2025年江西省宜春市宜春中學物理高一下期末經典試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、(本題9分)如圖所示，在光滑水平面上放置一個質量為M的滑塊，滑塊的一側是一個弧形凹槽OAB，凹槽半徑為R，A點切線水平。另有一個質量為m的小球以速度v0從A點沖上凹槽，重力加速度大小為g，不計摩擦。下列說法中正確的是（）A．當v0=時，小球能到達B點B．如果小球的速度足夠大，球將從滑塊的左側離開滑塊后落到水平面上C．當v0=時，小球在弧形凹槽上運動的過程中，滑塊的動能一直增大D．如果滑塊固定，小球返回A點時對滑塊的壓力為2、(本題9分)關于運動的合成和分解，下列說法正確的是（）A．合運動的時間等于兩個分運動的時間之和B．勻變速運動的軌跡可以是直線，也可以是曲線C．曲線運動的加速度方向可能與速度在同一直線上D．分運動是直線運動，則合運動必是直線運動3、如圖所示，一平底試管，管內放一質量為m的球，現驅使試管繞開口端在豎直平面內勻速轉動，若通過最高點時，小球對管底剛好無壓力，則通過最低點時，小球對管底的壓力大小為:()A．mg B．2mg C．3mg D．6mg4、如圖所示，P、Q是兩個帶電量相等的負點電荷，它們連線的中點是O．現將一負電荷先后放在中垂線上的A點與B點，OA＜OB，用EA、EB，εA、εB分別表示A、B兩點的場強和負電荷在這兩點時的電勢能，則下列說法正確的是（）A．EA一定大于EB，εA一定大于εB．B．EA一定小于EB，εA不一定大于εB．C．EA不一定大于EB，εA一定大于εB．D．EA不一定大于EB，εA一定小于εB．5、下列有關電場強度、電勢、電勢能的說法中正確的是A．在電場中，電場強度越大的地方電勢越高B．在電場中，電勢越高的地方，電荷在該點具有的電勢能就越大C．在電場中某一點，放入試探電荷的電荷量越大，它所具有的電勢能越大D．在場源電荷為正點電荷的電場中，某帶正電的試探電荷離場源電荷越近所具有的電勢能越大，離場源電荷越遠所具有的電勢能越小6、(本題9分)質量為5t的汽車在水平路面上由靜止開始以a=2m/s2的加速度做勻加速直線運動，所受的阻力為1.0×103N，汽車起動后第1s末發動機的瞬時功率為（）A．1.0×104WB．1.1×104WC．2.0×104WD．2.2×104W7、(本題9分)額定功率P0=60kW的汽車,在平直公路上行駛的最大速度vm=20m/s,汽車質量m=1000kg.若汽車先由靜止起一直以額定功率前進,整個運動過程中所受的阻力不變．下列說法正確的是()A．汽車運動中所受的阻力為3000N B．汽車啟動階段為勻加速直線運動C．瞬時速度為10m/s時牽引力為6000N D．汽車完成啟動后做勻速直線運動8、(本題9分)如圖所示，兩個傾角都為30°、足夠長的光滑斜面對接在一起并固定在地面上，頂端安裝一光滑的定滑輪，質量分別為2m和m的A、B兩物體分別放在左右斜面上，不可伸長的輕繩跨過滑輪將A、B兩物體連接，B與右邊斜面的底端擋板C之間連有橡皮筋．現用手握住A，使橡皮筋剛好無形變，系統處于靜止狀態．松手后，從A、B開始運動到它們速度再次都為零的過程中（繩和橡皮筋都與斜面平行且橡皮筋伸長在彈性限度內）A．A、B與地球的機械能之和守恒B．A、B、橡皮筋與地球的機械能之和守恒C．A的重力勢能減少量大于橡皮筋彈力所做的功D．重力對A做功的平均功率小于橡皮筋彈力對B做功的平均功率9、如圖所示，甲、乙兩種粗糙面不同但高度相同的傳送帶，傾斜放置，以同樣恒定速率v順時針轉動。現將一質量為m的小物塊(視為質點)輕輕放在A處，小物塊在甲傳送帶上到達B處時恰好達到傳送帶的速率v；在乙傳送帶上到達離B豎直高度為h的C處時達到傳送帶的速率v.已知B處離地面高度為H，則在物塊從A到B的過程中A．兩種傳送帶對小物塊做功相等B．兩種傳送帶因運送物塊而多消耗的電能相等C．兩種傳送帶與小物塊之間的動摩擦因數不等，甲的小D．兩種傳送帶與物塊摩擦產生的熱量相等10、(本題9分)帶有光滑圓弧軌道、質量為M的滑車靜止置于光滑水平面上，如圖所示，一質量為m的小球以速度水平沖上滑車，到達某一高度后，小球又返回車的左端，若M=2m，則A．小球將做自由落體運動B．小球以后將向左做平拋運動C．此過程中小球對小車做的功為D．小球在弧形槽上升的最大高度為11、(本題9分)物體A、B、C均靜止在同一水平面上，它們的質量分別為mA、mB、mC，與水平面的動摩擦因數分別為μA、μB、μC。用水平拉力F分別拉物體A、B、C，所得加速度a與拉力F的關系如圖所示，A、B兩直線平行，B、C延長線交于a軸負半軸同一點。則以下關系正確的是A．μA<μB=μC B．μA>μB=μCC．mA=mB<mC D．mA=mB>mC12、三顆人造地球衛星A、B、C繞地球作勻速圓周運動，如圖所示，已知三顆衛星質量關系為MA=MB>MC，則對于三個衛星，正確的是：A．運行線速度關系為B．運行周期關系為TA＞TB=TCC．向心力大小關系為FA=FB＜FCD．半徑與周期關系為二．填空題(每小題6分，共18分)13、(本題9分)用如圖甲所示的實驗裝置驗證質量分別為m1、m2的兩物塊組成的系統機械能守恒。質量為m2的物塊在高處由靜止開始下落，打點計時器在質量為m1的物塊拖著的紙帶上打出一系列的點，對紙帶上的點跡進行測量，即可驗證機械能守恒定律。圖乙所示是實驗中獲取的一條紙帶：0是打下的第一個點，每相鄰兩計數點間還有4個點（圖中未標出），所用電源的頻率為50Hz，計數點間的距離如圖乙所示。已知m1＝100g、m2＝200g，取當地重力加速度為9.8m/s2。（結果均保留三位有效數字）（1）打計數點5時物塊的速度大小為______m/s。（2）在打計數點0到5的過程中，系統運能的增量Ek＝______J；系統重力勢能的減少是Ep＝_____J。14、(本題9分)在“探究平拋運動的運動規律”的實驗中，可以描繪出小球平拋運動的軌跡，實驗簡要步驟如下：A．讓小球多次從位置上滾下，記下小球碰到鉛筆筆尖的一系列位置．B．按圖安裝好器材，注意，記下平拋初位置O點和過O點的豎直線．C．取下白紙，以O為原點，以豎直線為y軸建立坐標系，用平滑曲線畫平拋運動物體的軌跡．（1）完成上述步驟，將正確的答案填在橫線上．（2）上述實驗步驟的合理順序是．15、(本題9分)“探究加速度與力、質量的關系”的實驗裝置如圖甲所示．（1）在平衡小車與桌面之間摩擦力的過程中,打出了一條紙帶如圖乙所示．計時器打點的時間間隔為0.02s.從比較清晰的點起,每5個點取一個計數點,量出相鄰計數點之間的距離．該小車的加速度a=___m/s2.(結果保留兩位有效數字)(2)平衡摩擦力后，拆去打點計時器．在木板上的B點固定一個光電計時器，小車上固定一遮光片，如圖丙所示．將5個相同的砝碼都放在小車上，掛上砝碼盤，然后每次從小車上取一個砝碼添加到砝碼盤中，并且每次都控制小車從A點靜止釋放．記錄每一次光電計時器的示數．本實驗應取砝碼盤及盤中砝碼、小車（及車上擋光片、砝碼）作為一個系統，即研究對象．下列說法正確的是________．A、需要保證砝碼盤及盤中砝碼的總質量遠小于小車及車中砝碼的總質量B、不需要保證砝碼盤及盤中砝碼的總質量遠小于小車及車中砝碼的總質量C、每次從小車上取走砝碼后，需要重新平衡摩擦力D、每次從小車上取走砝碼后，不需要重新平衡摩擦力(3)已知，每個砝碼質量為m0，遮光片寬度為d，AB間距離為L，重力加速度為g；在某次實驗中，光電計時器示數為,則小車運動運動至B點的速度可表示為__________；(4)處理數據時，某同學將盤中砝碼的總重力記為F，并以F作為縱坐標，作為橫坐標，描點作圖，得到如圖丁所示的圖像．該圖線不過原點的原因是：____________________；已知圖線的縱截距為-b，斜率為k，那么，砝碼盤的質量為_________；小車及遮光片的總質量為________．三．計算題(22分)16、（12分）(本題9分)如圖，一很長且不可伸長的柔軟輕繩跨過光滑定滑輪，繩兩端各系一小球a和b，a球質量是m，b球質量是2m，a球靜置于地面，用手托住b，此時b離地面高度為h，輕繩剛好拉緊．從靜止開始釋放b后，空氣阻力忽略不計，求：（1）b下落h時（落地前的瞬間）速度為多大？（2）a可以達到的最大高度為多少？17、（10分）(本題9分)據報道，科學家們在距離地球20萬光年外發現了首顆系外“宜居”行星．假設該行星質量約為地球質量的6倍，半徑約為地球半徑的2倍．若某人在地球表面能舉起60kg的物體，試求：（1）人在這個行星表面能舉起的物體的質量為多少？（2）這個行星的第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的多少倍？

參考答案一、選擇題（本題共12小題，每小題5分，共60分，在每小題給出的四個選項中，有的小題只有一個選項正確，有的小題有多個選項正確.全部選對的得5分，選不全的得3分，有選錯的或不答的得0分）1、C【解析】

A．當小球剛好到達B點時，小球與滑塊水平方向速度相同，設為v1，以小球的初速度方向為正方向，在水平方向上，由動量守恒定律得：由機械能守恒定律得：代入數據解得：所以當時，小球不能到達B點，故A錯誤；B．小球離開四分之一圓弧軌道時，在水平方向上與滑塊M的速度相同，則球將從滑塊的左側離開滑塊后返回時仍然回到滑塊M上，不可能從滑塊的左側離開滑塊，故B錯誤；C．小球在圓弧上運動的過程中，小球對滑塊M的壓力一直對滑塊做正功，所以滑塊動能一直增加，故C正確；D．若滑塊固定，由機械能守恒知小球返回A點時的速度大小仍為v0，在B點，根據牛頓第二定律得：解得：根據牛頓第三定律可知，小球返回B點時對滑塊的壓力為，故D錯誤。故選C。2、B【解析】根據運動的等時性，A錯誤；只要加速度保持不變的運動，均為勻變速運動，可以是直線，也可以是曲線，B正確；曲線運動的加速度方向一定與速度方向不在同一直線上，C錯誤；盡管分運動是直線運動，但加速度方向與速度方向不在一條直線上時，做曲線運動，D錯誤．3、D【解析】

通過最高點時小球對管底剛好無壓力，則重力提供向心力，設最高點速度為v0即：移項得：運動到最低點的過程中，設最低點速度為v，由動能定理得：即：設在最低點時軌道對其支持力為N，則：即：A．描述與分析不符，故A錯誤.B．描述與分析不符，故B錯誤.C．描述與分析不符，故C錯誤.D．描述與分析相符，故D正確.4、C【解析】略5、D【解析】

A.沿著電場線的方向電勢逐漸降低，電場線密的地方，電場強度大，電場線疏的地方電場強度小。可知電場強度越大的地方電勢不一定越高，故A項不符合題意；B.根據電勢能公式Ep=qφ知：正電荷在電勢越高的地方，其電勢能越大，負電荷在電勢越高的地方，其電勢能越小，故B項不符合題意；C.根據電勢能公式Ep=qφ知：在電場中，電勢高的地方，放在該點的正電荷的電荷量越大，電勢能越大，而負電荷則相反，故C項不符合題意；D.沿著電場線的方向電勢逐漸降低，在場源電荷為正點電荷的電場中，某帶正電的試探電荷離場源電荷越近所具有的電勢能越大，離場源電荷越遠所具有的電勢能越小，故D項符合題意。6、D【解析】由牛頓第二定律F-f=ma，F=f+ma=11000N,v=at=2m/s，由P=Fv=2.2×104W，D對；7、ACD【解析】

A項：當汽車的速度最大時，牽引力等于阻力，即有F=f，由P0=Fvm，得阻力，故A正確；B、D項：由公式可知，速度增大，牽引力減小，由得，加速度減小，所以汽車做加速度減小的加速運動，直到加速度為零，汽車最后勻速直線運動，故B錯誤，D正確；C項：由公式可知，當速度為時，牽引力為：，故C正確．8、BC【解析】

兩物體運動過程中，只有重力和彈簧彈力做功，AB兩個物體和彈簧系統機械能守恒，根據能量守恒可判斷C選項．平均功率等于功除以時間．【詳解】兩物體運動過程中，只有重力和彈簧彈力做功，AB兩個物體和彈簧系統機械能守恒，但AB的機械能之和不守恒，故A錯誤，B正確；根據能量守恒可知，A的重力勢能減少量等于B的重力勢能的增加量和彈簧彈性勢能的增加量，所以A的重力勢能減少量大于橡皮筋彈力所做的功，故C正確；重力對A做功大于橡皮筋彈力對B做功，而時間相等，重力對A做功的平均功率大于橡皮筋彈力對B做功的平均功率，故D錯誤．故選BC．【點睛】本題主要考查了機械能守恒的條件和能量守恒定律的直接應用，根據機械能守恒條件分析判斷即可．9、AC【解析】

A.傳送帶對小物體做功等于小物塊機械能的增加量，兩種情況下物體動能的增加量相等，重力勢能的增加量也相同，即機械能的增加量相等，根據功能關系知，兩種傳送帶對小物體做功相等，故A正確.C.根據公式v2=2ax，乙物體的位移小，v相等，可知物體加速度關系a甲＜a乙，再由牛頓第二定律μmgcosθ-mgsinθ=ma，得知μ甲＜μ乙；故C正確.D.由摩擦生熱Q=fS相對知，甲圖中：，，．乙圖中：，，解得：，，Q甲＞Q乙；故D錯誤.B.根據能量守恒定律，電動機消耗的電能E電等于摩擦產生的熱量Q與物塊增加機械能之和，因物塊兩次從A到B增加的機械能相同，Q甲＞Q乙，所以將小物體傳送到B處，兩種傳送帶消耗的電能甲更多，故B錯誤.10、BCD【解析】

小球和小車組成的系統，在水平方向上動量守恒，小球越過圓弧軌道后，在水平方向上與小車的速度相同，返回時仍然落回軌道，根據動量守恒定律判斷小球的運動情況．對小車，運用動能定理求小球對小車做的功．當小球與小車的速度相同時，小球上升到最大高度，由動量守恒定律和機械能守恒定律結合求解最大高度．【詳解】小球滑上滑車，又返回，到離開滑車的整個過程中，系統水平方向動量守恒．選取向右為正方向，由動量守恒定律得：mv0=mv1+Mv2

由機械能守恒定律得：mv02=mv12+Mv22

解得：v1=v0=-v0，

v2=v0=v0

所以小球以后將向左做平拋運動，故A錯誤，B正確．對小車，運用動能定理得：小球對小車做的功W=Mv22-0=，故C正確．當小球與小車的速度相同時，小球上升到最大高度，設共同速度為v．規定向右為正方向，運用動量守恒定律得：mv0=（m+M）v

根據能量守恒定律得，有：mv02-（m+M）v2=mgh

代入數據得：h=，故D正確．故選BCD．【點睛】解決本題的關鍵知道小球和小車組成的系統在水平方向上動量守恒，系統的機械能也守恒．本題可與彈性碰撞類比，記住解題結果．11、AC【解析】

根據牛頓第二定律有：F-μmg=ma，所以有：；由此可知：圖象斜率為質量的倒數，在縱軸上的截距大小為μg。故由圖象可知：μA＜μB=μC，mA=mB＜mC。A.μA<μB=μC，與結論相符，選項A正確；B.μA>μB=μC，與結論不相符，選項B錯誤；C.mA=mB<mC，與結論相符，選項C正確；D.mA=mB>mC，與結論不相符，選項D錯誤；12、AD【解析】

人造衛星繞地球做勻速圓周運動，萬有引力提供向心力，設衛星的質量為m、軌道半徑為r、地球質量為M，由圖示可知：rA＜rB=rC，由題意知：MA=MB>MC；由牛頓第二定律得：①

A.由①解得，，所以vA＞vB=vC，故A正確；B.由①解得，，則TA＜TB=TC，故B錯誤；C.，已知rA＜rB=rC，MA=MB>MC，可知FA＞FB＞FC，故C錯誤；D.由開普勒第三定律可知，繞同一個中心天體運動的半徑的三次方與周期的平方之比是一個定值，即，故D正確；二．填空題(每小題6分，共18分)13、（1）1.64（2）0.4030.404【解析】（1）每相鄰兩計數點間還有4個點（圖中未標出），所以連續兩個點的時間間隔為T=0.1s，根據某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求出計數點5的瞬時速度為：。（2）系統動能的增加量為：。系統重力勢能的減小量為：△Ep=（m2-m1）gh=0.100×9.8×（26.64+14.61）J≈0.404J．14、【答題空1】同一【答題空2】水平【答題空3】BAC【解析】

試題分析：該實驗成功的關鍵是，確保小球每次拋出的初速度相同，而且初速度是水平的，因此實驗過程中要特別注意這兩點．實驗步驟的排列要符合邏輯順序，不能顛三倒四，要便于操作；（1）該是實驗中要保證每次小球做平拋運動的軌跡相同，這就要求小球平拋的初速度相同，而且初速度是水平的，因此在具體實驗操作中要調整斜槽末端水平，同時讓小多次從同一位置無初速度的釋放．（2）實驗操作中要先安裝儀器，然后進行實驗操作，故實驗順序為BAC．15、0.16BD