高考模式考試試卷解析版普陀區民族中學2018-2019學年高二上學期第二次月考試卷物理班級_ 姓名_ 分數_高傭聯盟邀請碼13579 高傭聯盟運營總監邀請碼1357 注冊高傭聯盟app一、選擇題1 下列各項中屬于電磁波的是A. X射線 B. 引力波 C. 湖面上的水波 D. 可見光2 如圖，電梯的頂部掛有一個彈簧測力計，其下端掛了一個重物，電梯勻速直線運動時，彈簧測力計的示數為10 N，在某時刻電梯中相對電梯靜止不動的人觀察到彈簧測力計的示數變為8 N，g取10 m/s2，以下說法正確的是A電梯可能向下加速運動，加速度大小為2 m/s2B電梯可能向下減速運動，加速度大小為12 m/s2C此時電梯對人的支持力大小等于人的重力大小D此時電梯對人的支持力大小小于人對電梯的壓力3 關于速度和加速度，下列說法中正確的是( )A速度方向改變，加速度方向一定改變B加速度大的物體運動得快C加速度減小時速度也一定減小D加速度不為零時，速度一定會改變4 如圖所示，一根質量為m的金屬棒AC，用軟線懸掛在磁感強度為B的勻強磁場中，通入AC方向的電流時，懸線張力不為零，欲使懸線張力為零，可以采用的辦法是 A不改變電流和磁場方向，適當減小電流B不改變磁場和電流方向，適當增大磁感強度C只改變電流方向，并適當增加電流D只改變電流方向，并適當減小電流5 如圖所示，可以將電壓升高供給電燈的變壓器的圖是（ ）6 如圖1所示，為定值電阻，為可變電阻，為電源電動勢，為電源內阻，以下說法正確的是 A當=+時，上獲得最大功率 B當=+時，上獲得最大功率 C當增大時，電源的效率變大 D當=0時，電源的輸出功率一定最小 7 從地面上以初速度v0豎直向上拋出一質量為m的小球，若運動過程中小球受到的空氣阻力與其速率成正比，小球運動的速度大小隨時間變化的規律如圖所示，t1時刻到達最高點，再落回地面，落地速率為v1，且落地前小球已經做勻速運動，則在整個過程中，下列說法中不正確的是 A小球被拋出時的加速度值最大，到達最高點的加速度值最小B小球的加速度在上升過程中逐漸減小，在下降過程中也逐漸減小C小球拋出瞬間的加速度大小為D小球下落過程的平均速度大于8 如圖所示，P、Q是兩個電量相等的正的點電荷，它們連線的中點是O，A、 B是中垂線上的兩點，OA OB，用EA、EB、A、B分別表示A、B兩點的場強和電勢，則（ ）AEA一定大于EB，A一定大于BBEA不一定大于EB，A一定大于BCEA一定大于EB，A不一定大于BDEA不一定大于EB，A不一定大于B9 如圖所示電路中，電源電動勢為E，線圈L的電阻不計以下判斷不正確的是（ ）A閉合S穩定后，電容器兩端電壓為EB閉合S穩定后，電容器的a極板不帶電C斷開S后的很短時間里，電容器的a極板將帶正電D斷開S后的很短時間里，電容器的a極板將帶負電 10在陽臺上，將一個小球以v=15m/s初速度豎直上拋，則小球到達距拋出點h=10m的位置所經歷的時間為（g=10m/s2）A. 1s B. 2s C. D. （2+）s11以下各選項中屬于交流電的是12如圖所示電路，水平放置的平行板電容器的一個極板與滑動變阻器的滑片P相連接。電子以速度垂直于電場線方向射入并穿過平行板間的電場。在保證電子還能穿出平行板間電場的情況下，若使滑動變阻器的滑片P上移，則有關電容器極板上所帶電荷量q和電子穿越平行板所需的時間t，下列說法正確的是A. 電荷量q增大，時間t不變B. 電荷量q不變，時間t增大C. 電荷量q增大，時間t減小D. 電荷量q不變，時間t不變13質量為m的帶電小球在勻強電場中以初速v0水平拋出，小球的加速度方向豎直向下，其大小為2g/3。則在小球豎直分位移為H的過程中，以下結論中正確的是（ ） A. 小球的電勢能增加了2mgH/3 B. 小球的動能增加了2mgH/3 C. 小球的重力勢能減少了mgH/3 D. 小球的機械能減少了mgH/314如圖所示，在租糙水平面上A處平滑連接一半徑R=0.1m、豎直放置的光滑半圓軌道，半圓軌道的直徑AB垂直于水平面，一質量為m的小滑塊從與A點相距為x（x0）處以初速度v0向左運動，并沖上半圓軌道，小滑塊從B點飛出后落在水平地面上，落點到A點的距離為y。保持初速度vO不變，多次改變x的大小，測出對應的y的大小，通過數據分析得出了y與x的函數關系式為，其中x和y的單位均為m，取 g=10m/s。則有A. 小滑塊的初速度vO=4m/sB. 小滑塊與水平地面間的動摩擦因數=0.5C. 小滑塊在水平地面上的落點與A點的最小距離ymin=0.2mD. 如果讓小滑塊進入半圓軌道后不脫離半圓軌道（A、B兩端除外），x應滿足0x2.75m15一個質量為0.1kg的小球從空中靜止下落，與水平地面相碰后彈到空中某一高度，其速度隨時間變化的關系如下圖所示，則A在這1.5s內，小球的位移為2.5mB在這1.5s內，小球的路程為2.5mC小球在空氣阻力作用下損失機械能0.8JD小球在碰撞過程中損失機械能1.4J二、填空題16（1）在做“探究平拋運動的規律”實驗時，下列操作正確的是（ ）A通過調節使斜槽的末端保持水平B每次釋放小球的位置可以不同C使描出的軌跡更好地反映真實運動，記錄的點應適當多一些D將記錄小球位置的紙取下后，用直尺依次將各點連成折線 （2）圖6所示為一小球做平拋運動的閃光照片的一部分，圖中背景方格的邊長均為4. 9cm，每秒鐘閃光10次，小球平拋運動的初速度是 m/s，當地的重力加速度大小是 m/s 17mmmm如圖所示，在以O點為圓心、r為半徑的圓形區域內，在磁感強度為B，方向垂直紙面向里的勻強磁場，a、b、c為圓形磁場區域邊界上的3點，其中aob=boc=600，一束質量為m，電量為e而速率不同的電子從a點沿ao方向射人磁場區域，其中從bc兩點的弧形邊界穿出磁場區的電子，其速率取值范圍是 三、解答題18如圖所示，物體1、物體3的質量均為m=1kg,質量為M=2 kg、長度為L=1.0m的長木板2與物體3通過不可伸長輕繩連接.跨過光滑的定滑輪.設長板2到定滑輪足夠遠，物體3離地面高H=6.5m，物體1與長板2之間的動摩擦因數。長板2在光滑的桌面上從靜止開始釋放，同時物體.（視為質點）在長板2的左端以的初速度開始運動.求：（1）長板2開始運動時的加速度大小；（2）通過計算說明物體1是否會從長木板2的右端落下?（3）當物體3落地時，物體1在長板2上的位置.19如圖甲所示的是安全恒溫飲水機的自動控制電路左邊是一個對水加熱的容器，內有密封絕緣可調的電熱絲發熱器和接觸開關S1，只要有水浸沒S1，它就會導通Rx是一個熱敏電阻，低溫時呈現高電阻，達到高溫時（如水的沸點）呈現低電阻Ry是一個可變電阻，低溫時RxRy，高溫（水的沸點）時RxRy中方框P內是一個邏輯門，A、B是邏輯門的輸入端，Z是輸出端當A、B輸入都為高電勢時，Z才輸出高電勢右邊虛線框J內是一個繼電器，當Z輸出高電勢時電磁線圈中有電流，S2被吸動閉合，發熱器工作該加熱電路中，電的電動勢為220V，內電阻為4，電熱絲是一根額定電流為5A、總阻值為220的均勻電阻絲制成的圓環形滑動變阻器，如圖乙所示（1）根據題意，甲圖中方框P是一個_（選填“與”、“或”、“非”）邏輯門，該邏輯門輸入信號由水位高低控制的輸入端是_，輸入信號由水溫高低控制的輸入端是_（后兩空選填“A”、“B”）（2）當加熱電路安全工作時，電的可能最高效率和可能最大輸出功率分別是多少？普陀區民族中學2018-2019學年高二上學期第二次月考試卷物理（參考答案）一、選擇題1 【答案】AD【解析】可見光、X射線都屬于電磁波；湖面上的水波屬于機械波，引力波不屬于電磁波，故AD正確，BC錯誤。2 【答案】A【解析】AB、電梯勻速直線運動時，彈簧秤的示數為10 N，知重物的重力等于10 N。彈簧測力計的示數變為8 N時，對重物有：mgF=ma，解得a=2 m/s2，方向豎直向下，則電梯的加速度大小為2 m/s2，方向豎直向下。電梯可能向下做加速運動，也可能向上做減速運動。故A正確，B錯誤；C、由于加速度方向豎直向下，人處于失重狀態，電梯對人的支持力大小小于人的重力大小，C錯誤；D、電梯對人的支持力與人對電梯的壓力是作用力與反作用力，大小相等，D錯誤。故選A。3 【答案】D4 【答案】B【解析】5 【答案】C【解析】試題分析：甲圖中原線圈接入恒定電流，變壓器不能工作，故A錯誤；乙圖中，原線圈匝數比副線圈匝數多，所以是降壓變壓器，故B錯誤；丙圖中，原線圈匝數比副線圈匝數少，所以是升壓變壓器，故C正確；丁圖中，原線圈接入恒定電流，變壓器不能工作，故D錯誤。考點：考查了理想變壓器6 【答案】AC 7 【答案】A 【解析】 小球上升過程的加速度大小為，隨速度減小而減小，到達最高點時加速度為g，下落過程的加速度大小為，隨著速度增大，加速度減小，最后減小到0，故小球被拋出時的加速度值最大，A錯誤，B正確；當小球勻速時，有，則拋出瞬間的加速度，C正確；下落過程小球做加速度減小的加速運動，平均速度大于，D正確。故選A。8 【答案】B9 【答案】AD【解析】試題分析：閉合S穩定后，線圈L相當于導線，則電容器被短路，則其電壓為零，故A錯誤；當閉合S穩定后，電容器被短路，則其電壓為零，電容器的a極板不帶電，故B正確；斷開S的瞬間，線圈L中電流減小，產生自感電動勢，相當于電源，結電容器充電，根據線圈的電流方向不變，則電容器的a極板將帶正電故C正確，D錯誤。考點：考查了電感電容對交流電的阻礙作用10【答案】ABC11【答案】C【解析】試題分析：交流電是指電流的方向發生變化的電流，電流的大小是否變化對其沒有影響，電流的方向變化的是C，故C是交流電，ABD是直流電。考點：考查了對交流電的理解12【答案】A【解析】當滑動變阻器的滑動端P上移時，跟電容器并聯的阻值增大，所以電容器的電壓U增大，根據q=UC可得電量q增大；電子在平行板電容器中做類平拋運動，沿極板方向做勻速直線運動，所以運動時間：，與電壓的變化無關，所以時間t不變，故A正確，BCD錯誤。13【答案】BD14【答案】AC【解析】滑塊從出發點運動到B的過程，由動能定理得：，滑塊從B離開后做平拋運動，則有：，聯立得：，代入數據解得：與比較系數可得：=0.2，v0=4m/s，故A正確，B錯誤；當滑塊通過B點時，在水平地面上的落點與A點的最小距離，則在B點有：，滑塊從B離開后做平拋運動，則有：，聯立并代入數據解得最小距離為：ymin=0.2m，故C正確；滑塊通過B點的臨界條件是重力等于向心力，則在B點有：，滑塊從出發點運動到B的過程，由動能定理得：，聯立解得 x=2.5m，所以x的取值范圍是 0x2.5m，故D錯誤。所以AC正確，BD錯誤。 15【答案】A,D二、填空題16【答案】（1）AC（2）1.47m/s 17【答案】 （4分）三、解答題18【答案】（1）4m/s2（2）物體1不會從長木板右端落下；（3）物體1在長木板2的最左端.【解析】 （3） 此后，假設物體123相對靜止， ，物體1受到的靜摩擦力為 Ff1=ma=3.3NFf=mg=2N，故假設不成立，則知物體1和物體2相對滑動，整體下落高度h=H-x2，根據，物體1的位移，由以上各式得h-x3=1m，故物體1在長木板2的最左端。點晴：本題是牛頓第二定律和運動學公式結合，邊計算邊