福建省漳州市華安縣第一中學2025屆物理高二下期末達標檢測試題注意事項1．考生要認真填寫考場號和座位序號。2．試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3．考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，質量為m的球與彈簧Ⅰ和水平細線Ⅱ相連，Ⅰ、Ⅱ的另一端分別固定于P、Q．球靜止時，Ⅰ中拉力大小為T1，Ⅱ中拉力大小為T1．當僅剪斷Ⅰ、Ⅱ中的一根的瞬間，球的加速度a應是（）A．若剪斷Ⅰ，則a=g，豎直向下B．若剪斷Ⅱ，則，方向水平向左C．若剪斷Ⅰ，則，方向沿Ⅰ的延長線D．若剪斷Ⅱ，則a=g，豎直向上2、如圖所示，一名消防隊員在模擬演習訓練中，沿著長為12m的豎立在地面上的鋼管向下滑．已知這名消防隊員的質量為60kg，他從鋼管頂端由靜止開始先勻加速再減速下滑，滑到地面時速度恰好為零．如果他加速時的加速度大小是減速時的2倍，下滑的總時間為3s，g取10m/s2，那么該消防隊員()A．下滑過程中的最大速度為4m/sB．加速與減速過程的時間之比為1∶2C．加速與減速過程中所受摩擦力大小之比為2∶7D．加速與減速過程的位移之比為1∶43、關于光電效應的下列說法中，正確的是A．光電流的強度與入射光的強度無關B．入射光的頻率增大，則金屬的逸出功也隨著增大C．無論光的頻率多低，只要光照時間足夠長就能產生光電效應D．當用頻率為2v0的單色光照射截止頻率為v0的金屬時，所產生的光電子的最大初動能為hv0，其中h為普朗克常量4、采用220kV高壓向遠方的城市輸電．當輸送功率一定時，為使輸電線上損耗的功率減小為原來的，輸電電壓應變為（）A．55kV B．110kV C．440kV D．880kV5、下列關于磁感線的說法不正確的是：A．磁感線是閉合曲線且互不相交；B．磁感線的疏密程度反映磁場的強弱；C．磁感線不是磁場中實際存在的線；D．磁感線是小磁針受磁場力后運動的軌跡。6、大霧天發生交通事故的概率比平常要高出幾倍甚至幾十倍，保證霧中行車安全顯得尤為重要．在霧天的平直公路上．甲、乙兩汽車同向勻速行駛，乙在前，甲在后．某時刻兩車司機聽到警笛提示，同時開始剎車，結果兩車剛好沒有發生碰撞，如圖為兩車剎車后勻減速運動的v-t圖象．以下分析正確的是A．甲車剎車的加速度的大小為0.5m/s2 B．兩車開始剎車時的距離為100mC．兩車剎車后間距一直在減小 D．兩車都停下來后相距25m二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、宇宙中存在一些離其他恒星較遠的四顆星組成的四星系統。若某個四星系統中每個星體的質量均為m，半徑均為R，忽略其他星體對它們的引力作用和忽略星體自轉效應，則可能存在如下運動形式：四顆星分別位于邊長為L的正方形的四個頂點上(L遠大于R)，在相互之間的萬有引力作用下，繞某一共同的圓心做角速度相同的圓周運動。已知萬有引力常量為G，則關于此四星系統，下列說法正確的是A．四顆星做圓周運動的軌道半徑均為B．四顆星表面的重力加速度均為C．四顆星做圓周運動的向心力大小為D．四顆星做圓周運動的角速度均為8、實物粒子和光都具有波粒二象性.下列事實中突出體現波動性的是()A．電子束通過雙縫實驗裝置后可以形成干涉圖樣B．β射線在云室中穿過會留下清晰的徑跡C．人們利用慢中子衍射來研究晶體的結構D．人們利用電子顯微鏡觀測物質的微觀結構9、1956年吳健雄用半衰期為5.27年的放射源對李政道和楊振寧提出的在弱相互作用中宇稱不守恒進行實驗驗證。的衰變方程式為→＋X＋（其中是反中微子，它的電荷為零，質量可認為等于零）。下列說法正確的是（）A．X是電子B．增大壓強，可使的半衰期變為6年C．衰變能釋放出X，說明了原子核中有XD．若該衰變過程中的質量虧損為△m，真空中的光速為c，則該反應釋放的能量為△mc210、把放射源軸、針或鐳放入用鉛做的容器中，射線只能從容器的小孔射出，成為細細的一束。在射線經過的空間施加磁場，發現射線分裂成如圖所示的a、b、c三束。下列說法正確的是（）A．三種射線中，b的穿透能力最強B．三種射線中，c的電離作用最強C．容器內溫度越高，放射性強度越大D．將磁場換為水平向左的勻強電場，射線也大致沿圖示方向偏轉三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示，為“驗證碰撞中的動量守恒”的實驗裝置示意圖。已知a、b小球的質量分別為ma、mb，半徑相同，圖中P點為單獨釋放a球的平均落點，M、N是a、b小球碰撞后落點的平均位置.(1)本實驗必須滿足的條件是___________.A．斜槽軌道必須是光滑的B．斜槽軌道末端的切線水平C．入射小球每次都從斜槽上的同一位置無初速度釋放D．入射球與被碰球滿足ma=mb(2)為了驗證動量守恒定律，需要測量OP間的距離x1、OM間的距離x2和___________.(3)為了驗證動量守恒，需驗證的關系式是___________.12．（12分）某實驗小組用單擺測量當地重力加速度，實驗裝置如圖甲所示，處理數據時π取3.14。（1）以下說法正確的是_______________A．擺球應選擇體積小的、質量大的B．細線伸縮性要盡量小，長度大約1mC．計時的起點和終點應選擇擺球擺至最低點時D．擺球的最大擺角大約為45°最好E.細線上端應選擇如圖乙所示的懸掛方式（2）該實驗小組首先利用游標卡尺測量擺球的直徑，如圖丙所示，則小球直徑d=_________cm。（3）用細線將擺球懸掛好后，該實驗小組又用刻度尺測得細線懸掛點到擺球上端的距離為1.09m；用秒表測得擺球完成30次全振動的時間為63.0s，根據測量的數據計算得出當地重力加速度g=_______m/s2（結果保留三位有效數字）。（4）為使實驗結果精確，該實驗小組通過改變擺長又做了多次實驗，用L表示擺長，T表示振動周期，根據實驗數據做出的T2—L圖象為一條過原點的直線，圖線的斜率k=4.00s2/m，由圖象可得當地重力加速度g=_________m/s2（結果保留三位有效數字）。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）光滑水平面上，用彈簧相連接的質量均為2kg的A、B兩物體都以v0＝6m/s的速度向右運動，彈簧處于原長．質量為4kg的物體C靜止在前方，如圖所示，B與C發生碰撞后粘合在一起運動，在以后的運動中，求：(1)彈性勢能最大值為多少？(2)當A的速度為零時，彈簧的彈性勢能為多少？14．（16分）如圖所示，質量為m1＝16kg的平板車B原來靜止在光滑的水平面上，另一質量m2＝4kg的小物體A以5m/s的水平速度滑向平板車的另一端，假設平板車與物體間的動摩擦因數為0.5，g取10m/s2，求：(1)如果A不會從B的另一端滑下，則A、B的最終速度為多大；(2)要保證A不滑下平板車，平板車至少要有多長．15．（12分）如圖所示，傾角為37°，長為l＝16m的傳送帶，轉動速度為v＝10m/s，動摩擦因數μ＝0.5，在傳送帶頂端A處無初速度地釋放一個質量為m＝0.5kg的物體．已知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8.g＝10m/s2.求：(1)傳送帶順時針轉動時，物體從頂端A滑到底端B的時間；(2)傳送帶逆時針轉動時，物體從頂端A滑到底端B的時間．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】AC、若剪斷Ⅰ，那么，相當于把球拉到水平位置后由靜止釋放，球繞Q做圓周運動，剛釋放時，球的速度為零，故向心力為零，那么，細線Ⅱ的拉力為零，故球只受重力作用，那么，加速度a=g，豎直向下，故A正確，C錯誤；BD、若剪斷Ⅱ,彈簧形變來不及發生改變,故I中拉力不變,那么,球受到的合外力為T1,方向水平向左，故加速度a=T1/m，方向水平向左，故B錯誤，D錯誤；故選A．點睛：根據剪斷Ⅰ，球繞Q做圓周運動，對徑向合外力做向心力求得繩子拉力，即可求得合外力，進而求得加速度；根據剪斷Ⅱ，彈簧形變不能瞬變，故彈簧彈力不變求得合外力，進而求得加速度．2、D【解析】下滑過程中最大的速度即為加速階段的末速度，減速階段的初速度，設為v，則可求的加速過程，減速階段，又因為，可求的加速時間為1s，減速時間為2s，v=8m/s，所以A錯誤，B正確，，加速與減速過程中摩擦力大小之比為l:7，C正確，加速與減速過程的位移之比為1:2，D錯；3、D【解析】

A.光電流的強度隨入射光的強度增大而增大，故A錯誤；B.金屬的逸出功取決于金屬本身的性質，與入射光的頻率無關，故B錯誤；C.發生光電效應的條件是入射光的頻率大于極限頻率，與入射光照射的時間無關，故C錯誤；D.當用頻率為2v0的單色光照射截止頻率為v0的金屬時，所產生的光電子的最大初動能為：Ekm=h?2v0-W=2hv0-hv0=hv0，其中h為普朗克常量，故D正確。故選D。點晴：發生光電效應的條件是入射光的頻率大于金屬的極限頻率，在發生光電效應的前提下，光電流的強度隨入射光的強度增大而增大．4、C【解析】本意考查輸電線路的電能損失，意在考查考生的分析能力．當輸電功率P=UI，U為輸電電壓，I為輸電線路中的電流，輸電線路損失的功率為P損=I2R，R為輸電線路的電阻，即P損=．當輸電功率一定時，輸電線路損失的功率為原來的，則輸電電壓為原來的2倍，即440V，故選項C正確．點睛：本意以遠距離輸電為背景考查輸電線路的電能損失，解題時要根據輸送電功率不變，利用輸電線路損失的功率P損=I2R解題．5、D【解析】試題分析：磁感線是閉合曲線且互不相交，A對；磁感線的疏密程度反映磁場的強弱，B對；磁感線不是磁場中實際存在的線，是人們假想出來的一系列曲線，C對；磁感線不是小磁針受磁場力后運動的軌跡，D錯；故選D考點：考查磁感線的特點點評：難度較小，磁感線為閉合曲線，兩條磁感線不能相交，磁感線是假想出來的曲線6、B【解析】

由圖可知，兩車速度相等經歷的時間為20s，甲車的加速度，乙車的加速度，20s內甲車的位移，乙車的位移，兩車剛好沒有發生碰撞，則兩車的距離，故A錯誤B正確；兩車剎車后甲的速度先大于乙的速度，兩者距離減小，后甲的速度小于乙的速度，兩者距離增大，故C錯誤；20s時，甲乙的速度都為，根據圖象與坐標軸圍成的面積表示位移可知，兩車都停下來后相距，故D錯誤．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】任一顆星體在其他三個星體的萬有引力作用下，合力方向指向對角線的交點，圍繞正方形對角線的交點做勻速圓周運動，任一星體在其他三個星體的萬有引力作用下圍繞正方形對角線的交點做勻速圓周運動，軌道半徑均：r=L，故A錯誤．星球表面的物體受到的萬有引力等于它受到的重力，即：G=m′g，解得：g=，故B正確；星體在其他三個星體的萬有引力作用下圍繞正方形對角線的交點做勻速圓周運動，由萬有引力定律可得四顆星做圓周運動的向心力大小為：，選項C錯誤；由牛頓第二定律得：，解得：，故D正確；故選BD．點睛：本題考查了萬有引力定律的應用，解決本題的關鍵掌握萬有引力等于重力，以及知道在四顆星組成的四星系統中，其中任意一顆星受到其它三顆星對它的合力提供圓周運動的向心力．8、ACD【解析】

A.電子束通過雙縫實驗裝置后可以形成干涉圖樣，說明電子是一種波，故A正確；B.β射線在云室中穿過會留下清晰的徑跡，可以說明β射線是一種粒子，故B錯誤；C.人們利用慢中子衍射來研究晶體的結構，中子衍射說明中子是一種波，故C正確；D.人們利用電子顯微鏡觀測物質的微觀結構，利用了電子束的衍射現象，說明電子束是一種波，故D正確.9、AD【解析】

A.根據質量數和電荷數守恒可知，在的衰變方程中，X是電子，故A正確；B.半衰期是由原子核內部自身決定的，與外界的物理和化學狀態無關，故B錯誤；C.衰變時釋放的電子是由核內一個中子轉化成一個質子的同時釋放出來的，衰變能釋放出X（電子），但原子核中并沒有X（電子），故C錯誤；D.根據愛因斯坦質能方程，若該衰變過程中的質量虧損為△m，則該反應釋放的能量為△mc2，故D正確。10、AD【解析】

A.帶電粒子在磁場中運動，根據左手定則，a帶正電為α粒子，b不帶電為γ射線，c帶負電為β粒子。γ射線（b）電離能力最弱，但穿透能力最強。故A符合題意；B.α粒子（a）電離能力最強，但穿透能力最弱，故B不符合題意；C.原子核衰變和溫度無關，所以放射性強度也和溫度無關。故C不符合題意；D.將磁場換為水平向左的勻強電場，α粒子向左偏，γ射線不偏轉，β粒子向右偏，所以射線也大致沿圖示方向偏轉，故D符合題意。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BCON間的距離x3(或)【解析】

第一空.A.“驗證動量守恒定律”的實驗中，是通過平拋運動的基本規律求解碰撞前后的速度的，只要離開軌道后做平拋運動，對斜槽是否光滑沒有要求，故A錯誤；B.要保證每次小球都做平拋運動，則軌道的末端必須水平，故B正確；C.要保證碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要從同一高度由靜止滾下，故C正確；D.為了保證小球碰撞為對心正碰，且碰后不反彈，要求ma＞mb，故D錯誤.應填BC.第二空.要驗證動量守恒定律定律，即驗證：，小球離開軌道后做平拋運動，它們拋出點的高度相等，在空中的運動時間t相等，上式兩邊同時乘以t得：，得：，因此實驗需要測量：測量OP間的距離x1，OM間的距離x2，ON間的距離x3；第三空.由以上分析可知，實驗需要驗證:，或.12、（1）ABC（2）2.00（3）9.84（4）9.86【解析】

第一空.該實驗中，要選擇細些的、伸縮性小些的擺線，長度要適當長一些；和選擇體積比較小，密度較大的小球，故AB正確；計時的起點和終點應選擇擺球擺至最低點時，誤差小，故C正確；拉開擺球，使擺線偏離平衡位置不大于5°，故D錯誤；根據實驗的基本要求，擺球在擺動的過程中，懸線的長度不能變化，乙圖擺長變化，甲圖擺長不變化，則選甲，故E錯誤；第二空.游標卡尺是10分度的，其分度值為0.1mm，則圖示讀數為：20mm+0×0.1mm=20.0mm，故則小球直徑d=2.00cm；第三空.用秒表得擺球完成30次全振動的時間為63.0s，所以周期為T=6330s=2.1s

擺長為L=（1.09+0.01）m=1.10m

由周期公式T＝第四空.由周期公式T＝2π所以斜率為4π2由圖象可得當地重力加速度g≈9.86m/s2四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）12J（2）0【解析】試題分析：物體BC碰撞過程系統動量守恒，碰后B的速度減小，ABC整體動量守恒；當三個物體的速度相同時，彈簧壓縮量最大，彈性勢能最大．ABC整體動量守恒，先根據動量守恒守恒定律求解BC的速度，然后根據機械能守恒定律求解彈性勢能．(1).由B、C碰撞瞬間,B、C的總動量守恒,由動量守恒定律得:,代入數據解得：三個物體速度相同時彈性勢能最大,由動量守恒定律得:,代入數據解得設最大彈性勢能為,由機械能守恒得:，解得：(2)當A的速度為零時,由動量守恒定律得:代入數據解得：.則此時的彈性勢能:點睛：本題考查了動量守恒定律與能量守恒定律的應用，應用動量守恒定律與能量守恒定律即可正確解題．14、(1)1m/s(2)2m【解析】(1)設A、B共同運動的速度為v，A的初速度為v0，則對A、B組成的系統，由動量守恒定律可得m2v0＝(m1＋m2)v解得：v＝m/s＝1m/s；(2)設A在B上滑行的距離為l，取A、B系統為研究對象，由于內能的增加等于系統動能的減少，根據能的轉化和守恒定律有μm2gl＝m2v－(m1＋m