2014-2015學年江蘇省淮安市淮海中學高三（上）月考物理試卷（10月份）一、單項選擇題（本題共5小題，每小題3分，共15分）1在下列關于物理量和單位的說法中，正確的是（）密度 牛 米/秒 加速度 長度 質量 千克 時間a屬于國際單位制中基本物理量的是b屬于國際單位制中基本單位的是c屬于國際單位的是d屬于國際單位的是2如圖，質量mamb的兩物體a、b疊放在一起，靠著豎直墻面讓它們由靜止釋放，在沿粗糙墻面下落過程中，物體b的受力示意圖是（）abcd3質點從靜止開始做勻加速直線運動，在第1個2s、第2個2s和第5s內三段位移比為（）a2：6：5b2：8：7c4：12：9d2：2：14如圖所示，兩物體由高度相同、路徑不同的光滑斜面由靜止下滑，物體通過兩條路徑的長度相等，通過c點前后速度大小不變，且到達最低點b、d時兩點的速度大小相等，則下列說法正確的是（）a物體沿ab斜面運動時間較短b物體沿acd斜面運動時間較短c物體沿兩個光滑斜面運動時間相等d無法確定5如圖a所示，一輕質彈簧的下端固定在水平面上，上端放置一物體（物體與彈簧不連接），初始時物體處于靜止狀態現用豎直向上的拉力f作用在物體上，使物體開始向上做勻加速運動，拉力f與物體位移x的關系如圖b所示（g=10m/s2），則正確的結論是（）a物體與彈簧分離時，彈簧處于壓縮狀態b彈簧的勁度系數為7.5n/cmc物體的質量為3kgd物體的加速度大小為5m/s2二、多項選擇題（本題共4小題，每小題4分，共16分）6如圖所示，在y軸上關于o點對稱的a、b兩點有等量同種點電荷+q，在x軸上c點有電荷q，且co=od，ado=60下列判斷正確的是（）ao點電場強度為零bd點電場強度為零c若將點電荷q從o移向c的過程中，則電勢能增大d若將點電荷+q從o移向c的過程中，則電勢能增大7質量均為m的a、b兩個小球之間系一個質量不計的彈簧，放在光滑的臺面上a緊靠墻壁，如圖所示，今用恒力f將b球向左擠壓彈簧，達到平衡時，突然將力撤去，此瞬間（）aa球的加速度為ba球的加速度為零cb球的加速度為db球的加速度為8如圖，木板a放在水平地面上，小物塊b通過輕彈簧與a的左側檔板p連接，a與b、a與地面之間均粗糙開始時彈簧處于原長，b位于a上的o點現將b拉至c點由靜止釋放向左運動，到達某點時速度為零（上述過程中a一直保持靜止），則此時（）ab所受的摩擦力可能為零ba所受的摩擦力不可能為零cb可能位于o點的左側db不可能位于o點的右側9將三個木板1、2、3固定在墻角，木板與墻壁和地面構成了三個不同的三角形，如圖所示，其中1與2底邊相同，2和3高度相同現將一個可以視為質點的物塊分別從三個木板的頂端由靜止釋放，并沿斜面下滑到底端，物塊與木板之間的動摩擦因數均相同在這三個過程中，下列說法正確的是（）a沿著1和2下端到底端時，物塊的速度不同；沿著2和3下滑到底端時，物塊的速度相同b沿著1下滑到底端時，物塊的速度最大c物塊沿著3下滑到底端的過程中，產生的熱量是最多的d物塊沿著1和2下滑到底端的過程，產生的熱量是一樣多的三、簡答題本題分必做題（第10、11題）和選做題（第12題），兩部分共42分10（1）在“互成角度的兩個力的合成”實驗中，用兩個彈簧秤分別鉤住細繩套，互成角度地拉橡皮條，使它伸長到某一位置o點，為了確定兩個分力的大小和方向，這一步操作中必須記錄的是a橡皮條固定端的位置b描下o點位置和兩條細繩套的方向c橡皮條伸長后的總長度d兩個彈簧秤的讀數（2）做實驗時，根據測量結果在白紙上畫出如圖所示的圖，其中o為橡皮筋與細繩的結點圖中的f與f為什么不完全重合，試說明原因11（1）為了探究加速度與力的關系，使用如圖所示的氣墊導軌裝置進行實驗其中g1、g2為兩個光電門，它們與數字計時器相連，當滑行器通過g1、g2光電門時，光束被遮擋的時間t1、t2都可以被測量并記錄滑行器連同上面固定的一條形擋光片的總質量為m，擋光片寬度為d，光電門間距離為s，牽引砝碼的質量為m回答下列問題：實驗開始應先調節氣墊導軌下面的螺釘，使氣墊導軌水平，在不增加其它儀器的情況下，如何判定調節是否到位？答：若取m=0.4kg，改變m的值，進行多次實驗，以下m的取值不合適的一個是（a）m1=5g （b）m2=15g （c）m3=40g （d）m4=400g在此實驗中，需要測得每一個牽引力對應的加速度，其中求得的加速度的表達式為：（用t1、t2、d、s表示）（2）如圖是“驗證機械能守恒定律”的實驗中得到的一條紙帶已知每兩個計數點之間的時間間隔t=0.1s物體運動的加速度a=；三【選做題】本題包括a、b、c三小題，請選定其中兩題，并在相應的答題區域內作答若三題都做，則按a、b兩題評分a（選修模塊3-3）（12分）12下列說法中正確的是（）a只要知道氣體的摩爾體積和阿伏加德羅常數，就可以算出氣體分子的體積b懸浮在液體中的固體微粒越小，布朗運動就越明顯c由于液體表面分子間距離大于液體內部分子間的距離，液面分子間只有引力，沒有斥力，所以液體表面具有收縮的趨勢d液晶既具有液體的流動性，又具有光學各向異性13一定質量的理想氣體按圖示過程變化，其中bc與v軸平行，cd與t軸平行，則bc過程中氣體的內能（填“增加”“減小”或“不變”），氣體的壓強（填“增加”“減小”或“不變”）14如果氣缸中被密封的是0.1g的氫氣（h2），且在狀態a的體積為 va=3104m3，求此狀態時氣缸內氫氣分子間的平均距離（保留一位有效數字，已知阿伏加德羅常數na=6.01023mol1，氫原子的摩爾質量為1g/mol）b（選修模塊3-4）（12分）15頻率不同的兩束單色光1和2以相同的入射角從同一點射入一厚玻璃板后，其光路如圖所示下列說法正確的是（）a單色光1的波長大于單色光2的波長b在玻璃中單色光1的傳播速度大于單色光2的傳播速度c單色光1的光子能量小于單色光2的光子能量d單色光1從玻璃到空氣的全反射臨界角小于單色光2從玻璃到空氣的全反射臨界角16在“利用單擺測重力加速度”的實驗中，由單擺做簡諧運動的周期公式得到t2=l只要測量出多組單擺的擺長l和運動周期t，作出t2l圖象，就可求出當地的重力加速度，理論上t2l圖象是一條過坐標原點的直線某同學在實驗中，用一個直徑為d的帶孔實心鋼球作為擺球，多次改變懸點到擺球頂部的距離l0，分別測出擺球做簡諧運動的周期t后，作出t2l圖象，如圖所示造成圖象不過坐標原點的原因可能是a將l0記為擺長l； b擺球的振幅過小 c將（l0+d）計為擺長l d擺球質量過大由圖象求出重力加速度g=m/s2（取2=9.87）17x=0的質點在t=0時刻開始振動，產生的波沿x軸正方向傳播，t1=0.14s時刻波的圖象如圖所示，質點a剛好開始振動求波在介質中的傳播速度；求x=4m的質點在0.14s內運動的路程c（選修模塊3-5）（12分）18如圖所示是氫原子的能級圖，現有大量處于n=3激發態的氫原子向低能級躍遷，所輻射的光子中，只有一種能使某金屬產生光電效應以下判斷正確的是（）a該光子一定是氫原子從激發態n=3躍遷到n=2時輻射的光子b該光子一定是氫原子從激發態n=2躍遷到基態時輻射的光子c若氫原子從激發態n=4躍遷到基態，輻射出的光子一定能使該金屬產生光電效應d若氫原子從激發態n=4躍遷到n=3，輻射出的光子一定能使該金屬產生光電效應19一個質量為50千克的人站立在靜止于平靜的水面上的質量為400千克船上，突然船上人以2米/秒的水平速度跳向岸，不計水的阻力，則船以米/秒的速度后退，若該人向上跳起，以人船為系統，人船的動量（填守恒或不守恒）20太陽現在正處于主序星演化階段它主要是由電子和h、he等原子核組成維持太陽輻射的是它內部的核聚變反應，核反應方程是：2e+4hhe+釋放核能，這些核能最后轉化為輻射能已知質子質量mp，氦核的質量m，電子質量me，光速c試求每發生一次上述核反應所釋放的核能；用上述輻射中產生的波長為400nm某一單色光去照射逸出功為3.01019j金屬材料銫時，能否產生光電效應？若能，試求出產生的光電子的最大初動能（保留三位有效數字，普朗克常量h=6.631034js）四、計算題（本題共3小題，共計47分解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位）21如圖所示，質量為mb=24kg的木板b放在水平地面上，質量為ma=22kg的木箱a放在木板b上一根輕繩一端拴在木箱上，另一端拴在天花板上，輕繩與水平方向的夾角為=37已知木箱a與木板b之間的動摩擦因數1=0.5現用水平向右、大小為200n的力f將木板b從木箱a下面勻速抽出（sin 370.6，cos 370.8，重力加速度g取10m/s2），求：（1）輕繩的拉力為多大？（2）木板b與地面之間的動摩擦因數2的大小為多大？22如圖所示，質量為m、電阻為r，邊長為l的正方形導線框abcd，其下邊cd距勻強磁場上邊界pq的距離為h磁感應強度大小為b，方向垂直于紙面向里，現使線框從靜止開始自由下落，下落過程中ab邊始終水平，不計空氣阻力，重力加速度為g（1）如果線框進入磁場時先做加速運動，那么線框剛進入磁場里加速度大小是多少；（2）如果ab邊進入磁場前線框速度已達到穩定，那么線框在進入磁場的過程中產生的熱量是多少23如圖所示，一個質量為m=2.01011kg電荷q=1.0105c的帶正電微粒，重力可忽略不計，從靜止開始經電壓u1=100v的電場加速后，水平進入兩平行金屬板間的偏轉電場，偏轉電場的電壓u2=100v，金屬板長l=20cm，兩板間距d=10cm（可認為兩板間電場為勻強電場，并忽略邊緣效應）求：（1）微粒進入偏轉電場時的速度v0大??；（2）微粒射出偏轉電場時的偏轉角；（3）若該勻強磁場的寬度為d=10cm的有界磁場，為使微粒垂直于磁場右邊界射出，該勻強磁場的磁感應強度b是多大？2014-2015學年江蘇省淮安市淮海中學高三（上）月考物理試卷（10月份）參考答案與試題解析一、單項選擇題（本題共5小題，每小題3分，共15分）1在下列關于物理量和單位的說法中，正確的是（）密度 牛 米/秒 加速度 長度 質量 千克 時間a屬于國際單位制中基本物理量的是b屬于國際單位制中基本單位的是c屬于國際單位的是d屬于國際單位的是考點： 力學單位制專題： 常規題型分析： 力學的國際單位是長度的單位m、質量的單位kg、時間的單位s，其它單位屬于導出單位解答： 解：屬于國際單位制中的基本單位的只有千克，屬于國際單位制單位的有牛頓、米/秒、千克長度、質量和時間是基本物理量故c正確，a、c、d錯誤故選：c點評： 本題的解題關鍵是掌握國際單位制中基本單位和單位，注意區別單位與物理量的不同2如圖，質量mamb的兩物體a、b疊放在一起，靠著豎直墻面讓它們由靜止釋放，在沿粗糙墻面下落過程中，物體b的受力示意圖是（）abcd考點： 力的合成與分解的運用專題： 壓軸題；受力分析方法專題分析： 先對整體結合運動情況受力分析，得到只受重力，加速度為g，即做自由落體運動，然后對b結合運動情況受力分析，得到受力情況解答： 解：a與b整體同時沿豎直墻面下滑，受到總重力，墻壁對其沒有支持力，如果有，將會向右加速運動，因為沒有彈力，故也不受墻壁的摩擦力，即只受重力，做自由落體運動；由于整體做自由落體運動，處于完全失重狀態，故a、b間無彈力，再對物體b受力分析，只受重力；故選a點評： 本題關鍵先對整體受力分析，得到整體做自由落體運動，處于完全失重狀態，故a與b間無彈力，最后再對b受力分析，得到其只受重力3質點從靜止開始做勻加速直線運動，在第1個2s、第2個2s和第5s內三段位移比為（）a2：6：5b2：8：7c4：12：9d2：2：1考點： 勻變速直線運動的位移與時間的關系專題： 直線運動規律專題分析： 根據初速度為零的勻加速直線運動的位移公式x=at2，可以求得位移之比解答： 解：由x=at2可得，第1個2s的位移為x1=a（2t）2=2at2，第2個2s的位移為x2=a（4t）2a（2t）2=6at2，第5s內的位移為x3=a（5t）2a（4t）2=at2，所以在第1個2s、第2個2s和第5s內三段位移比為2：6：=4：12：9，所以c正確故選c點評： 掌握住初速度為零的勻加速直線運動的位移公式x=at2即可求得位移之比4如圖所示，兩物體由高度相同、路徑不同的光滑斜面由靜止下滑，物體通過兩條路徑的長度相等，通過c點前后速度大小不變，且到達最低點b、d時兩點的速度大小相等，則下列說法正確的是（）a物體沿ab斜面運動時間較短b物體沿acd斜面運動時間較短c物體沿兩個光滑斜面運動時間相等d無法確定考點： 牛頓第二定律；勻變速直線運動的位移與時間的關系專題： 牛頓運動定律綜合專題分析： 通過牛頓第二定律求的加速度大小關系，畫出vt圖象，即可比較時間解答： 解：物體沿ab運動，一直做勻加速運動，物體沿acd運動，ac段的加速度大于ab的加速度，然后再做加速度變小的勻加速運動；由動能定理可知，滑到bd點時速度大小相等，故vt圖象如圖可物體沿路acd滑下所用時間較短，故b正確，a、c、d錯誤故選：b點評： 解決本題的關鍵抓住末速度大小相等，圖線圍成的面積相等，從而比較時間5如圖a所示，一輕質彈簧的下端固定在水平面上，上端放置一物體（物體與彈簧不連接），初始時物體處于靜止狀態現用豎直向上的拉力f作用在物體上，使物體開始向上做勻加速運動，拉力f與物體位移x的關系如圖b所示（g=10m/s2），則正確的結論是（）a物體與彈簧分離時，彈簧處于壓縮狀態b彈簧的勁度系數為7.5n/cmc物體的質量為3kgd物體的加速度大小為5m/s2考點： 牛頓第二定律；胡克定律專題： 牛頓運動定律綜合專題分析： 物體一直勻加速上升，從圖象可以看出，物體與彈簧分離后，拉力為30n；剛開始物體處于靜止狀態，重力和彈力二力平衡；拉力為10n時，彈簧彈力和重力平衡，合力等于拉力，彈簧壓縮量為4cm；根據以上條件列式分析即可解答： 解：a、物體與彈簧分離時，彈簧恢復原長，故a錯誤；b、c、d、剛開始物體處于靜止狀態，重力和彈力二力平衡，有mg=kx 拉力f1為10n時，彈簧彈力和重力平衡，合力等于拉力，根據牛頓第二定律，有f1+kxmg=ma 物體與彈簧分離后，拉力f2為30n，根據牛頓第二定律，有f2mg=ma 代入數據解得m=2kgk=500n/m=5n/cma=5m/s2故b錯誤，c錯誤，d正確；故選：d點評： 本題關鍵是由圖象得出一些相關物理量，然后根據牛頓第二定律列方程分析求解二、多項選擇題（本題共4小題，每小題4分，共16分）6如圖所示，在y軸上關于o點對稱的a、b兩點有等量同種點電荷+q，在x軸上c點有電荷q，且co=od，ado=60下列判斷正確的是（）ao點電場強度為零bd點電場強度為零c若將點電荷q從o移向c的過程中，則電勢能增大d若將點電荷+q從o移向c的過程中，則電勢能增大考點： 電場強度；電勢能專題： 電場力與電勢的性質專題分析： o點和d點的電場強度是三個電荷產生的電場強度的合成，根據疊加原理確定兩點的電場強度確定出從o到c電場的方向，根據電場力做功的正負，判斷電勢能的變化解答： 解：a、a、b兩點兩個等量同種點電荷+q在o點產生的電場強度抵消，o點的電場強度等于點電荷q在o點產生的電場強度，不為零故a錯誤b、設ad=r，根據點電荷產生的電場強度公式e=k得到，兩個等量同種點電荷+q在d點產生的電場強度大小為：，方向水平向右q在d點產生的電場強度大小為：e2=k，方向水平向左，所以d點的合場強為零故b正確c、根據電場的疊加原理得到，c、o間電場強度方向為o到c，將點電荷q從o移向c，電場力做負功，電勢能增大故c正確d、c、o間電場強度方向為o到c，將點電荷+q從o移向c，電場力做正負，電勢能減小故d錯誤故選：bc點評： 空間任何一點的場強是各個電荷產生的電場疊加的結果，根據平行四邊形定則進行合成等量同種電荷的電場要抓住對稱性7質量均為m的a、b兩個小球之間系一個質量不計的彈簧，放在光滑的臺面上a緊靠墻壁，如圖所示，今用恒力f將b球向左擠壓彈簧，達到平衡時，突然將力撤去，此瞬間（）aa球的加速度為ba球的加速度為零cb球的加速度為db球的加速度為考點： 牛頓第二定律；胡克定律專題： 牛頓運動定律綜合專題分析： 先分析將力f撤去前彈簧的彈力大小，再分析將力f撤去的瞬間兩球所受的合力，根據牛頓第二定律求解加速度解答： 解：力f撤去前彈簧的彈力大小為f將力f撤去的瞬間，彈簧的彈力沒有變化，則a的受力情況沒有變化，合力為零，b的合力大小等于f，根據牛頓第二定律得到a球的加速度為零，b球的加速度為a= 故選：bd點評： 瞬時問題是牛頓定律應用典型的問題，一般先分析狀態變化前彈簧的彈力，再研究狀態變化瞬間物體的受力情況，求解加速度，要抓住彈簧的彈力不能突變的特點8如圖，木板a放在水平地面上，小物塊b通過輕彈簧與a的左側檔板p連接，a與b、a與地面之間均粗糙開始時彈簧處于原長，b位于a上的o點現將b拉至c點由靜止釋放向左運動，到達某點時速度為零（上述過程中a一直保持靜止），則此時（）ab所受的摩擦力可能為零ba所受的摩擦力不可能為零cb可能位于o點的左側db不可能位于o點的右側考點： 摩擦力的判斷與計算專題： 摩擦力專題分析： 從c點釋放后物塊b以受力平衡的位置為平衡位置做簡諧振動，根據簡諧振動的特點判斷b的位置和受力的情況解答： 解：a、b、c釋放后做簡諧運動的平衡位置o位于彈簧彈力與摩擦力相等的位置，即o點的右側，若o與c關于o對稱，即o位于o與c中間的位置，則物塊到達o點速度為0，（b與o重合），此時彈簧處于原長，物塊沒有運動的趨勢，所受摩擦力為零，故a正確b錯誤；c、b點時c關于o對稱的位置，可能位于o點的左側，也可能位于o點右側，還可以位于o點，故c正確d錯誤；故選：ac點評： 本題實際是借助摩擦力考查了對簡諧運動的理解，簡諧運動的平衡位置為回復力為零的位置，此模型中的回復力指的是彈簧彈力與摩擦力的合力9將三個木板1、2、3固定在墻角，木板與墻壁和地面構成了三個不同的三角形，如圖所示，其中1與2底邊相同，2和3高度相同現將一個可以視為質點的物塊分別從三個木板的頂端由靜止釋放，并沿斜面下滑到底端，物塊與木板之間的動摩擦因數均相同在這三個過程中，下列說法正確的是（）a沿著1和2下端到底端時，物塊的速度不同；沿著2和3下滑到底端時，物塊的速度相同b沿著1下滑到底端時，物塊的速度最大c物塊沿著3下滑到底端的過程中，產生的熱量是最多的d物塊沿著1和2下滑到底端的過程，產生的熱量是一樣多的考點： 功能關系；勻變速直線運動的位移與時間的關系；牛頓第二定律專題： 牛頓運動定律綜合專題分析： 本題應根據動能定理求解，只要正確對物體受力分析，分別求出各力做功的代數和，即可比較速度的大小解答： 解：對物塊從高為h的斜面上由靜止滑到底端時，根據動能定理有mgh=m，其中為物塊克服摩擦力做的功，因滑動摩擦力f=，又=mgcos，所以物塊克服摩擦力做的功為=fl=mgcosl=mglcos=mg，由圖可知，lcos為斜面底邊長，即若物體從斜面頂端下滑到底端時只要質量m與斜面底端長相同，則物體克服摩擦力做的功就相同故：a：因沿著1和2下滑到底端時相同，沿2和3下滑到底端時不同，沿3時克服摩擦力做的功多，由動能定理mgh=m，不難判斷a錯誤b：根據動能定理，沿1和2下滑時有mg=m，mg=m，同理沿2和3下滑時有mg=m，顯然，最大，故b正確c：由摩擦產生熱量q=，=mg，可知物塊沿3下滑到底端的過程中產生的熱量最多，故c正確d：同理，根據以上分析知，物塊沿1和2下滑到底端的過程中，產生的熱量一樣多，故d正確故選bcd點評： 通過本題求克服摩擦力做功可推得一個重要的結論：物體從斜面下滑到底端的過程中，克服摩擦力做的功與沿水平面滑動與斜面底端相同距離時克服摩擦力做的功相同三、簡答題本題分必做題（第10、11題）和選做題（第12題），兩部分共42分10（1）在“互成角度的兩個力的合成”實驗中，用兩個彈簧秤分別鉤住細繩套，互成角度地拉橡皮條，使它伸長到某一位置o點，為了確定兩個分力的大小和方向，這一步操作中必須記錄的是bda橡皮條固定端的位置b描下o點位置和兩條細繩套的方向c橡皮條伸長后的總長度d兩個彈簧秤的讀數（2）做實驗時，根據測量結果在白紙上畫出如圖所示的圖，其中o為橡皮筋與細繩的結點圖中的f與f為什么不完全重合，試說明原因記錄f1、f2時存在誤差；作圖時存在誤差；考點： 驗證力的平行四邊形定則專題： 實驗題；平行四邊形法則圖解法專題分析： 本實驗要求在兩次拉橡皮條的過程中力的作用效果要相同，即采用了“等效法”，在做力的圖示時、根據平行四邊形定則求合力時要知道力的大小和方向，由此可知實驗中應該記錄什么解答： 解：（1）該實驗的實驗目的是驗證力的平行四邊形定則，本實驗要求在兩次拉橡皮條的過程中力的作用效果要相同：即都可以將橡皮條拉伸到o點位置；實驗中要根據兩個彈簧拉橡皮筋時兩個拉力的大小和方向做出平行四邊形求出其合力大小，然后與一個彈簧拉橡皮筋時的拉力大小進行比較，最后得出結論，故需要記錄的是兩彈力的大小和方向即還需記錄兩細繩的方向，故bd正確故選：bd（2）圖中的f與f為什么不完全重合的原因可能是記錄f1、f2時存在誤差；作圖時存在誤差；故答案為：（1）bd（2）記錄f1、f2時存在誤差；作圖時存在誤差；點評： 本題比較全面的考察了驗證平行四邊形定則中的基礎知識，對于這些基礎知識和要求即要通過實驗進行切身體會，同時也要通過練習加深理解11（1）為了探究加速度與力的關系，使用如圖所示的氣墊導軌裝置進行實驗其中g1、g2為兩個光電門，它們與數字計時器相連，當滑行器通過g1、g2光電門時，光束被遮擋的時間t1、t2都可以被測量并記錄滑行器連同上面固定的一條形擋光片的總質量為m，擋光片寬度為d，光電門間距離為s，牽引砝碼的質量為m回答下列問題：實驗開始應先調節氣墊導軌下面的螺釘，使氣墊導軌水平，在不增加其它儀器的情況下，如何判定調節是否到位？答：將滑行器自由放在導軌上，并輕推滑行器，看其能否做勻速運動若取m=0.4kg，改變m的值，進行多次實驗，以下m的取值不合適的一個是d（a）m1=5g （b）m2=15g （c）m3=40g （d）m4=400g在此實驗中，需要測得每一個牽引力對應的加速度，其中求得的加速度的表達式為：（用t1、t2、d、s表示）（2）如圖是“驗證機械能守恒定律”的實驗中得到的一條紙帶已知每兩個計數點之間的時間間隔t=0.1s物體運動的加速度a=4.8m/s2；考點： 探究加速度與物體質量、物體受力的關系專題： 實驗題；牛頓運動定律綜合專題分析： （1）明確實驗原理以及氣墊導軌裝置的特點可正確解答；（2）根據牛頓第二定律可以推導出滑塊受到的合力與沙和沙桶的總重力大小基本相等的條件，根據實驗目的可知需要測量的數據；（3）光電門測量滑塊瞬時速度的原理是遮光條通過光電門的速度可以用平均速度代替即v=，再根據運動學公式即可求出物體的加速度a（4）根據作差法求解加速度解答： 解：（1）氣墊導軌可以認為是光滑的，在判斷其是否水平時可以采取的方法是：接通氣源，將滑塊靜置于氣墊導軌上，滑塊基本保持靜止說明導軌是光滑的，或接通氣源，將滑塊靜置于氣墊導軌上，輕推滑塊，滑塊能基本做勻速直線運動（2）在該實驗中實際是：mg=（m+m）a，要滿足mg=ma，應該使砝碼的總質量遠小于滑塊的質量若取m=0.4kg，改變m的值，進行多次實驗，m4=400g不能滿足，故選d（3）根據遮光條通過光電門的速度可以用平均速度代替得通過第一個光電門的速度v1=通過第二個光電門的速度v2=根據運動學公式則加速度為：a=（4）采用逐差法求解加速度x4x2=2a1t2，x3x1=2a2t2，a=（a1+a2）=4.8m/s2故答案為：（1）將滑行器自由放在導軌上，并輕推滑行器，看其能否做勻速運動；（2）d； （3）；（4）4.8m/s2點評： 明確實驗原理以及相應的物理規律，熟悉具體操作，提高應用基本物理規律解決問題的能力三【選做題】本題包括a、b、c三小題，請選定其中兩題，并在相應的答題區域內作答若三題都做，則按a、b兩題評分a（選修模塊3-3）（12分）12下列說法中正確的是（）a只要知道氣體的摩爾體積和阿伏加德羅常數，就可以算出氣體分子的體積b懸浮在液體中的固體微粒越小，布朗運動就越明顯c由于液體表面分子間距離大于液體內部分子間的距離，液面分子間只有引力，沒有斥力，所以液體表面具有收縮的趨勢d液晶既具有液體的流動性，又具有光學各向異性考點： * 晶體和非晶體；阿伏加德羅常數分析： 只有在標準大氣壓下，才可以通過氣體的摩爾體積和阿伏伽德羅常數得出氣體分子所占的體積分子間引力和斥力是同時存在的，液體表面具有收縮趨勢，是液面分子間引力大于斥力解答： 解：a、在加上標準大氣壓狀態下，a項才可以計算出其他分子所占的空間故a錯誤b、懸浮顆粒越小，受力越不平衡，布朗運動越明顯故b正確c、由于液體表面分子間距離大于液體內部分子間距離，液面分子間引力大于斥力，液體表面具有收縮趨勢故c錯誤d、液晶既具有液體的流動性，又具有光學的各向異性故d正確故選bd點評： 本題考查了阿伏伽德羅常數、布朗運動、液體表面張力、液晶等基礎知識點，關鍵要熟悉教材，牢記這些基本概念和基本規律13一定質量的理想氣體按圖示過程變化，其中bc與v軸平行，cd與t軸平行，則bc過程中氣體的內能不變（填“增加”“減小”或“不變”），氣體的壓強增加（填“增加”“減小”或“不變”）考點： 理想氣體的狀態方程；熱力學第一定律專題： 理想氣體狀態方程專題分析： 由圖象可知氣體的變化過程，可知氣體做等溫變化，由理想氣體的內能特點得出內能的變化；再由理想氣體狀態方程可得壓強的變化解答： 解：由圖可知，bc的過程中，氣體的溫度不變；而理想氣體的內能只與溫度有關，故氣體的內能不變；由=c可知，溫度不變，體積減小，故壓強應增大；故答案為：不變；增加點評： 本題考查理想氣體的狀態方程及氣體的內能特點，明確理想氣體的內能只與溫度有關，分子勢能忽略不計14如果氣缸中被密封的是0.1g的氫氣（h2），且在狀態a的體積為 va=3104m3，求此狀態時氣缸內氫氣分子間的平均距離（保留一位有效數字，已知阿伏加德羅常數na=6.01023mol1，氫原子的摩爾質量為1g/mol）考點： 理想氣體的狀態方程；封閉氣體壓強專題： 理想氣體狀態方程專題分析： 將氣體分子所占據的空間看成球形，氣體分子間的平均距離等于球體的直徑；求出分子體積即可以求出分子間的平均距離解答： 解：設氫氣分子間的平均距離為d0.1g氫氣的分子數為：n=將氣體分子所占據的空間看成球形，則n，則得：，代入得：6.010233.14d3=3104解得，d3109m答：氫氣分子間的平均距離為3109m點評： 本題根據宏觀量求微觀量，估算分子間的距離，阿伏伽德羅常數是聯系宏觀量與微觀量的橋梁，由阿伏伽德羅常數求出分子個數是正確解題的關鍵b（選修模塊3-4）（12分）15頻率不同的兩束單色光1和2以相同的入射角從同一點射入一厚玻璃板后，其光路如圖所示下列說法正確的是（）a單色光1的波長大于單色光2的波長b在玻璃中單色光1的傳播速度大于單色光2的傳播速度c單色光1的光子能量小于單色光2的光子能量d單色光1從玻璃到空氣的全反射臨界角小于單色光2從玻璃到空氣的全反射臨界角考點： 光的折射定律專題： 光的折射專題分析： 通過光的偏折程度比較出單色光1、2的折射率大小，從而比較出頻率、波長的大小，根據v=比較出在介質中傳播的速度大小根據sinc=比較出臨界角的大小解答： 解：a、單色光1比單色光2偏折厲害，則單色光1的折射率大，頻率大，則單色光1的波長小故a錯誤b、根據v=知，單色光1的折射率大，則單色光1在玻璃中傳播的速度小故b錯誤c、單色光1的頻率大，根據e=hv知，單色光1的光子能量大故c錯誤d、根據sinc=知，單色光1的折射率大，則臨界角小故d正確故選d點評： 解決本題的突破口在于根據光的偏折程度比較出折射率的大小，知道折射率、頻率、波長、在介質中的速度等大小關系16在“利用單擺測重力加速度”的實驗中，由單擺做簡諧運動的周期公式得到t2=l只要測量出多組單擺的擺長l和運動周期t，作出t2l圖象，就可求出當地的重力加速度，理論上t2l圖象是一條過坐標原點的直線某同學在實驗中，用一個直徑為d的帶孔實心鋼球作為擺球，多次改變懸點到擺球頂部的距離l0，分別測出擺球做簡諧運動的周期t后，作出t2l圖象，如圖所示造成圖象不過坐標原點的原因可能是aa將l0記為擺長l； b擺球的振幅過小 c將（l0+d）計為擺長l d擺球質量過大由圖象求出重力加速度g=9.87m/s2（取2=9.87）考點： 用單擺測定重力加速度專題： 實驗題；單擺問題分析： 根據實驗注意事項與實驗原理分析實驗誤差由單擺周期公式變形，得到t2與l的關系式，分析圖象斜率的意義，求解g解答： 解：（1）圖象不通過坐標原點，將圖象向右平移1cm就會通過坐標原點，故相同的周期下，擺長偏小1cm，故可能是測擺長時漏掉了擺球的半徑；將l0記為擺長l；故選：a（2）由t=2可得：t2=l，則t2l圖象的斜率等于，由數學知識得：，解得：g=2=9.87m/s2；故答案為：a；9.87點評： 本題關鍵明確實驗原理；通過圖象的平移得到擺長偏小1cm，得到誤差來源；通過圖象的函數表達式得到斜率的物理意義17x=0的質點在t=0時刻開始振動，產生的波沿x軸正方向傳播，t1=0.14s時刻波的圖象如圖所示，質點a剛好開始振動求波在介質中的傳播速度；求x=4m的質點在0.14s內運動的路程考點： 波長、頻率和波速的關系；橫波的圖象專題： 壓軸題分析： 由題知，振動在t=0.14s時間內傳播的距離為x=7m，由公式v=求出波速根據時間0.14s與周期的關系，分析和計算質點通過的路程解答： 解：由題知，振動在t=0.14s時間內傳播的距離為x=7m，則該波的傳播速度 v=代入數據得：v=50m/s在0.14s內，x=4m的質點只振動了個周期，該質點運動的過程：s=3a=15cm答：波在介質中的傳播速度為50m/s；x=4m的質點在0.14s內運動的路程為15cm點評： 本題抓住波在同一介質中是勻速傳播的，根據公式v=求出波速是關鍵c（選修模塊3-5）（12分）18如圖所示是氫原子的能級圖，現有大量處于n=3激發態的氫原子向低能級躍遷，所輻射的光子中，只有一種能使某金屬產生光電效應以下判斷正確的是（）a該光子一定是氫原子從激發態n=3躍遷到n=2時輻射的光子b該光子一定是氫原子從激發態n=2躍遷到基態時輻射的光子c若氫原子從激發態n=4躍遷到基態，輻射出的光子一定能使該金屬產生光電效應d若氫原子從激發態n=4躍遷到n=3，輻射出的光子一定能使該金屬產生光電效應考點： 氫原子的能級公式和躍遷專題： 原子的能級結構專題分析： 大量處于n=3激發態的氫原子向低能級躍遷，可以輻射出3種不同頻率的光子，只有一種能使某金屬產生光電效應知最大頻率的光子能使金屬發生光電效應解答： 解：a、大量處于n=3激發態的氫原子向低能級躍遷，所輻射的光子中，只有一種能使某金屬產生光電效應，知頻率最大的光子，即從n=3躍遷到n=1輻射的光子能使金屬發生光電效應故a、b錯誤c、因為n=4躍遷到n=1輻射的光子能量大于n=3躍遷到n=1輻射的光子能量，所以一定能使金屬發生光電效應故c正確d、n=4躍遷到n=3輻射的光子能量小于n=3躍遷到n=2輻射的光子能量，所以該光子一定不能使金屬發生光電效應故d錯誤故選c點評： 解決本題的關鍵掌握光電效應的條件，以及知道能級間躍遷輻射的光子能量等于兩能級間的能級差19一個質量為50千克的人站立在靜止于平靜的水面上的質量為400千克船上，突然船上人以2米/秒的水平速度跳向岸，不計水的阻力，則船以0.25米/秒的速度后退，若該人向上跳起，以人船為系統，人船的動量不守恒（填守恒或不守恒）考點： 動量守恒定律分析： 本題考查了動量守恒條件和動量守恒定律的應用，比較簡單，直接利用動量守恒定律即可求解解答： 解：由于不計水的阻力，人和船組成的系統水平方向動量守恒，以人前進方向為正，所以有：mvmv=0，帶入數據得v=0.25m/s，若人向上跳起，人船系統在豎直方向上合外力不為零，故其動量不守恒故答案為：0.25m/s，不守恒點評： 在應用動量守恒公式時注意公式的矢量性，同時注意動量守恒的條件強調的是系統外力為零，系統內部物體之間的作用力不影響動量守恒20太陽現在正處于主序星演化階段它主要是由電子和h、he等原子核組成維持太陽輻射的是它內部的核聚變反應，核反應方程是：2e+4hhe+釋放核能，這些核能最后轉化為輻射能已知質子質量mp，氦核的質量m，電子質量me，光速c試求每發生一次上述核反應所釋放的核能；用上述輻射中產生的波長為400nm某一單色光去照射逸出功為3.01019j金屬材料銫時，能否產生光電效應？若能，試求出產生的光電子的最大初動能（保留三位有效數字，普朗克常量h=6.631034js）考點： 愛因斯坦質能方程專題： 愛因斯坦的質能方程應用專題分析： 根據愛因斯坦質能方程，結合質量虧損求出釋放的核能根據光電效應的條件判斷能否發生光電效應，通過光電效應方程求出光電子的最大初動能解答： 解：（1）根據愛因斯坦質能方程得，e=mc2=（4mp+2mem）c2（2）單色光的能量為e=h=6.631034=4.971019j3.01019j所以可以產生光電效應最大初動能為ekm=hvw0=4.972510193.01019=1.971019j答：（1）每發生一次上述聚變反應所釋放的核能為（4mp+2mem）c2（2）能夠發生光電效應，光電子的最大初動能為1.971019j點評： 解決本題的關鍵掌握光電效應方程和愛因斯坦質能方程，并能靈活運用四、計算題（本題共3小題，共計47分解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位）21如圖所示，質量為mb=24kg的木板b放在水平地面上，質量為ma=22kg的木箱a放在木板b上一根輕繩一端拴在木箱上，另一端拴在天花板上，輕繩與水平方向的夾角為=37已知木箱a與木板b之間的動摩擦因數1=0.5現用水平向右、大小為200n的力f將木板b從木箱a下面勻速抽出（sin 370.6，cos 370.8，重力加速度g取10m/s2），求：（1）輕繩的拉力為多大？（2）木板b與地面之間的動摩擦因數2的大小為多大？考點： 共點力平衡的條件及其應用；物體的彈性和彈力專題： 共點力作用下物體平衡專題分析： 將物體b勻速向右拉出過程中，a物體保持靜止狀態，受力均平衡分別分析兩個物體的受力情況，作出力圖，根據平衡條件列方程求解即可解答： 解：（1）對a受力分析如圖甲所示，由題意得：ftcos=ff1fn1+ftsin=magff1=1fn1由得：ft=100 n（2）對a、b整體受力分析如圖乙所示