湖南長沙一中2025年物理高二下期末統考試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一定量的理想氣體從狀態a開始，經歷三個過程ab、bc、ca回到原狀態，其p－T圖象如圖所示．下列判斷正確的是()A．過程ab中氣體一定吸熱B．過程bc中氣體既不吸熱也不放熱C．過程ca中外界對氣體所做的功等于氣體所放的熱D．a、b和c三個狀態中，狀態a分子的平均動能最大2、一個質量為1kg的物體放在粗糙的水平地面上，今用最小的拉力拉它，使之做勻速直線運動，已知這個最小拉力大小為6N，取g=10m/s2，則下列關于物體與地面間的動摩擦因數μ的取值，正確的是()A．μ=916 B．μ=43 C．μ=34 D．3、如圖所示為電場中的某一條電場線，A、B、C是其上的三點．現用EA、EB、EC表示這三點的電場強度，??A、??B、??C表示這三點的電勢，則必有（）A．EA＞EB＞ECB．??A>??B>??CC．??A=??B=??CD．EA=EB=EC4、如圖所示，一物塊置于水平地面上，當用與水平方向成60°角的力F1拉物塊時，物塊做勻速直線運動；當改用與水平方向成30°角的力F2推物塊時，物塊仍做勻速直線運動。若F1和F2的大小相等，則物塊與地面之間的動摩擦因數為()A．3B．2-C．3D．15、如圖所示，小球從高處落到豎直放置的輕彈簧上，則小球從開始接觸彈簧到將彈簧壓縮至最短的整個過程中（）A．小球的動能先增大后減小B．小球的機械能在不斷增大C．小球、彈簧、地球構成的系統機械能不斷減小D．彈簧的彈性勢能先增大后減小6、甲、乙兩個物體在同一直線上運動(始終沒有相遇)，當規定向東為正方向時，它們的加速度分別為a甲＝4m/s2，a乙＝－4m/s2.下列對甲、乙兩物體運動情況的判斷中，正確的是()A．甲的加速度大于乙的加速度B．甲、乙兩物體的運動方向一定相反C．甲的加速度方向和速度方向一致，乙的加速度方向和速度方向相反D．甲、乙兩物體的速度都有可能越來越大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下列說法正確的是()A．157N+11H→126C+42He是α衰變方程B．11H+21H→32He+γ是核聚變反應方程C．23892U→23490Th+42He是核裂變反應方程D．42He+2713Al→3015P+10n是原子核的人工轉變方程8、如圖所示，2019個質量均為m的小球通過完全相同的輕質彈簧(在彈性限度內)相連，在水平拉力F的作用下，一起沿光滑水平面以加速度a向右做勻加速運動，設1和2之間彈簧的彈力為F1—2，2和3間彈簧的彈力為F2—3，2018和2019間彈簧的彈力為F2018—2019，則下列結論正確的是A．F1—2：F2—3：……F2018—2019=1：2：3：……2018B．從左到右每根彈簧長度之化為1：2：3：……2018C．如果突然撤去拉力F，撤去F瞬間，第2019個小球的加速度為F/m，N其余每個球的加速度依然為aD．如果1和2兩個球間的彈簧從第1個球處脫落，那么脫落瞬間第1個小球的加速度為0，第2個小球的加速度為2a，其余小球加速度依然為a.9、下列關于熱學問題的說法中正確的是A．布朗運動是在顯微鏡中看到的液體分子的無規則運動B．—個孤立系統總是從熵小的狀態向墑大的狀態發展．熵值較大代表著較為無序C．如果封閉氣體的密度變小．分子平均動能增加，則氣體的壓強可能不變D．某氣體的摩爾質量為M、密度為ρ，用表示阿伏伽德羅常數，每個氣體分子的質量m0，每個氣體分子的體枳V0，則m0＝，V0＝E.甲、乙兩分子間的距離由很遠移到不能再靠近的過程中．分子勢能先減小再增大10、關于核衰變和核反應的類型，下列表述正確的有A．是α衰變 B．是β衰變C．是輕核聚變 D．是重核裂變三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學用單擺測量重力加速度．(1)將細線穿過球上的小孔，打個結，制成一個單擺．將做好的單擺用鐵夾固定在鐵架臺的橫桿上，把鐵架臺放在實驗桌邊，使鐵夾伸到桌面以外，讓擺球自由下垂．用游標卡尺測出小球的直徑d；再用刻度尺測出從懸點至小球上端的懸線長l'，則擺長l=______；(2)把單擺從平衡位置拉開一個小角度，使單擺在豎直面內擺動．用秒表測量單擺完成n次全振動所用的時間t，如圖所示，秒表的讀數為_______s；(3)根據以上測量量（d、l'、n、t），寫出當地重力加速度的表達式g=__________．12．（12分）為了探究質量一定時加速度與力的關系。一同學設計了如圖甲所示的實驗裝置。其中為帶滑輪的小車的質量，為砂和砂桶的質量。（滑輪質量不計）(1)實驗時，一定要進行的操作或保證的條件是（____）。A．用天平測出砂和砂桶的質量B．將帶滑輪的長木板右端墊高，以平衡摩擦力C．小車靠近打點計時器，先釋放小車，再接通電源，打出一條紙帶，同時記錄彈簧測力計的示數D．改變砂和砂桶的質量，打出幾條紙帶E.為減小誤差，實驗中一定要保證砂和砂桶的質量遠小于小車的質量(2)該同學在實驗中得到如圖乙所示的一條紙帶（相鄰兩計數點間還有兩個點沒有畫出），已知打點計時器采用的是頻率為的交流電，根據紙帶可求出小車的加速度為________（結果保留兩位有效數字）。(3)以彈簧測力計的示數為橫坐標，加速度為縱坐標，畫出的圖象是一條直線，圖線與橫軸的夾角為，求得圖線的斜率為，則小車的質量為（____）A．B．C．D．四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示,是容積很大的玻璃容器,是內徑很小的玻璃管,的左端與相通,右端開口,中有一段水銀柱將一定質量的空氣封閉在中,當把放在冰水混合物里,的左管比右管中水銀高;當的左管比右管的水銀面低時,中氣體的溫度是多少?(設大氣壓強)14．（16分）如圖所示，內阻為5Ω的發電機通過理想升壓變壓器和理想降壓變壓器向用戶供電。已知輸電線的總電阻為R=50Ω，升壓變壓器的原、副線圈匝數之比為1：4，降壓變壓器的原、副線圈匝數之比為5：1，降壓變壓器副線圈兩端輸出電壓的表達式為，降壓變壓器的副線圈與R0=22Ω的負載電阻組成閉合電路。求：（1）降壓變壓器的輸出功率；（2）升壓變壓器的輸出功率；（3）發電機電動勢的有效值。15．（12分）氫原子第n能級的能量為En＝，其中E1是基態能量，而n＝1,2，…，若一氫原子發射能量為－E1的光子后處于比基態能量高出－E1的激發態，則氫原子發射光子前、后分別處于第幾能級？

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】A、由圖示可知，ab過程，氣體壓強與熱力學溫度成正比，則氣體發生等容變化，氣體體積不變，外界對氣體不做功，氣體溫度升高，內能增大，由熱力學第一定律可知，氣體吸收熱量，故A正確；B、由圖示圖象可知，bc過程氣體發生等溫變化，氣體內能不變，壓強減小，由玻意耳定律可知，體積增大，氣體對外做功，由熱力學第一定律可知，氣體吸熱，故B錯誤；C、由圖象可知，ca過程氣體壓強不變，溫度降低，由蓋呂薩克定律可知，其體積減小，外界對氣體做功，W>0，氣體溫度降低，內能減少，△U<0，由熱力學第一定律可知，氣體要放出熱量，過程ca中外界對氣體所做的功小于氣體所放熱量，故C錯誤；D、由圖象可知，a狀態溫度最低，分子平均動能最小，故D錯誤；故選A．【點睛】由圖示圖象判斷氣體的狀態變化過程，應用氣態方程判斷氣體體積如何變化，然后應用熱力學第一定律答題．2、C【解析】

物體在水平面上做勻速直線運動，可知拉力在水平方向的分力與滑動摩擦力相等。以物體為研究對象，受力分析如圖所示，因為物體處于平衡狀態。水平方向有Fcosα＝μFN，豎直方向有Fsinα＋FN＝mg。聯立可解得：F=μmgcosa+μsina=μmg1+μ2sin(a+?)，當α＋φ＝90°時，sin(α＋φA.μ=916，與結論不相符，選項AB.μ=43，與結論不相符，選項BC.μ=34，與結論相符，選項CD.μ=35，與結論不相符，選項D3、B【解析】

電場線的疏密程度表示電場強度的大小，由于只有一根電場線，故無法判斷電場強度的大小，故AD錯誤；沿著電場線電勢逐漸降低，故??A>??B>??C，故B正確，C錯誤．4、B【解析】試題分析：對兩種情況下的物體分別受力分析，如圖將F1正交分解為F3和F4，F2正交分解為F5和F6，則有：F滑=F3mg=F4+FN；F滑′=F5mg+F6=FN′而F滑=μFN；F滑′=μFN′則有F1cos60°=μ（mg-F1sin60°）①F2cos30°=μ（mg+F2sin30°）②又根據題意F1=F2③聯立①②③解得：μ=2-3；故選B考點：物體的平衡5、A【解析】

A．在小球接觸彈簧到將彈簧壓縮至最短的整個過程中，小球受到豎直向下的重力和彈簧的彈力，彈簧的彈力先小于小球的重力，后大于重力，小球的合力先向下后向上，所以小球先向下做加速運動，當彈簧彈力等于重力時速度最大，然后向下做減速運動，故其動能先增大后減小，故選項A正確；BD．由于彈簧的彈力對小球做負功，所以小球的機械能在不斷減少，彈簧的彈性勢能在不斷增大，故選項B、D錯誤；C．小球小球從開始接觸彈簧到將彈簧壓縮至最短的整個過程中，重力做正功，彈簧彈力做負功，小球動能、重力勢能、彈簧的彈性勢能總量守恒，所以小球、彈簧、地球構成的系統機械能守恒，故選項C錯誤．6、D【解析】試題分析：加速度是矢量，正負表示加速度的方向，當加速度的方向與速度方向相同，物體做加速運動，當加速度的方向與速度方向相反，物體做減速運動．加速度的正負只表示運動方向，不參與大于的比較，所以甲的加速度等于乙的加速度，兩者加速度方向相反，由于題中沒有給出兩者是相向運動還是同向運動，所以運動方向不一定相反，AB錯誤；由于沒有給出兩者的運動方向，所以無法判斷加速度方向和速度方向的關系，故C錯誤；當加速度方向和速度方向相同時，即甲的速度方向為正，乙的速度方向為負時，兩者的速度都越來越大，D正確．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

A．157N+11H→126C+42He是原子核的人工轉變方程，選項A錯誤；B．11H+21H→32He+γ是核聚變反應方程，選項B正確；C．23892U→23490Th+42He是α衰變方程，選項C錯誤；D．42He+2713Al→3015P+10n是原子核的人工轉變方程，選項D正確；故選BD.8、AD【解析】

A．以整體為研究對象，根據牛頓第二定律可得：F=2019ma，解得；以后面的第1、2、3…2018個小球為研究對象，根據牛頓第二定律可得可知F1-2=F，F2-3=F，…F=F，則F1-2：F2-3：……F=1：2：3：……2018，故A正確；B．因為每根彈簧的勁度系數相等，根據胡克定律可知，從左到右每根彈簧伸長量之比為1：2：3：……2018，但是總長度之比不等于1：2：3：……2018，故B錯誤；C．突然撤去F瞬間，因彈簧的彈力不能突變，可知除第2019個球所受合力突然變為F，加速度為，其他球的合力未變，所以其他球的加速度依然為a，故C錯誤；D．如果1和2兩個球間的彈簧從第1個球處脫落，那么脫落瞬間第1個小球受到的合力為零，則加速度為0，第2個小球受到的合力變為，則加速度為，其余小球受到的合力不變，加速度依然為a，故D正確．9、BCE【解析】

考查布朗運動，熵增加原理，氣體壓強的微觀意義，阿伏伽德羅常數，分子勢能與分子間距離的關系。【詳解】A．布朗運動是懸浮在液體中固體顆粒的運動，是由于液體分子規則的碰撞造成的，則布朗運動反映了液體中分子的無規則運動，故A錯誤；B．根據熵增加原理，一個孤立系統總是從熵小的狀態向熵大的狀態發展．熵值較大代表著較為無序．故B正確；C．如果封閉氣體的密度變小，可知其體積增大；溫度是分子的平均動能的標志，分子平均動能增加，即氣體的溫度升高；根據理想氣體的狀態方程：可知氣體的體積增大、溫度同時也升高時，氣體的壓強可能不變，故C正確；D．氣體的分子之間的距離比較大，使用公式：求出的結果是每一個分子所占的空間的大小，不是分子的體積．故D錯誤；E．甲、乙兩分子間的距離由很遠移到不能再靠近的過程中．分子勢能先減小再增大，故E正確。故選BCE．10、AC【解析】A、方程是衰變方程，選項A正確；B、方程是人工轉變方程，選項B錯誤；C、方程是輕核聚變方程，選項C正確；D、方程是衰變方程，選項D錯誤．點睛：解答本題需要掌握：正確應用質量數和電荷數守恒正確書寫核反應方程；明確裂變和聚變反應特點，知道衰變現象，并能正確書寫其衰變方程．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、99.8【解析】

（1）擺長等于擺線的長度與擺球的半徑之和，所以實驗中單擺的擺長等于L=.（2）由圖可讀出，小盤刻度為1.5min=90s，大盤刻度為9.8s，所以秒表的讀數為99.8s；（3）通過T=t/n求出單擺的周期．根據周期公式得：T=2π，所以g=點睛：擺長等于擺線的長度與擺球的半徑之和；秒表的讀數為小盤刻度與大盤刻度之和，注意小盤刻度的單位為分鐘，大盤刻度的單位為秒；求出單擺的周期，由單擺的周期公式即可求解重力加速度．12、BD1.3D【解析】

(1)[1]．本實驗中細線的拉力由彈簧測力計直接測出，不需要用天平測出砂和砂桶的質量，也就不需要使砂和砂桶的質量m遠小于小車的質量M，故AE錯誤。先拿下砂桶，然后將帶滑輪的長木板右端墊高，以平衡摩擦力，故B正確；打點計時器運用時，都是先接通電源，待打點穩定后再釋放紙帶，該實驗探究