物塊B 上，右端系住物塊 C,物塊 C 剛好可與豎直面接觸起始時令各物體都處于靜止狀態，繩被拉直，物塊B 位于板 A 的左端點，然后放手，設板 A 的右端距滑輪足夠遠，臺面足

18、夠高，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，忽略滑輪質量及其與軸之間的摩擦，g 取 10m/s1 2 3，求1若物塊 C 質量 m=1.0kg，推理判斷板 A 和物塊 B 在放手后是否保持相對靜止；2若物塊 C 質量 m =3.0kg，從放手開始計時，經過去 =2.0s，物塊 C 下降的高度；3 若物塊 C 質量 m=1.0kg，固定住物塊 B,物塊 C 靜止，現剪斷輕繩，同時也對物塊C 施加力 F,方向水平向左,大小隨時間變化如圖乙所示，斷繩時刻開始計時，經過t =2.0s，物塊 C 恰好停止運動，求物塊 C 與豎直面之間的動摩擦因數和此過程中的最大速度.高一資料介紹高一上期中考部分1.2017201

19、8學年高一第一學期期中質量檢測（物理）2.20172018學年高一第一學期期中質量檢測（語文）3.20172018學年高一第一學期期中質量檢測（數學）兩份4.20172018學年高一第一學期期中質量檢測（化學）物理部分1.高 一物理運動學綜合練習-基礎2.高 一物理運動學綜合練習-提升3.高 一物理牛頓定律綜合練習-基礎4.高 一物理牛頓定律綜合練習-提升5.傳 送帶專題練習6.滑板滑塊專題練習7.彈 簧牛二連接體專題練習數學部分1.2018年數學必修二專項練習2.2018年數學必修三專項練習3.2018 年數學必修四專項練習4.2018 年數學必修一能力提高卷5.2018年數學必修一練習精選

20、高考題6.2018年數學必修四練習精選高考題高一上期末考部分1.20172018 學年高一第一學期期末質量檢測（語文）2.2017 2018 學年高一第一學期期末質量檢測（數學）必修一二3.2017 2018 學年高一第一學期期末質量檢測（數學）必修一三4.2017 2018 學年高一第一學期期末質量檢測（數學）必修一四5.20172018 學年高一第一學期期末質量檢測（英語）6.2017 2018 學年高一第一學期期末質量檢測（物理）7.20172018 學年高一第一學期期末質量檢測（化學）8.2017 2018 學年高一第一學期期末質量檢測（生物）9.2017 2018 學年高一第一學期期

21、末質量檢測（歷史）10.2017 2018 學年高一第一學期期末質量檢測（政治）11.2017 2018 學年高一第一學期期末質量檢測（地理）精選好題，歡迎下軌更多資料關注歡樂ita筲酬號滑板滑塊專題練習參考答案一、計算題1、( 1) F gsino (M+m) a對叫有f cig3uifF=maFmgxm代入數擔得：F30N30N,物塊能滑離木檢對干 有F |imgcxsa MgsinaMa i對叫有ungcosttdgdKma：設物塊滑離木板所用的時間為t由運動學公式：|“22 2代入數據得：t=l*2s物塊離開木板時的速虔v-a：t由公式：2gsiii1（ 1 分）x= - = 1.12

22、5m（2）物塊最后停 下的位置距B點（2 分）4、牛頓第二定律；勻變速直線運動的位移與時間的關系；勻變速直線運動的圖像.【分析】（1）由圖象可看岀當Fw1N 時，B物體在A板上的路程始終等于板長L,當F=1N 時，剛好不從A板右端掉 下，此后A和B一起相對靜止并加速運動，根據牛頓第二定律及運動學基本公式，抓住位移之間的關系列式，聯立方程求岀 B 在A上相對A向右運動的路程 S 與 F、vo的關系式，把 F=1N 和 S=1m 帶入即可求解；（2）當 1NFwF1時，隨著F力增大，S減小，當F=F1時，岀現S突變，說明此時A B在達到共同速度后，恰好再 次發生相對運動，B將會從A板左端掉下.對A

23、 B恰好發生相對運動時，B的加速度為a2，則整體加速度也為a?，由牛頓第二定律列式即可求解；（3）求岀此時B在A上運動的路程，當FF1時，物體B在A板上的路程為B相對A向右運動的路程的兩倍.把F=F2時，將 S=0.5S 代入 S 與 F、vo的關系式，即可求解.【解答】解：（1）由圖象可看岀當Fw1N 時，B物體在A板上的路程始終等于板長L，當F=1N 時，剛好不從A板右端掉下，此后A和B一起相對靜止并加速運動.設B物體的加速度為a2,A板的加速度為a1,分別由牛頓第二定律：杪mg=ma2F+mg=ma1設B運動的位移為S2,A運動的位移為S,經過t時間兩者速度均為v,根據運動學公式:SB=

24、_v_SA=tv=v。一a2t=aitB在A上相對A向右運動的路程S=SB-SA2S聯立解得：S=；將F=1N,S=1m 代入，解得：v=4m/s(2)根據式分析可知，當1NWF 0.05（2）克服摩擦力做功性二卩gLjeos 9+ A E 嘩（Lg -由動能定理得：-性二 0代入數據得代入數據化簡得：v=/2Osin0 +15cas9 -24冃仏皿+坊込 8 換石品認 W 其中 5Q 疇壬即 a =37當 e =53時，f 最大， 虬亦*5,離開桌面做平拋運動2 ，得 t=0.4s尺 1 二 Ujimt 二山只血 f x + L LJ. . 9m答：（1）e 角增大到 tan 0 0.05

25、時，物塊能從斜面開始下滑（用正切值表示）（2） 當 0 角增大到 37時，物塊恰能停在桌面邊緣，物塊與桌面間的動摩擦因數為 0.8（3） 繼續增大 e 角，發現 e 增大到某值時物塊落地點與墻面的距離最大，此時的角度值53以及最大距離 1.9m .【點評】本題考查動能定理及平拋運動的規律，要注意正確分析過程及受力，注意摩擦力的功應分兩段進行求解；同時掌握平拋運動的解決方法.10、牛頓第二定律.【分析】對物體受力分析，受重力、支持力和靜摩擦力，根據牛頓第二定律列式求解；對于靜摩擦力的方向，先假設 其平行斜面向上，若計算結果為負，表示與假設的方向相反.【解答】解：對物體受力分析，受重力、支持力和靜

26、摩擦力，如圖所示：（3 ）由動能定-Wf-yrev2將加速度也沿著平行斜面和垂直斜面方向正交分解，根據牛頓第二定律，有:平行斜面方向： mgsin0-f=macos0垂直斜面方向： N- mgcos0=masin0聯立解得：f=10 - 2宀6.54N答：物體受到的支持力為19.32N，摩擦力為 6.54N .N=2+119.32N【解祈】試爸分折：詐遲從幵皓運動到輸値丿剛進入小車B的相樋言盼過程中，因物體蟲在小車遲的丸滑郎分不曼犀播力作用I故物依丿處于掙止狀態設4嘩R此過程中的加速虞為 G 運功時間為小通過的位移為峙運動的逮度為中則：根按牛頓篇二這律得：Oi = 抿舞勻變速豪線運動速度rr間

27、公式得；工弘，根將位移討間公式得：碼二扌遹屮當潮*進入到4車虎的糰糧部分目 迦嘩啟的加速度対 物體川閑加速度囲兩者達到相同的速度經歷的時間為七，且共同速4 宀 s則有根據牛頓第二定律得：円二上竺竺根據速侵時間公式得；旳十通坯=硝合以上各式并代入數據可得A和B間光滑部分的長度-；：廠。考點：牛頓第二定律、勻變速直線運動的速度與時間的關系、勻變速直線運動的位移與時間的關系【名師點睛】對小物體A與小車B的受力分析容易岀錯，而導致對運動狀態的分析錯誤，開始階段，由于小物體水平方向不受外力，故小物體A應處于靜止狀態；當小物體A進入粗糙部分后，由于兩者發生了相對滑動，則小車B的受力發生了變化，對應的加速度

28、也發生變化。ITTo【解析】試題分析：(1)根據牛頓第二定律，物五塊的加速度為:,_ n ._v = f2as = -7110根據 v2= 2as 得物塊的速度為-m/s(2)對整體分析，根據牛頓第二定律得:12、（ 1） -m/s(2) 3.52N，方向水平向左4.4m/sF 地=macos37 =3.52N，方向水平向左13、(1)沿斜面下滑的加速度為a，則有:mgsine-杪mgcose=ma2得a=gsine-卩gcose=4m/s由V=2ax得物塊 A 剛滑上木板 B 時的速度：v=|=8m/s物塊A在B上滑動時，A的加速度大小:木板B的加速度大小：a2= 2m/s2設物塊A在木板B

29、上滑行的時間t速度關系：v-ait=a2t物塊 A 剛好沒有從木板B 左端滑岀位移關系：2vt - a北/2：2=a2t/2+ L解得t=2sL=8m14、( 1)a1=3m/s2；a2=1m/s2； (2) 4s15、解：(1)對物塊：一八得：二一 一廣，方向水平向左對木板：坷耕屋=2得：二 ，方向水平向右(2 )設 t 秒后達到共同速度對物塊：v=對木板：v=a/解得：-I= Is-二/ s(3)在 t 時間內,物塊位移I;: 物塊A剛好沒有從木板B左端滑岀，即：物塊A 在木板 B 左端時兩者速度相等2ai=2g =2m/s此時物塊距木板碰撞后木板粘連，物塊減速，設沖上斜面時的速度為V2滑

30、上斜面過程：朋gsinp滬gcos朋包v/ =込斗滑下斜面過程：mgsin3-cos- 24A4回到小車上后勻減速到停下：由以上各式解得：=J- ，故物塊最終停下的位置距木板B 端 0.03m16、解：（1）由 xi=aitI2/2 得 a=2m/s2（ 1 分）撤去 F 前有： F-mgsin370-umgcos370=ma得 u=0.25（ 2分）撤去 F 后加速度為 a2由 mgsin37+umgcos37=ma得 a2=8m/s2（ 1 分）撤去力 F 時速度 V1=ad1=4m/s撤去 F 后經 12速度減為 0 由 0=va2t2得 t2=0.5s毛=TLf3：= J- x 4 x

31、 0.5/92 =撤去 F 后上滑距離設下滑加速度大小為a3,由 mgsin370-umgcos37=ma2得 aa=4m/s（ 2 分）木板位移:18、解：（1）設物體向右做勻減速直線運動的加速度為a1，則由 v t 圖象得由牛頓第二定律 F f = ma解得：f = F-ma= (30-2x10) N = 10 N下滑時間 t3=1S1.5s 末物體速度 v=a3t3=4m/s分）(2下滑時間2下滑位移大小為 X3=二 a3t42=4.5m(2 分)從靜止開始 4s 內物體的位移大小X=x 計 X2-x3=0.5m方向沿斜面向上（1 分）從靜止開始 4S 內物體的路程S=Xi+X2+X3=

32、9.5m(1 分)17、（ 1）0.5 （ 2）2sL （2）設 F 作用的最短時間為t，小車先以大小為 a 的加速度勻加速 t 秒，撤去外力后，以大小為a的加速度勻減速t 秒到達 B 處，速度恰為 0,由牛頓第二定律:Fcos53 -卩(mg-Fsin53 )= ma a = g = 5 m/s 2由于勻加速階段的末速度即為勻減速階段的初速度，因此有at = a t 丄IL =二 at2+二 a t 解得：t = 2 s解得：a = 5 m/s18、解：（1）設物體向右做勻減速直線運動的加速度為a1，則由 v t 圖象得加速度大小 ai= 2 m/s方向與初速度方向相反設物體向左做勻加速直線

33、運動的加速度為加速度大小 a2= 1 m/s2方向與初速度方向相反.(2)根據牛頓第二定律，有F +卩 mg= ma F卩 mg= ma聯立得F= 3 N卩=0.05.設 10 s 末物體離 a 點的距離為 d, d 應為圖與橫軸所圍的面積，則 d =ix4X8m 二x6X6 m = 2 m,負號表示物體在 a 點以左.(4)設撤去拉力 F 后做勻減速直線運動的加速度大小為aa根據牛頓第二定律，有卩mg= ma得 aa= 0.5 m/s2由 vt= vo+ at 可得物體減速到零的時間 t = 12 s物體在 15 s 內的位移 s = t = 36 m物體在 15 s 后離 a 點的距離 d

34、 = d+ s = 38 m.19、( 1)對滑塊，亠吃巧對平板車,（2分）a2,則由 v t 圖象得（2分）(2)設經過 t 時間滑塊從平板車上滑出（1 分）（1 分）（1 分）解得ti=0.5s 或 2s （舍去）（1 分）此時,=（2 分）所以，滑塊能從平板車的右端滑出。在豎直方向h= ；gt22，t2=0.6s（ 1 分）水平方向x=Av t2，所以x= 2.7m。（ 1 分）解.（1）設屮滑塊滑動的加速度大小為跖，則*站W解得*aj=m=O.4xlOm/s2= 4w/s2i20、（門 小潘塊苛斗樣3的聲凜力為* v 妒 64忙10X44才樣肛空悴覺劉地而的最大犀接力為.護 :心屮“卩

35、CJ CO-30）巧K w G）鞍小構坎滑上自時”小淆壊的速度巧，已帥加連度視，屋過時間匸涮換與時&到共同速度管，則,討5吩年.扒據牛轎開二忘律浮1 a-2P 2ir=t2靈據遅底時働呑式購士T|=Y 0-111,當兩尷建度相黑時有；-廠匚1口擔竝庫時閶公氏Kh丫廬QU聯立奩査U衢r丫盧7 3阿i-八二衛血二2皿d =皿軌崔=5m21、（ 1）曲】頂 I 】（2）2（3） 3m【解析】（1）（ 4 分）對物塊由牛頓第二定律：F-屮噸血F -屮昭=叫得：mlm離開 I 區域后：對物塊：由陋皿如得 “加門 對木板：崔機務 1 H 5 林門當物塊與木板達共同速度時宀 1 一刈二I +知泊得:鮎h刀訐 -a 1,5m、HI丄J._h m J.1兩作用區邊界距離為：(3)( 5 分)由于F*礪,所以物塊與木板最終只能停在兩作用區之間22、考點：牛頓第二定律；勻變速直線運動的位移與時間的關系.專題：牛頓運動定律綜合專