1、物質的推斷【相同部分】一、選擇題（2018，上冊，73）（2017，上冊，73）甲、乙、丙、丁四種物質有如下圖所示的轉化關系(部分反應物和生成物已略去)，則 甲、乙、丙、丁依次是【 】A.C、CO、CO2、H2CO3B.CO、CO2、C、H2CO3C.CaO、Ca(OH)2、CaCl2、CaCO3D.CaCO3、Ca(OH)2、CaCl2、CaO答案：C解析：A、碳會轉化成一氧化碳，一氧化碳會轉化成二氧化碳，二氧化碳會轉化成碳酸，但是碳酸不會轉化成碳，故A錯誤；B、一氧化碳會轉化成二氧化碳，二氧化碳會轉化成碳，碳不會轉化成碳酸，故B錯誤；C、氧化鈣和水生成氫氧化鈣，氫氧化鈣和鹽酸生成氯化鈣，氯

2、化鈣和碳酸鈉生成碳酸鈣，碳酸鈣高溫生成氧化鈣，故C正確；D、碳酸鈣不會生成氫氧化鈣，故D錯誤故選C（2018，上冊，93）（2017，上冊，93）甲、乙、丙、丁是 HCl、BaCl2、AgNO3、Na2CO3四種溶液中的一種。已知甲與乙、甲與丙、甲與丁、丙與丁混合均產生沉淀，乙與丁混合產生氣體，則甲、乙、丙、丁依次為【 】A.HCl、BaCl2、AgNO3、Na2CO3B.AgNO3、HCl、Na2CO3、BaCl2C.BaCl2、Na2CO3、AgNO3、HClD.AgNO3、HCl、BaCl2、Na2CO3答案：D解析：乙與丁混合產生氣體，說明為碳酸鈉和鹽酸；甲與乙、甲與丙、甲與丁混合均產

3、生沉淀，甲只能是硝酸銀。故丙為氯化鋇，又因丙與丁混合均產生沉淀，故丁為碳酸鈉，乙為鹽酸。故選D。（2018，上冊，35）（2017，上冊，35）甲、乙、丙、丁分別是氫氧化鈣溶液、銅、碳酸鈉溶液、鹽酸中的一種。已知甲和丙可以反應，甲和丁也可以反應，則下列結論正確的是【 】A.甲一定是氫氧化鈣溶液B.乙一定是銅C.丙不可能是碳酸鈉溶液D.丁只能是鹽酸答案：B解析：氫氧化鈣溶液、碳酸鈉溶液、鹽酸兩兩之間可以相互反應，只有銅不與氫氧化鈣溶液、碳酸鈉溶液、鹽酸反應，故根據題意可知，乙一定是銅。甲、丙、丁則分別是氫氧化鈣溶液、碳酸鈉溶液、鹽酸中的一種。（2018，上冊，96）（2017，上冊，96）某白色

4、固體含有氫氧化鈉、氫氧化鈣、碳酸鈉和碳酸鈣中的幾種。取少量該固體加入足量水，攪拌后有不溶物，過濾后，在濾液中加入鹽酸時有氣泡產生，則該固體中一定含有【 】A.碳酸鈉 B.氫氧化鈉 C.碳酸鈣 D.氫氧化鈣答案：A解析：取少量該固體加入足量水，攪拌后有不溶物，不溶物可能是固體中本來就含有碳酸鈣，也有可能是固體中含有碳酸鈉和氫氧化鈣，二者反應生成了碳酸鈣沉淀。過濾后，在濾液中加入鹽酸時有氣泡產生，說明濾液中含有碳酸根，由于碳酸鈣不溶于水，所以濾液一定溶有碳酸鈉。故該固體中一定含有碳酸鈉，且該固體中，氫氧化鈣和碳酸鈣兩種物質至少存在其中一種。（2018，上冊，94）（2017，上冊，94）為測定超薄

5、材料氣球內的氣體成分，按下圖裝置進行實驗。開始時氣球沉于燒杯底部，打開彈簧夾后，過一會兒氣球從燒杯底部慢慢浮起，最后懸于燒杯口，則氣球內的氣體可能是【 】A.氫氣B.氧氣C.甲烷D.氯氣答案：B解析：A、氫氣的密度比空氣小，開始時不會沉在燒杯底部，故A不正確；B、氣球充有氧氣，氧氣的密度比空氣大，會沉在燒杯底部，稀硫酸能與碳酸鈉反應生成二氧化碳，二氧化碳的密度比氧氣的密度大，會使氣球浮起，故B正確；C、甲烷的密度比空氣小，開始時不會沉在燒杯底部，故C不正確；D、氯氣的密度比空氣密度大，會沉在燒杯底部，但二氧化碳的密度也比氯氣小，故氣球不會浮起，故D不正確；故選B二、填空題（2018，上冊，30

6、）（2017，上冊，30）有A、B、C三種物質，它們之間有如下轉化關系：A + 2AgNO3 = B + 2Ag，B +2KOH=2C+Cu（OH）2，判斷化學式：A是_，B 是_，C 是_。答案：Cu Cu （NO3）2 KNO3（2018，上冊，51）（2017，上冊，51）已知反應A+B=C+D，若A、C為單質，B、D為化合物，則該反應所屬的基本反應類型是_；若A溶液呈藍色，B為燒堿，則該反應的化學方程式為_（寫出一個即可）；若四種物質均為化合物，且C為鹽，D為水，但該反應不一定屬于中和反應，其具體例子為_。答案：置換反應 CuSO4+ 2NaOH = Cu（OH）2 +Na2SO4 二

7、氧化碳與氫氧化鈉反應可生成鹽和水，但并不屬于中和反應（2018，上冊，60）（2017，上冊，例4）A、B、C、D分別為氧化鐵、鹽酸、氫氧化鈣、碳酸鈣中的一種，它們之間的反應或轉化關系如右圖（部分物質和反應條件已略去）。則化學方程式： 為_；為_。A在生產或生活中的一種用途是_。答案：Ca（OH）2+CO2 =CaCO3+ H2O或 Ca（OH）2+Na2CO3 =CaCO3+2NaOH 6HCl+Fe2O3=2FeCl3+3H2O 改良酸性土壤（或作建筑材料等）解析：本題屬于較難題，主要考查依據框 圖進行常見物質的推斷及化學方程式的書寫等，綜合性強且答案有一定的開放性。該題的四種物質均已知，

8、只需結合物質的組成和性質確定框圖中的轉化關系即可，突破口應該是C 和D。D能轉化為鐵，說明D為含鐵元素的氧化鐵；C與其他三種物質以及鐵都能發生反應，則C為鹽酸；A能轉化為B，則應為能溶于水的氫氧化鈣轉化為難溶的碳酸鈣，即A為氫氧化鈣，B為碳酸鈣。框圖中的四種物質具體對應之后，就可寫出有關反應的化學方程式，并能寫出具體物質的用途。（2018，上冊，5）（2017，上冊，5）下圖表示水等物質間的轉化關系（反應條件及部分物質已略去）。請寫出化學式：甲為_；乙為_。答案：H2 Ca（OH）2 等解析：水通電分解生成氫氣和氧氣，氫氣和氧化銅在加熱的條件下生成水，氧化鈣和水反應生成氫氧化鈣，氫氧化鈣和酸發

9、生復分解反應生成鹽和水；因此甲是氫氣，乙是氫氧化鈣故答案為：H2；Ca（OH）2（2018，上冊，18）（2017，上冊，18）下圖中，甲是相對分子質M為16的有機物；乙是最常見的溶劑；丁是白色難溶固體，其中金屬元素的質景分數為40%。甲的化學式為_；和的化學方程式分別為_、_；丙的一種用途是_。答案：CH4 CO2 + Ca （OH ）2 = CaCO3+ H2O CaCO3 + 2HCl = CaCl2+CO2 +H2O 滅火（或作氣體肥料等）（2018，上冊，26）（2017，上冊，26）A、B、C、D是中學化學常見的物質，其中A是一種黑色氧化物，B的溶液呈藍色，它們之間有如下圖所示的轉

10、化關系。則X為_，Y為_。C轉化的化學方程式_。答案：H2SO4 NaOH（合理答案均可） Cu（OH）2 +2HCl = CuCl2 +2H2O解析：A、B、C、D是初中化學常見的物質，B物質的溶液呈藍色，所以B是含有銅離子的鹽，A是一種黑色氧化物，和X反應會生成銅離子，所以A是氧化銅，X是一種強酸，鹽和Y會生成C，C和酸會生成鹽B，所以Y是一種強堿，C就是氫氧化銅沉淀，D就是氯化銅，所以X是硫酸，Y可以是氫氧化鈉，硫酸和氧化銅會生成硫酸銅，氫氧化銅和硫酸會生成硫酸銅，硫酸銅和氫氧化鈉會生成氫氧化銅，氫氧化銅和鹽酸會生成氯化銅，氯化銅和氫氧化鈉會生成氫氧化銅，推出的各種物質均滿足題意，推導合

11、理，所以X是H2SO4，Y是NaOH，氫氧化銅和鹽酸反應生成氯化銅和水，所以C轉化成D的化學方程式為：Cu（OH）2+2HClCuCl2+2H2O（2018，上冊，41）（2017，上冊，41）甲、乙、丙三種物質均含地殼中含量最多的元素。甲、乙是組成元素完全相同的化合物，丙是單質，乙通常為液體，在一定條件下可分解生成丙，它們之間有如右圖所示的轉化關系（部分物質和反應的條件已經略去），則甲的化學式為_，乙分解生成丙的化學方程式為_，從微觀的角度解釋甲、乙性質有差異的原因是_。答案：H2O2 2H2O2H2+O2 兩種物質的分子構成不同解析：地殼中含量最多的元素為氧元素，則單質丙為氧氣；乙通常為液

12、體且在一定條件下能生成氧氣，又可由與其組成元素相同的甲反應生成，可判斷乙為水、甲為過氧化氫； 乙丙，即水轉化為氧氣，水在通電條件下分解生成氫氣和氧氣； 2H2O2H2+O2；根據物質結構決定性質，甲：過氧化氫H2O2、乙：水H2O，兩物質的組成元素相同，但兩物質的分子結構不同，所以兩物質的性質有差異。（2018，上冊，53）（2017，上冊，53）（2017，下冊，例4）下圖中，甲是氧化物，其中金屬元素的質量分數為70%；乙是黑色粉末；丙和丁是可溶性鹽。反應和的化學方程式分別為_ 、_；試劑B是_ （填化學式）溶液；在氧氣和水存在時能發生反應，化學方程式為_ 。解析：本題屬于信息推斷題。首先根

13、據題目所給信息可知甲是氧化物，其中金屬元素的質量分數為70%，由圖中已知兩種物質的化學式可初步推斷甲為鐵的氧化物，而氧化鐵中鐵元素的質量分數剛好為70%，可確定甲為氧化鐵。由題目可知乙為黑色粉末，而氧化鐵被還原后生成的鐵粉為黑色，可推知乙為鐵。反應為還原氧化鐵的反應，可利用一氧化碳、碳或氫氣還原。加入試劑A后，氧化鐵和鐵都會轉化為可溶性鹽，由此推斷加入的試劑A為酸，可判斷其為常見的稀鹽酸或稀硫酸。由丙和丁中加入試劑B后轉化成含有鐵元素的兩種堿，可推斷加入的試劑B應為可溶性堿，常見的堿有氫氧化鈉、氫氧化鈣或氫氧化鉀等。根據題給信息可書寫反應的化學方程式。答案：Fe2O3+3CO2Fe+3CO2（

14、或2 Fe2O3+3C4Fe+3CO2等）Fe2O3+6HCl=2FeCl3+3H2O或Fe2O3+3H2SO4=Fe2（SO4）3+3H2O等NaOH或Ca（OH）2等4Fe（OH）2+O2+2H2O=4Fe（OH）3（2018，上冊，54）（2017，上冊，54）A、B、C、D均含有同一種元素，它們的轉化關系如圖所示（部分物質和反應條件已略去）。（1）若A是紫紅色金屬，D為難溶性堿，則D的化學式為_；由C轉化為A的化學方程式為_。（2）若A屬于氧化物，其相對分子質量為 56，A與水化合得B，C是白色難溶固體，則B的一種用途是_；由D轉化為C的化學方程式為_。答案：（1）Cu（OH）2 Cu

15、SO4+Fe = Cu+ FeSO4（或 CuCl2+Zn = Cu+ZnCl2等）（2）改良酸性土壤（或作建筑材料等） CaCl2 + Na2CO3 = CaCO3 + 2NaCl 或 CO2 + Ca（OH）2 = CaCO3 +H2O等解析：（1）A是紫紅色金屬，因此A是銅，A、B、C、D均含有同一種元素，D為難溶性堿，因此D是氫氧化銅，化學式為：Cu（OH）2；由于C能夠和氫氧化銅相互轉化，且C能夠轉化為銅，因此C是銅的鹽溶液，如硫酸銅、氯化銅等，因此由C轉化為A可以是鐵與硫酸銅等發生置換反應，反應的方程式為：CuSO4+Fe = Cu+ FeSO4（或 CuCl2+Zn = Cu+Z

16、nCl2等），該反應類型為置換反應；（2）A屬于氧化物，其相對分子質量為56，則A為氧化鈣；A與水化合得B，B是氫氧化鈣，可以用于改良酸性土壤（或作建筑材料等）；C是白色難溶固體，因此C是碳酸鈣，D和碳酸鈣能相互轉化，D可以是鈣鹽，也可以是二氧化碳，由D轉化為C是產生碳酸鈣的反應，因此可以是 CaCl2 + Na2CO3 = CaCO3 + 2NaCl 或 CO2 + Ca（OH）2 = CaCO3 +H2O等。（2018，上冊，56）（2017，上冊，56）初中化學常見物質AG有如下圖所示的轉化關系（部分反應條件及物質已略去）。已知A為單質；C為氣體，反應為實驗室制取氣體C的方法；E是用量最

17、大的金屬，其含量在地殼中居第四位；F是最輕的氣體。（1）反應的反應類型為_。（2）寫出物質的名稱：C為_；D為_。（3）寫出有關反應的化學方程式。E在氧氣中燃燒：_；反應：_；反應：_。（4）F的一種用途是_。答案：（1）復分解反應（2）二氧化碳 稀鹽酸（3）3Fe + 2O2 Fe3O4Fe3O4+2C3Fe + 2CO2 Fe+2HCl = FeCl2 + H2 （4）作清潔能源等解析：根據題目中的信息：根據“E是用量最大的金屬，其含量在地殼中居第四位”，可知E為鐵，鐵在氧氣中燃燒生成四氧化三鐵B；根據“F是最輕的氣體”，鐵E和D反應生成F氫氣，D為酸，又D與碳酸鈣反應生成氣體C，且反應為

18、實驗室制取氣體C的方法，可推知D為鹽酸，進而可知G為氯化亞鐵；因為“A為單質；C為氣體”，則A為碳；為實驗室制取氣體C的方法，則C為二氧化碳，代入符合題意；（1）反應為實驗室制取二氧化碳的反應，其化學方程式為：CaCO3+2HCl=CaCl2+CO2+H2O，故為復分解反應；（2）由上述分析可知C為二氧化碳，化學式為CO2；D為鹽酸，化學式為HCl；（3）反應為碳和四氧化三鐵反應，化學方程式為 Fe3O4+2C3Fe + 2CO2 。反應為鐵與鹽酸反應生成氯化亞鐵和氫氣，化學方程式為Fe+2HClFeCl2+H2（4）由上述分析可知F為氫氣，氫氣可以作清潔能源，還可以用來冶煉金屬（2018，上

19、冊，59）（2017，上冊，59）甲、乙、丙為初中化學常見物質，其轉化關系如下圖所示（“”表示由一種物質轉化成另一種物質，反應條件、部分反應物和生成物已略去）。（1）若甲、乙、丙分別為稀硫酸、氫氧化銅、硫酸銅溶液中的一種，則乙是_。（2）若甲、乙、丙均為含有鈣元素的化合物，甲與水反應生成乙并放出大量的熱。則甲乙的化學方程式為_，丙可能是_（寫出一種即可）。（3）若甲、乙、丙為氧化物，除氧元素外另一種元素均不相同，且三種物質常溫下依次為固態、氣態和液態，則甲可能是_（寫出一種即可）。答案：（1）硫酸銅溶液 （2）CaO+H2O =Ca（OH）2 CaCO3 等 （3）氧化鐵等解析：甲、乙、丙為初

20、中常見物質，（1）若甲、乙、丙各為稀硫酸、氫氧化銅、硫酸銅溶液中的一種，硫酸和氧化銅會生成硫酸銅，硫酸銅和氫氧化鈉會生成氫氧化銅，所以乙是硫酸銅；（2）若甲、乙、丙均為含有鈣元素的化合物，甲與水反應生成乙并放出大量的熱，所以甲是氧化鈣，氧化鈣和水反應生成氫氧化鈣，化學方程式為：CaO+H2O=Ca（OH）2，放出熱量，所以乙是氫氧化鈣，氫氧化鈣會轉化成氯化鈣、碳酸鈣，所以丙可能是碳酸鈣；（3）若甲、乙、丙為氧化物，除氧元素外，另一元素均不相同，且三種物質常溫下依次為固態、氣態和液態，氧化鐵和一氧化碳反應生成二氧化碳，二氧化碳和氫氧化鈣反應生成水，所以甲可能是氧化鐵，乙是二氧化碳，丙是水三、簡答

21、題（2018，上冊，20）（2017，上冊，20）甲、乙、丙是中學化學常見的物質，它們均含有形成化合物種類最多的一種元素，甲是單質。它們之間有如下圖所示的轉化關系，請寫出各步變化的化學方程式。答案： C+O2CO22C+O22COCO2+C2CO4CO + Fe3O4 3Fe+4CO2解析：四種物質中都含有形成化合物種類最多的一種元素，即碳元素。且已知甲是單質，故甲是C；丙能和四氧化三鐵反應，故丙是CO，生成的乙是CO2。根據題意寫出相應的化學方程式即可。（2018，上冊，47）（2017，上冊，47）已知A、B、C、D是初中化學常見的物質。它們之間的轉化關系如下圖所示(部分物質和反應條件略去

22、)。其中A被看作是理想的 “綠色能源”，B在常溫下是無色液體，C可用于滅火。請回答下列問題。(1)A在空氣中燃燒的主要現象是什么？(2)D可能是有機物或無機物，請分別寫出其可能的化學式。(3)寫出B轉化為A的化學方程式。答案：(1)產生淡藍色火焰。(2)C6H12O6 或 H2CO3(3)2H2O2H2 +O2 （2018，下冊，6） （2017，下冊，6）有一包白色粉末，可能是（NH4）2SO4、NaCl、BaCl2、Na2CO3、Na2SO4、CuSO4中的一種或幾種，為確定白色粉末的成分，進行如下探究：a.取適量白色粉末與熟石灰混勻、共熱，沒有任何異味產生；b.另取適量白色粉末加入足量的

23、水，攪拌，得到白色沉淀和無色溶液；c.取b中的白色沉淀，往其中加入過量的稀鹽酸，產生大量的氣泡，白色沉淀全部消失。請回答：（1）原白色粉末中一定含有哪些物質？一定不含什么物質？（2）寫出產生白色沉淀的反應的化學方程式。答案：（1）定含有BaCl2、Na2CO3。一定不含（NH4）2SO4、Na2SO4、CuSO4（2）BaCl2+Na2CO3=BaCO3+2NaCl解析：a取適量白色粉末于熟石灰混勻、共熱，沒有任何異味產生；說明不含有硫酸銨；b另取適量白色粉末加入足量的水，攪拌，得到白色沉淀和無色溶液，因為硫酸銅溶液是藍色的，故一定不會含有硫酸銅，產生的沉淀可能是氯化鋇與碳酸鈉反應生成的碳酸鋇

24、沉淀，也可能是氯化鋇與硫酸鈉反應生成的硫酸鋇沉淀；c取b中的白色沉淀，往其中加入過量的稀鹽酸，產生大量的氣泡，白色沉淀全部消失說明一定不會是硫酸鋇沉淀，是碳酸鋇沉淀，從而說明一定不會含有硫酸鈉，一定含有碳酸鈉和氯化鋇，不能確定氯化鈉的存在；（1）白色粉末中一定含有碳酸鈉和氯化鋇，一定不含有硫酸銅、硫酸鈉和硫酸銨，故答案為：碳酸鈉、氯化鋇；硫酸銅、硫酸鈉和硫酸銨；（2）產生沉淀是因為碳酸鈉和氯化鋇反應生成了碳酸鋇沉淀和氯化鈉，故答案為：BaCl2+Na2CO3=BaCO3+2NaCl（2018，上冊，12）（2017，上冊，12）有一包白色粉末，其中含有CuSO4、 BaCl2、NaOH、Na2

25、CO3中的一種或幾種。某化學小組為確定白色粉末的成分，進行了如下實驗：(I)取一定量的白色粉末，加入足量水，振蕩，得到無色透明溶液；()取少量()的溶液，加入足量鹽酸，有氣泡產生。(提示：BaCO3難溶于水；Na2CO3的水溶液呈堿性)(1)該白色粉末中肯定含有什么物質？可能含有什么物質？(2)為確定可能含有的物質是否存在，還需做什么實驗？請寫出簡要的實驗步驟。答案：(1)肯定含有Na2CO3；可能含有 NaOH。(2)取少量(I )的溶液，加入足量BaCl2 溶液(或CaCl2溶液等)，靜置，取上層清液滴加酚酞溶液。（2018，上冊，23）（2017，上冊，23）A、B、C、D分別是鹽酸、氫

26、氧化鈉、碳酸鈉、氫氧化鈣四種溶液中的一種。將它們兩兩混合時，產生如下現象：A、B混合時有氣泡產生；A、C混合時有白色沉淀生成；其他無明顯現象。請確定D中溶質的化學式并寫出有關反應的化學方程式。答案：D中溶質的化學式為NaOH。 Na2CO3+2HCl=2NaCl+H2O+CO2 Ca(OH)2 +Na2CO3 =CaCO3 +2NaOH Ca (OH)2 + 2HCl = CaCl2 +2H2O NaOH + HCl=NaCl+ H2O解析：根據A+B反應有氣泡，A+C反應有白色沉淀，由三種物質之間的相互反應，Ca(OH)2 +Na2CO3 =CaCO3 +2NaOH，Na2CO3+2HCl=

27、2NaCl+H2O+CO2 ，可知A為Na2CO3，B為HCl，C為Ca(OH)2，則D為KOH；（2018，上冊，44）（2017，上冊，44）如圖是某同學設計的趣味實驗裝置圖，其氣密性良好。(1)若膠頭滴管中的物質是濃NaOH溶液，錐形瓶中充滿CO2，則擠壓膠頭滴管后能觀察到什么現象?請寫出所發生反應的化學方程式。(2)若將膠頭滴管中的物質滴入錐形瓶后，能明顯觀察到U形管中紅墨水的液面左低右高，甚至從右端溢出。請推測膠頭滴管和錐形瓶中的物質分別是什么。(答出兩種組合即可)答案：(1) U形管中紅墨水的液面左高右低 (或被吸入錐形瓶中)等。CO2+2NaOH = Na2CO3 + H2O(或

28、 CO2 + NaOH = NaHCO3)(2)膠頭滴管和錐形瓶中的物質分別是稀硫酸和鋅，或鹽酸和碳酸鈉，或雙氧水和 二氧化錳，或濃硫酸和水，或水和氧化鈣等。(答出兩組即可)【不同部分】2018一、選擇題（2018，上冊，例8）甲、乙、丙有如下圖所示的轉化關系(“”表示反應一步實現，部分物質和反應條件已略去)，下列各組物質按照甲、乙、丙的順序不符合要求的是【 】A. C、CO2、CO B. H2O2、O2、H2O C. CuO、Cu、Cu (NO3)2 D.NaOH、NaCl、NaNO3答案：D分析：本題屬于較難題，主要以框圖推斷的方式考查常見物質的性質和互相轉化關系，涉及的物質多，綜合性強。

29、該框圖中的三種物質以選項的方式給出，只需逐項驗證即可。若對有關物質的性質和轉化關系熟練掌握，就能又準又快地選出答案。框圖中包含三步轉化，其中，乙和丙的轉化是互相轉化，A、B、C選項中物質均能滿足三步轉化，而D選項中的NaNO3不能轉化為NaCl，因為不符合復分解反應發生的條件，故本題答案選D。二、填空題（2018，上冊，例4）A、B、C、D均含同一種元素，它們的轉化關系如下圖（部分物質和反應條件略去）。 A是白色難溶固體，相對分子質量為100，金屬元素質量分數為40%；C常作干燥劑；D屬于堿。則A的一種用途是_；B的化學式為_；由C轉化為D的化學方程式為_。答案：作建筑材料（或補鈣劑等） Ca

30、Cl2或Ca（NO3）2等 CaO+H2O=Ca（OH）2解析：本題屬于較難題，主要考查依據框圖進行常見物質的推斷及化學方程式的書寫等，綜合性強且答案有一定的開放性。本題的突破口是A物質，由A是白色難溶固體，相對分子質量為100，金屬元素質量分數為40%，可知A為CaCO3；四種物質均合同一種元素（可能為Ca），C常作干燥劑（初中常見的干燥劑有濃硫酸、燒堿和氧化鈣等），則C為CaO；D屬于堿，則D為Ca（OH）2；B和CaCO3能夠相互轉化，根據酸、堿、鹽的性質以及復分解反應發生的條件，可知B為可溶性鈣鹽。（2018，下冊，8）A、B、C是初中化學常見的三種含鈣化合物，它們之間有如圖所示轉化關

31、系（部分產物已略去）。（1）物質B的俗名是_。（2）向物質A的塊狀固體上滴加水，觀察到有大量水蒸氣產生，該現象說明_。（3）餅干中常添加物質C，其作用是_。（4）寫出反應的化學方程式：_，該反應的基本類型是_。答案：（1）熟石灰（或消石灰）（2）物質A和水反應時放熱（3）補鈣（4）Ca（OH）2Na2CO3CaCO3+2NaOH 復分解反應（2018，下冊，例4）如圖為“領取獎杯游戲”的物質階梯。當階梯上相鄰的物質之間能發生反應，方可向上攀登。例如，攀登階梯甲能領取獎杯。（1）認識階梯甲。階梯甲上的5種物質中，屬于氧化物的是_，俗稱純堿的是_。攀登過程中，H2SO4與Na2CO3發生反應的化學

32、方程式為_。（2）搭建階梯乙。請你從O2、Fe、Fe2O3、HCl、NaOH中選擇4種物質，寫在圖中相應的臺階上，以便能領取獎杯。（3）共享物質，重塑階梯。階梯乙搭建完成后，若在階梯甲和階梯乙中各選擇一種物質進行互換，也均能領取獎杯，則這兩種物質是_（任寫一組即可）。答案：（1）CO2 Na2CO3H2SO4Na2CO3Na2SO4H2OCO2（2）應選物質從高到低：NaOH、HCl、Fe、O2（如下圖）。（3）H2SO4和HCl（或Fe和Mg）解析：（1）氧化物是由兩種元素組成的化合物，且其中一種元素是氧元素，所以屬于氧化物的是CO2。碳酸鈉俗稱純堿，化學式為Na2CO3。硫酸和碳酸鈉反應的化學方程式為：H2SO4Na2CO3Na2SO4H2OCO2。（2）題給物質中，能和CO2反應的只有NaOH，能和NaOH反應的只有HCl，能和HCl反應的除氫氧化鈉外，還有Fe和Fe2O3，但是能和O2反應的只有Fe，所以應