1、2018年上海市楊浦區高考物理二模試卷一、選擇題（共40分第1-8小題，每小題3分，第9-12小題，每小題3分每小題只有一個正確答案1（3分）（2018楊浦區二模）下列現象中，與原子核內部變化有關的是（）A光電效應Ba粒子散射實驗C天然放射現象Dx射線的發射2（3分）（2018楊浦區二模）以下關于光子說的基本內容，不正確的說法是（）A光子的能量跟它的頻率有關B紫光光子的能量比紅光光子的能量大C光子是具有質量、能量和體積的實物微粒D在空間傳播的光是不連續的，而是一份一份的，每一份叫一個光子3（3分）（2018楊浦區二模）科學家常用中子轟擊原子核，這是因為中子（）A質量較小B質量較大C能量較大D是

2、電中性的4（3分）（2018楊浦區二模）科學技術的發展促進了人們對原子、原子核的認識，下列說法中正確的是（）A衰變說明原子核內部存在自由電子B太陽輻射的能量主要來自太陽內部的熱核反應C粒子散射實驗結果說明原子內部正電荷是均勻分布的D氡原子核的半衰期為3.8天，4個氡原子核經過7.6天一定只剩下1個未發生衰變5（3分）（2018楊浦區二模）簡諧運動屬于（）A勻變速運動B勻速直線運動C變加速運動D勻加速直線運動6（3分）（2018楊浦區二模）關于勻變速直線運動，下列說法正確的是（）A勻變速直線運動的速度隨時間均勻變化B勻減速直線運動就是加速度為負值的運動C勻加速直線運動的速度一定與時間成正比D速度

3、先減小再增大的運動一定不是勻變速直線運動7（3分）（2018楊浦區二模）下列說法中正確的是（）A物體間的相互作用力，不一定是同性質的力B輕繩給物體拉力必沿繩且指向繩收縮的方向C靜止在斜面上的物體，物體所受斜面的作用力與物體所受重力大小一定相等D人推自行車在水平路面上前進，前輪受的摩擦力向后，后輪受的摩擦力向前8（3分）（2018楊浦區二模）關于物體的內能，下列說法中正確的是（）A水分子的內能比冰分子的內能大B一定質量的0的水結成0的冰，內能一定減少C物體所在的位置越高，分子勢能就越大，內能越大D相同質量的兩個同種物體，運動物體的內能一定大于靜止物體的內能9（4分）（2018楊浦區二模）某同學從

4、電子市場購買了一款手機電池板，如圖所示，根據電池板上的標識，該電池一次可以提供的最大電能約為（）A8.4103JB7.4103JC2.6104JD3.0104J10（4分）（2018閔行區二模）如圖所示，圓筒形鋁管豎直置于水平桌面上，一磁塊從鋁管的正上方由靜止開始下落，穿過鋁管落到水平桌面上，下落過程中磁塊不與管壁接觸忽略空氣阻力，則在下落過程中（）A磁塊做自由落體運動B磁塊的機械能守恒C鋁管對桌面的壓力大于鋁管的重力D磁塊動能的增加量大于重力勢能的減少量11（4分）（2018楊浦區二模）關于通電直導線在磁場中所受的安培力，下列說法正確的是（）A磁感應強度跟導線所受的安培力成正比B安培力的方向

5、跟磁感應強度的方向垂直C磁感應強度的方向跟安培力的方向相同D通電直導線在磁場中某處受到的安培力為零，則該處的磁感應強度一定為零12（4分）（2018楊浦區二模）如圖所示，左邊的體積是右邊的4倍，兩邊充以同種氣體，溫度分別為20和10，此時連接兩容器的細玻璃管的水銀柱保持靜止，如果容器兩邊的氣體溫度各升高10，忽略水銀柱及容器的膨脹，則水銀柱將（）A向左移動B向右移動C靜止不動D條件不足，無法判斷二、填空題13（4分）（2018楊浦區二模）某同學從空中點O以v0=20m/s的速度豎直向上拋出一小球，不計空氣阻力，g取10m/s2求：拋出后3s末小球的速度大小為 m/s，3s內的路程為 m14（4

6、分）（2018楊浦區二模）一個帶正電的質點，電量q=2.0109 C，在靜電場中由a點移到b點。在這過程中，除電場力外，其他力做的功為6.0105J，質點的動能增加了8105J，則從a到b的過程中電場力做的功為 J，a、b兩點間電勢差U為 V。15（4分）（2018楊浦區二模）一定質量的理想氣體（氣體分子間作用力不計）壓強p與攝氏溫度t的關系如圖所示，氣體從狀態A變到狀態B，則氣體在狀態A的體積 在狀態B的體積；此過程中，氣體內能 （均選填“變大”、“不變”或“變小”）16（4分）（2018楊浦區二模）如圖所示，沿波的傳播方向上有間距均為2m的五個質點a、b、c、d、e，均靜止在各自的平衡位置

7、一列簡諧波以2m/s的速度水平向右傳播，t=0時刻波到達質點a，且質點a開始由平衡位置向下運動，t=3s時質點a第一次到達波峰，則該列波的波長為 m，質點e在t= s時第一次到達波峰17（4分）（2018楊浦區二模）額定功率為80kW的汽車，在平直公路上行駛的最大速度是20m/s，汽車質量是2000kg，如果汽車從靜止開始先做加速度為2m/s2的勻加速直線運動，達到額定功率后以額定功率行駛，在運動過程中阻力不變，則汽車勻加速運動時的牽引力F= N，汽車從靜止開始運動的10s的過程中牽引力力做的功W= J。三、綜合題（共40分）18（10分）（2018楊浦區二模）某同學在做“用DIS測定電源的電

8、動勢和內阻”的實驗時用如圖（a）所示的電路，其中定值電阻阻值R1=0.5歐（1）圖（a）中B為 傳感器，滑動變阻器R在實驗中起 作用：（2）實驗測得的路端電壓U相應電流I的擬合曲線如圖（b）所示，由此得到電源電動勢E= V，內阻r= 歐。（3）、該實驗中應該選用下列哪個規格的滑動變阻器（下列是滑動變阻器銘牌上的規格參數） A、50歐，2A B、20歐，0.5A C、20歐，1A D、20歐，2A19（14分）（2018楊浦區二模）如圖所示，斜面ABC下端與光滑的圓弧軌道CDE相切于C，整個裝置豎直固定，D是最低點，圓心角DOC=37，E、B與圓心O等高，軌道軌道半徑R=0.30m，斜面長L=1

9、.90m，AB部分光滑，BC部分粗糙，現有一個質量為m=0.10kg的小物塊P從斜面上端A點無初速下滑，物塊P與斜面BC部分之間的動摩擦因數為0.75取sin37=0.6，cos37=0.8，重力加速度g=10m/s2，忽略空氣阻力，求：（1）物塊通過B點時的速度大小vB；（2）物塊第一次通過C點時的速度大小vC；（3）物塊第一次通過D點后能上升的最大高度；（4）分析說明物塊最終處于什么狀態。20（16分）（2018楊浦區二模）如圖甲所示，光滑的平行金屬導軌水平放置，導軌間距L=1m，左側接一阻值為R=0.5歐的電阻。在MN與PQ之間存在垂直軌道平面的有界勻強磁場，磁場寬度d=lm質量m=1k

10、g的金屬棒ab置于導軌上，與導軌垂直且接觸良好，不計導軌和金屬棒的電阻。金屬棒ab受水平力F的作用從磁場的左邊界MN由靜止開始運動，其中F與x（x為金屬棒距MN的距離）的關系如圖乙所示、通過電壓傳感器測得電阻R兩端電壓隨時間均勻增大，則：（1）金屬棒剛開始運動時的加速度為多少？（2）磁感應強度B的大小為多少？（3）若某時刻撤去外力F后金屬棒的速度v隨位移s的變化規律滿足v=v0s（v0為撤去外力時的速度，s為撤去外力F后的位移），且棒運動到PQ處時恰好靜止，則外力F作用的時間為多少？2018年上海市楊浦區高考物理二模試卷參考答案與試題解析一、選擇題（共40分第1-8小題，每小題3分，第9-12

11、小題，每小題3分每小題只有一個正確答案1（3分）（2018楊浦區二模）下列現象中，與原子核內部變化有關的是（）A光電效應Ba粒子散射實驗C天然放射現象Dx射線的發射【分析】粒子散射現象是用粒子打到金箔上，受到原子核的庫倫斥力而發生偏折的現象；天然放射現象是原子核內部自發的放射出粒子或電子的現象；光電效應是原子核外層電子脫離原子核的束縛而逸出；陰極射線打到金屬上從金屬中發出X射線，是核外電子逸出。【解答】解：A、光電效應是原子核外層電子脫離原子核的束縛而逸出，沒有涉及到原子核的變化，故A錯誤；B、粒子散射實驗表明了原子內部有一個很小的核，并沒有涉及到核內部的變化，故B錯誤；C、天然放射現象是原子

12、核內部發生變化自發的放射出粒子或電子，從而發生衰變或衰變，反應的過程中核內核子數，質子數，中子數發生變化，故C正確；D、陰極射線打到金屬上從金屬中發出X射線，是核外電子逸出，未產生新核，故D錯誤。故選：C。2（3分）（2018楊浦區二模）以下關于光子說的基本內容，不正確的說法是（）A光子的能量跟它的頻率有關B紫光光子的能量比紅光光子的能量大C光子是具有質量、能量和體積的實物微粒D在空間傳播的光是不連續的，而是一份一份的，每一份叫一個光子【分析】光子的能量跟它的頻率成正比；紫光的頻率比紅光的頻率大；光子沒有靜止質量，也沒有具體的體積，光子不是實物粒子；光是在空間傳播的電磁波，是不連續的，是一份一

13、份的能量。【解答】解：A、根據E=hv判斷出光子的能量與光子的頻率因素成正比關系。故A正確； B、在可見光的范圍內，紫光的頻率最大，而紅光的頻率最小，根據公式E=hv可得：紫光的能量大。故B正確； C、光子具有能量，但沒有靜止質量，也沒有具體的體積，它不是實物粒子。故C錯誤； D、光是在空間傳播的電磁波，是不連續的，是一份一份的能量，每一份叫做一個光子。故D正確 本題選擇不正確的，故選：C。3（3分）（2018楊浦區二模）科學家常用中子轟擊原子核，這是因為中子（）A質量較小B質量較大C能量較大D是電中性的【分析】中子因為它本身是不帶電的，因此它和原子核的相互作用，它可以不受到庫侖力的影響，另外

14、它在穿越物質的過程中，它不會引起物質的電離【解答】解：用中子轟擊原子核，因為中子呈電中性，在轟擊原子核的過程中，不受原子核的作用力，另外不會引起物質的電離。故D正確。A、B、C錯誤。故選：D。4（3分）（2018楊浦區二模）科學技術的發展促進了人們對原子、原子核的認識，下列說法中正確的是（）A衰變說明原子核內部存在自由電子B太陽輻射的能量主要來自太陽內部的熱核反應C粒子散射實驗結果說明原子內部正電荷是均勻分布的D氡原子核的半衰期為3.8天，4個氡原子核經過7.6天一定只剩下1個未發生衰變【分析】衰變是原子核內的中子轉化為質子同時釋放出電子；棗糕模型提出原子內部正電荷是均勻分布的，a粒子散射實驗

15、結果說明原子內部正電荷只占整個原子的很小空間；太陽輻射來自太陽內部的熱核反應；半衰期具有統計規律，對大量的原子核適用。【解答】解：A、衰變是原子核內的中子轉化為質子同時釋放出電子，不是證明原子核內部存在電子，故A錯誤；B、太陽輻射的能量來自于太陽內部的熱核反應，故B正確；C、從絕大多數粒子幾乎不發生偏轉，可以推測使粒子受到排斥力的核體積極小，所以帶正電的物質只占整個原子的很小空間，故C錯誤；D、半衰期對大量的原子核適用，對少量的原子核不適用，故D錯誤；故選：B。5（3分）（2018楊浦區二模）簡諧運動屬于（）A勻變速運動B勻速直線運動C變加速運動D勻加速直線運動【分析】根據簡諧運動的加速度與位

16、移的關系，分析加速度是否變化，來判斷簡諧運動的性質，若加速度不變，是勻變速直線運動；若加速度變化，則是變加速運動。【解答】解：根據簡諧運動的特征：a=，可知物體的加速度大小和方向隨位移的變化而變化，位移作周期性變化，加速度也作周期性變化，所以簡諧運動是變加速運動。故選：C。6（3分）（2018楊浦區二模）關于勻變速直線運動，下列說法正確的是（）A勻變速直線運動的速度隨時間均勻變化B勻減速直線運動就是加速度為負值的運動C勻加速直線運動的速度一定與時間成正比D速度先減小再增大的運動一定不是勻變速直線運動【分析】勻變速直線運動是加速度不變的直線運動，速度的方向可能與加速度的方向相同，也可能相反。根據

17、以上知識即可求解【解答】解：A、勻變速直線運動是加速度不變的直線運動，速度均勻變化，故A正確；B、勻減速直線運動是速度方向和加速度方向相反的運動，加速度并不一定為負值，故B錯誤；C、勻加速直線運動的速度不一定與時間成正比，如果有初速度即v=v0+at，故C錯誤D、速度先減小再增大的運動可能是勻變速直線運動，如勻減速直線運動，減速到零再反向加速運動，故D錯誤故選：A。7（3分）（2018楊浦區二模）下列說法中正確的是（）A物體間的相互作用力，不一定是同性質的力B輕繩給物體拉力必沿繩且指向繩收縮的方向C靜止在斜面上的物體，物體所受斜面的作用力與物體所受重力大小一定相等D人推自行車在水平路面上前進，

18、前輪受的摩擦力向后，后輪受的摩擦力向前【分析】作用力與反作用力的性質一定相同，繩子上的彈力一定沿繩指向繩收縮的方向；明確平衡條件，知道物體在平衡狀態下，合力為零；根據摩擦力的性質確定摩擦力的方向。【解答】解：A、物體間的相互作用力，一定是同性質的力，故A錯誤；B、輕繩給物體拉力必沿繩且指向繩收縮的方向，故B正確；C、根據平衡條件可知，靜止在斜面上的物體，物體所受斜面的作用力與物體所受重力大小一定相等，方向相反，故C正確；D、人推自行車在水平路面上前進時，前后輪均相對地面向前運動，故前輪受的摩擦力向后，后輪受的摩擦力向后，故D錯誤。故選：BC。8（3分）（2018楊浦區二模）關于物體的內能，下列

19、說法中正確的是（）A水分子的內能比冰分子的內能大B一定質量的0的水結成0的冰，內能一定減少C物體所在的位置越高，分子勢能就越大，內能越大D相同質量的兩個同種物體，運動物體的內能一定大于靜止物體的內能【分析】物體內所有分子動能與分子勢能之和是物體的內能；做功與熱傳遞是改變物體內能的兩種方式；物體的內能由物質的量、物體的溫度與物體體積決定【解答】解：A、所有分子動能與勢能之和是物體的內能，對一個分子不能談內能，不能比較一個水分子與一個分子的內能關系，故A錯誤；B、一定質量的0的水結成0的冰要釋放熱量，其內能一定減少，故B正確；C、分子勢能與分子間分子力和分子間距離有關，與物體的位置高度無關，故C錯

20、誤；D、物體內所有分子動能與勢能之和是物體的內能，物體內能由物質的量、物體的溫度與物體體積決定，物體內能與物體是否運動無關，故D錯誤；故選：B。9（4分）（2018楊浦區二模）某同學從電子市場購買了一款手機電池板，如圖所示，根據電池板上的標識，該電池一次可以提供的最大電能約為（）A8.4103JB7.4103JC2.6104JD3.0104J【分析】本題考查對電池性能的認識，由圖可得出電池的電動勢及總電量，由W=UIt求出電池提供的最大電能。【解答】解：由圖可知，電池的電動勢為3.7V；由圖可知，該電源的電量為：q=2000mAh=20003.6C=7200C；則最大電能W=UIt=UQ=3.

21、77200J2.66104J；故ABD錯誤；C正確；故選：C。10（4分）（2018閔行區二模）如圖所示，圓筒形鋁管豎直置于水平桌面上，一磁塊從鋁管的正上方由靜止開始下落，穿過鋁管落到水平桌面上，下落過程中磁塊不與管壁接觸忽略空氣阻力，則在下落過程中（）A磁塊做自由落體運動B磁塊的機械能守恒C鋁管對桌面的壓力大于鋁管的重力D磁塊動能的增加量大于重力勢能的減少量【分析】條形磁鐵通過鋁管時，導致鋁管的磁通量發生變化，從而產生感應電流，出現感應磁場要阻礙原磁場的變化，導致條形磁鐵受到一定阻力，因而機械能不守恒；在下落過程中導致鋁管產生熱能；根據楞次定律得出鋁管對桌面的壓力大于鋁管的重力【解答】解：A

22、、磁鐵在鋁管中運動的過程中，雖不計空氣阻力，但在過程中，出現安培力作負功現象，從而磁塊不會做自由落體運動，故A錯誤，B、磁鐵在整個下落過程中，除重力做功外，還有產生感應電流對應的安培力做功，導致減小的重力勢能，部分轉化動能外，還有產生內能。故機械能不守恒；同時增加的動能小于重力勢能的減小量，故BD錯誤；C、磁鐵在整個下落過程中，由楞次定律中來拒去留規律可知，鋁管受向下的作用力，故鋁管對桌面的壓力一定大于鋁管的重力，故C正確；故選：C。11（4分）（2018楊浦區二模）關于通電直導線在磁場中所受的安培力，下列說法正確的是（）A磁感應強度跟導線所受的安培力成正比B安培力的方向跟磁感應強度的方向垂直

23、C磁感應強度的方向跟安培力的方向相同D通電直導線在磁場中某處受到的安培力為零，則該處的磁感應強度一定為零【分析】本題考查了產生條件、大小與方向，當電流方向與磁場平行時不受安培力，根據左手定則可知安培力的方向與磁場垂直引用公式F=BIL時，注意要求磁場與電流垂直，若不垂直應當將導線沿磁場與垂直于磁場分解，因此垂直時安培力最大，最大為F=BIL【解答】解：A、根據磁感應強度定義式B=，可知：磁感應強度跟導線所受的安培力，及電流與導線長度均沒有關系，故A錯誤；B、根據左手定則可知，安培力方向與磁場和電流組成的平面垂直，即與電流和磁場方向都垂直，故B正確，C錯誤；D、當電流方向與磁場的方向平行，所受安

24、培力為0，而此時的磁感應強度不一定為零，故D錯誤。故選：B。12（4分）（2018楊浦區二模）如圖所示，左邊的體積是右邊的4倍，兩邊充以同種氣體，溫度分別為20和10，此時連接兩容器的細玻璃管的水銀柱保持靜止，如果容器兩邊的氣體溫度各升高10，忽略水銀柱及容器的膨脹，則水銀柱將（）A向左移動B向右移動C靜止不動D條件不足，無法判斷【分析】這類題目只能按等容過程求解因為水銀柱的移動是由于受力不平衡而引起的，而它的受力改變又是兩段空氣柱壓強增量的不同造成的，所以必須從壓強變化入手【解答】解：假定兩個容器的體積不變，即V1，V2不變，所裝氣體溫度分別為293k和283k，當溫度升高T時，左邊的壓強由

25、p1增至p1，p1=p1p1，右邊的壓強由p2增至p2，p2=p2p2。由查理定律得：P1=T，P2=T，因為p2=p1，所以p1p2，即水銀柱應向左移動。故選：A。二、填空題13（4分）（2018楊浦區二模）某同學從空中點O以v0=20m/s的速度豎直向上拋出一小球，不計空氣阻力，g取10m/s2求：拋出后3s末小球的速度大小為10m/s，3s內的路程為25m【分析】取豎直向上方向為正方向，豎直上拋運動可以看成一種加速度為g的勻減速直線運動，由速度時間公式求3s末小球的速度大小由位移公式求出3s內的位移以及最大高度，再求3s內的路程【解答】解：取豎直向上方向為正方向，豎直上拋運動可以看成一種

26、加速度為g的勻減速直線運動，則拋出后3s末小球的速度為 v=v0gt=20103=10m/s，速度大小為10m/s3s內的位移為 x=3=15m，小球上升的最大高度為 H=20m則3s內的路程為 S=2Hx=25m故答案為：10，2514（4分）（2018楊浦區二模）一個帶正電的質點，電量q=2.0109 C，在靜電場中由a點移到b點。在這過程中，除電場力外，其他力做的功為6.0105J，質點的動能增加了8105J，則從a到b的過程中電場力做的功為2.0105J，a、b兩點間電勢差U為1104V。【分析】質點在靜電場中由A點移到B點的過程中，電場力和其他外力對質點做功，引起質點動能的增加。電場

27、力做功為Wab=qUab，根據動能定理求解a、b兩點間的電勢差Uab。【解答】解：由a點移到b點，根據動能定理得：Wab+W其它=EK即電場力做功：Wab=EKWab=8.01056.0105=2.0105J，根據Wab=qUab，得：故答案為：2.0105，1104。15（4分）（2018楊浦區二模）一定質量的理想氣體（氣體分子間作用力不計）壓強p與攝氏溫度t的關系如圖所示，氣體從狀態A變到狀態B，則氣體在狀態A的體積小于在狀態B的體積；此過程中，氣體內能變小 （均選填“變大”、“不變”或“變小”）【分析】在pt圖象上作出過A、B兩點的等容線，斜率越大，體積越小，根據熱力學第一定律氣體與外界

28、之間的熱量交換。【解答】解：在pt圖象中作出過A、B兩點的等容線，延長交于同一點273.15。C為定值，T為熱力學溫度，根據理想氣體的狀態方程：=C可得：p=可知等容線斜率越大，體積越小，所以氣體在狀態A的體積小于在狀態B的體積，氣體從狀態A到狀態B，溫度降低，又因為是一定質量的理想氣體，故內能變小。故答案為：小于，變小。16（4分）（2018楊浦區二模）如圖所示，沿波的傳播方向上有間距均為2m的五個質點a、b、c、d、e，均靜止在各自的平衡位置一列簡諧波以2m/s的速度水平向右傳播，t=0時刻波到達質點a，且質點a開始由平衡位置向下運動，t=3s時質點a第一次到達波峰，則該列波的波長為8m，

29、質點e在t=7s時第一次到達波峰【分析】根據質點a開始向下振動，t=3s時刻第一次到達最低點，找出時間與周期的關系，分析波傳播的距離與波長關系，從而求出波長和周期再結合波的傳播方向，分析質點e何時第一次到達波峰【解答】解：由題意：質點a開始向下振動，t=3s時刻第一次到達最低點，則有：T=3s，則：T=4s，所以該波的波長為：=vT=42=8（m）t=4s波傳播的距離 x=vt=24=8（m），則t=4s時波剛好傳到e點e點剛開始向下振動，再經過T=3s第一次到達波峰，所以t=4s+3s=7s時質點e第一次到達波峰故答案為：8，717（4分）（2018楊浦區二模）額定功率為80kW的汽車，在平

30、直公路上行駛的最大速度是20m/s，汽車質量是2000kg，如果汽車從靜止開始先做加速度為2m/s2的勻加速直線運動，達到額定功率后以額定功率行駛，在運動過程中阻力不變，則汽車勻加速運動時的牽引力F=8000N，汽車從靜止開始運動的10s的過程中牽引力力做的功W=J。【分析】當牽引力等于阻力時，速度達到最大，求得阻力，根據牛頓第二定律求得勻加速運動時的牽引力，利用速度時間公式求得勻加速運動的時間和位移，即可求得10s內牽引力做功【解答】解：當牽引力等于阻力時，速度達到最大，則f=在加速階段，根據牛頓第二定律可知Ff=ma，解得F=ma+f=8000N勻加速運動達到的最大速度v=加速運動的時間t

31、=通過的位移為故勻加速階段牽引力做功W1=Fx1=J此后在額定功率下運動，則做功W2=Pt=J，故從靜止開始運動的10s的過程中牽引力力做的功W=W1+W2=J三、綜合題（共40分）18（10分）（2018楊浦區二模）某同學在做“用DIS測定電源的電動勢和內阻”的實驗時用如圖（a）所示的電路，其中定值電阻阻值R1=0.5歐（1）圖（a）中B為電流傳感器，滑動變阻器R在實驗中起調節電流大小作用：（2）實驗測得的路端電壓U相應電流I的擬合曲線如圖（b）所示，由此得到電源電動勢E=2.00V，內阻r=0.84歐。（3）、該實驗中應該選用下列哪個規格的滑動變阻器（下列是滑動變阻器銘牌上的規格參數）DA

32、、50歐，2A B、20歐，0.5A C、20歐，1A D、20歐，2A【分析】（1）A串聯在電路中，測量電流的，B與滑動變阻器并聯，測量電壓，閉合電鍵前，滑動變阻器的滑動頭P應位于阻值最大處；（2）明確閉合電路的歐姆定律的應用，再根據圖象數據進行分析，從而明確電動勢和內電阻的大小；（3）根據實驗原理進行分析，從而明確應選擇的滑動變阻器。【解答】解：（1）A串聯在電路中，測量電流的，所以A是電流傳感器；B與滑動變阻器并聯，測量電壓，所以B是電壓傳感器；滑動變阻器R在實驗中起調節電流大小的作用；（2）根據U=EI（R+r）可知，圖象與縱軸的交點表示電源的電動勢，故E=2.00V；圖象的斜率表示內

33、阻，則可知：r+R=1.34；故有：r=1.340.5=0.84；（3）由圖可知，測出中的最小電流約為0.1A，此時對應的總電阻為：R總=20此時滑動變阻器接入電阻應為2010.34=18.6；故滑動變阻器總阻值一定大于18.6；同時為了調節方便，總阻值不應過大，故應選擇20的總阻值，同時為了保證安全，額定電流應大于1A，故D正確。故選D；故答案為：（1）電流；調節電流大小；（2）2.00；0.84；（3）D。19（14分）（2018楊浦區二模）如圖所示，斜面ABC下端與光滑的圓弧軌道CDE相切于C，整個裝置豎直固定，D是最低點，圓心角DOC=37，E、B與圓心O等高，軌道軌道半徑R=0.30

34、m，斜面長L=1.90m，AB部分光滑，BC部分粗糙，現有一個質量為m=0.10kg的小物塊P從斜面上端A點無初速下滑，物塊P與斜面BC部分之間的動摩擦因數為0.75取sin37=0.6，cos37=0.8，重力加速度g=10m/s2，忽略空氣阻力，求：（1）物塊通過B點時的速度大小vB；（2）物塊第一次通過C點時的速度大小vC；（3）物塊第一次通過D點后能上升的最大高度；（4）分析說明物塊最終處于什么狀態。【分析】（1）根據幾何關系求出BC部分的長度，對A到B運用動能定理，求出B點的速度vB。（2）根據物體在粗糙斜面上的受力判斷出物體做勻速直線運動，從而得出C點的速度vC。（3）運用動能定理

35、列式，求出物塊第一次通過D點后能上升的最大高度。（4）物塊在BC段運動時機械能有損失，經過若干次后物塊最終在C點為最高點、D為最低點的圓弧上往復運動。【解答】解：（1）根據幾何關系得，斜面BC部分的長度為： l=Rcot37=0.3m=0.40m設物塊第一次通過B點時的速度為vB，根據動能定理有： mg（Ll）sin37=mvB20，代入數據得：vB=3m/s。（2）物塊在BC部分滑動受到的摩擦力大小為： f=mgcos37=0.750.1100.8N=0.60N在BC部分下滑過程受到的合力為：F=mgsin37f=0則物塊第一次通過C點時的速度為：vC=vB=3m/s。（3）設物塊第一次通過D點后能上升的最大高度為h，則從C到最高點的過程，由動能定理得：mghR（1cos37）=0 解得 h=0.96m（4）物塊在BC段運動時機械能有損失