2025屆四川省成都市物理高一下期末復習檢測模擬試題考生請注意：1．答題前請將考場、試室號、座位號、考生號、姓名寫在試卷密封線內，不得在試卷上作任何標記。2．第一部分選擇題每小題選出答案后，需將答案寫在試卷指定的括號內，第二部分非選擇題答案寫在試卷題目指定的位置上。3．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、在滑冰場上，甲、乙兩小孩分別坐在滑冰板上，原來都靜止不動，在相互猛推一下后分別向相反方向運動。假定兩板與冰面間的動摩擦因數相同。已知甲在冰上滑行的距離比乙遠這是由于()A．在推的過程中，甲推乙的力小于乙推甲的力B．分開時甲獲得的動量大小大于乙的動量大小C．在剛分開時，甲的初速度大于乙的初速度D．在分開后，甲的加速度的大小小于乙的加速度的大小2、(本題9分)圖中K、L、M為靜電場中的三個相距很近的等勢面（K、M之間無電荷）。一帶電粒子射入此靜電場中后，只受電場力作用，沿a→b→c→d→e軌跡運動。已知電勢，下列說法中正確的是（）A．此粒子帶負電B．粒子在bc段做加速運動C．粒子在c點時電勢能最小D．粒子通過b點和d點時的動能相等3、(本題9分)下列關于同一質點的位移和路程的說法中正確的是（）A．位移是矢量，位移的方向即質點運動的方向B．路程是標量，即位移的大小C．位移的大小，不會比路程大D．質點做直線運動時，路程等于位移的大小4、(本題9分)一質量為m的質點繞圓心做勻速圓周運動，其所受向心力大小為F，運動周期為T，則它在時間內的平均速度大小為A． B． C． D．5、(本題9分)質點做直線運動的速度—時間圖象如圖所示，該質點A．在第1秒末速度方向發生了改變B．在第2秒末加速度方向發生了改變C．在前2秒內發生的位移為零D．第3秒和第5秒末的位置相同6、豎直向上的恒力F作用在質量為m的物體上，使物體從靜止開始運動升高h，速度達到v，在這個過程中，設阻力恒為f，則下列表述正確的是()A．F對物體做的功等于物體動能的增量，即B．F對物體做的功等于物體機械能的增量，即C．F與f對物體做的功等于物體動能的增量，即D．物體所受合力的功等于物體動能的增量，即7、在如圖所示的電路中，電源電動勢為E、內電阻為r，在滑動變阻器的滑動觸片P從圖示位置向下滑動的過程中A．電路中的總電流變大B．路端電壓變小C．通過電阻R2的電流不變D．通過滑動變阻器R1的電流變小8、(本題9分)如圖所示，兩個不帶電的導體A和B，用一對絕緣柱支持使它們彼此接觸．把一帶正電荷的物體C置于A附近，貼在A、B下部的金屬箔都張開，則下列正確的說法是：A．此時A電勢低，B電勢高B．將A左端接地，B右端電荷被中和C．移去C，貼在A、B下部的金屬箔都閉合D．先把A和B分開，然后移去C，貼在A、B下部的金屬箔都閉合9、下列說法中正確的是A．機械能守恒定律的發現，確認了永動機的不可能性B．開普勒在牛頓定律的基礎上，導出了行星運動的規律C．牛頓認為力是物體運動狀態改變的原因，而不是維持物體運動的原因D．伽利略根據小球在斜面上的運動合理外推得出自由落體的運動規律，這采用了實驗和邏輯推理相結合的方法10、(本題9分)如圖所示，小物體P放在水平圓盤上隨圓盤一起轉動，小物體所受摩擦力為f，下列敘述正確的是（）A．若圓盤勻速轉動，物體P受重力、支持力、向心力和指向圓心方向的摩擦力B．若圓盤勻速轉動，物體P相對圓盤有沿著半徑向外運動的趨勢C．若圓盤轉速由零逐漸增加，當轉速增加到某個值時，物體P將沿轉動切線方向飛離圓盤D．若圓盤轉速由零逐漸增加，在物體P相對圓盤滑動之前，圓盤對物體P的摩擦力方向并不指向圓心11、(本題9分)如圖所示，一輕繩通過小定滑輪O與小球B連接，另一端與套在豎直桿上的小物塊A連接，桿固定且足夠長。開始時用手握住B使A靜止在P點，細線伸直。現釋放B，A向上運動，過Q點時細線與豎直桿成60°角，R點位置與O等高。(不計一切摩擦，B球未落地)則A．物塊A過Q點時，A、B兩物體的速度關系為vA=2vBB．物塊A由P上升至R的過程中，物塊A的機械能增加量等于小球B的機械能減少量C．物塊A由P上升至R的過程中，細線對小球B的拉力總小于小球B的重力D．物塊A由P上升至R的過程中，小球B所受重力的瞬時功率先增大后減小12、(本題9分)如圖所示，豎直平面內的光滑水平軌道的左邊與墻壁對接，右邊與一個足夠高的光滑圓弧軌道平滑相連，木塊A、B靜置于光滑水平軌道上，A、B的質量分別為和。現讓A以的速度水平向左運動，之后與墻壁碰撞，碰撞的時間為，碰后的速度大小變為，當A與B碰撞后立即粘在一起運動，g取，則（）A．A與墻壁碰撞的過程中，墻壁對A的平均作用力的大小B．A與墻壁碰撞的過程中沒有能量損失C．A、B碰撞后的速度D．A、B滑上圓弧軌道的最大高度二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）(本題9分)某興趣小組準備用兩種方案測量同一金屬器件的電阻。方案一：用多用電表進行粗略測量(1)甲同學選用“x10”倍率的歐姆擋測量，發現多用電表指針偏轉過大，因此需選擇______（填“×1”或“×100”）倍率的歐姆擋，并重新進行歐姆調零后再進行測量，之后多用電表的示數如圖（a）所示，測量結果為______Ω。方案二：用伏安法進行較準確的測量(2)已知電流表的內阻為0.8Ω，請按乙同學設計的電路原理圖（b）將圖（c）中的實物連線____。(3)根據圖（b）正確連接電路之后，不斷改變R2的阻值，得到圖（d）中所描出的各數據點。請作圖連線____，并求得待測金屬器件的電阻為______Ω（結果保留三位有效數字）。14、（10分）與打點計時器一樣，光電計時器也是一種研究物體運動情況時常用的計時儀器，如圖（甲）所示，a、b分別是光電門的激光發射和接收裝置．現利用如圖（乙）所示的裝置驗證“機械能守恒定律”．方法是：在滑塊上安裝一遮光板，把滑塊放在水平放置的氣墊導軌上，通過跨過定滑輪的細繩與鉤碼相連，連接好1、1兩個光電門，在圖示位置釋放滑塊后，光電計時器記錄下滑塊上的遮光板先后通過兩個光電門的時間分別為△t1、△t1．已知滑塊（含遮光板）質量為M、鉤碼質量為m、兩光電門間距為s、遮光板寬度為L、當地的重力加速度為g．（1）計算滑塊先后通過兩個光電門時的瞬時速度的表達式為v1=_____v1=________（用題目中給定的字母表示）（1）本實驗中驗證機械能守恒的表達式為____________（用題目中給定的字母表示）．三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）(本題9分)如圖所示，導熱性能良好的氣缸開口向上，用輕質活塞封閉有一定質量體積為V0的氣體，外界大氣壓強為P0，環境溫度為T0，輕質活塞橫截面積為S，與氣缸之間的摩擦不計。現在活塞上面放一質量為m的物塊，活塞緩慢下移，并最終靜止在某一位置。重力加速度為g。求：(1)活塞靜止時，離氣缸底端的距離是多少？(2)如果拿掉物塊，要保持活塞位置不變，環境溫度需要如何改變？變化了多少？16、（12分）(本題9分)如圖，豎直平面內粗糙直桿與半徑為R＝2.1m的光滑1/4圓弧軌道平滑連接，直徑略大于桿截面直徑的小環質量為m＝2kg．與豎直方向成α＝37°的恒力F作用在小環上，使它從A點由靜止開始沿桿向上運動，當小環運動到半圓弧軌道左端B點時撤去F，小環沿圓軌道上滑到最高點C處時與軌道無彈力作用．AB間的距離為1m，小環與直桿間的動摩擦因數為0.1．（sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g＝10m/s2）求：（1）小環在C處時的速度大小；（2）小環在B處時的速度大小；（3）恒力F的大小．17、（12分）(本題9分)如圖，長度為L=0.8m的輕質細桿OA，A端系有一質量為m=2.0kg的小球，小球以O點為圓心在豎直平面內做圓周運動，通過最低點時小球的速率是6.0m/s，g取10m/s2，求小球在最高點時受到的彈力的大小和方向。

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、C【解析】

A.在推的過程中，甲推乙的力和乙推甲的力是一對作用力和反作用力，根據牛頓第三定律，作用力和反作用力大小相等，方向相反，故A錯誤；B.根據動量守恒定律，則m甲C.由動能定理1滑行的距離x=vD.根據牛頓第二定律，在分開后，甲的加速度的大小等于乙的加速度的大小，都等于a=μg，兩板與冰面間的動摩擦因數相同，故兩者加速度大小相等,故D錯誤。2、D【解析】

由圖知，粒子軌跡向左彎曲，則帶電粒子所受電場力大體向左。電場線與等勢面垂直，且指向低電勢，電場線的分布大致向左，則可知粒子帶正電。故A錯誤。bc段力與速度方向夾角大于90度；故粒子做減速運動；故B錯誤。b→c動能減小，根據能量守恒，電勢能增加，c點電勢能最大；故C錯誤；bd在同一等勢面上，電勢能相等，則動能相等，故D正確。故選D。【點睛】本題是軌跡問題，首先根據軌跡的彎曲方向判斷帶電粒子所受的電場力方向，畫電場線是常用方法。3、C【解析】試題分析：位移是矢量，位移的大小等于由初位置指向末位置的有向線段的長度，其方向是由初始位置指向末始位置，故A錯誤；路程是標量，大小等于物體運動軌跡的長度，故B錯誤；據定義可知，路程的值可能大于或等于位移，故C正確；當質點做單向直線運動時，路程等于位移，若質點在一條直線上做往復運動，路程大于位移，故D錯誤．考點：對位移和路程的認識與理解4、A【解析】

根據向心力公式可知，，它在時間內的位移等于r，它在時間內的平均速度大小為，故A確，B、C、D錯誤；故選A．5、D【解析】試題分析：速度圖象的正負表示速度的方向，而在前2s內，運動方向沒有變化，故A錯；圖象的斜率表示加速度，第2秒末斜率不變，所以加速度不變，故B錯；前兩秒內圖象都在時間軸上方，故質點位移為圖線與坐標軸所圍成的面積，C錯；同理，由圖象面積可以知道，第4秒內和第5秒內的位移大小相同、方向相反，故D正確。考點：運動學圖象6、D【解析】

AD．由動能定理可知：即物體所受合力的功等于物體動能的增量；選項A錯誤，D正確；B．由可知，F對物體做的功等于物體機械能的增量與克服阻力做功之和，選項B錯誤；C．由可知，F與f對物體做的功等于物體機械能的增量，選項C錯誤；故選D。7、AB【解析】A、在滑動變阻器的滑動觸片P向下滑動的過程中，接入電路的變小，外電路總電阻變小，由閉合電路歐姆定律分析電路中的總電流變大，故A正確；

B、路端電壓，I變大，E、r不變，則U變小，故B正確；

C、路端電壓U變小，通過電阻的電流變小，故C錯誤；

D、總電流變大，通過電阻的電流變小，所以通過滑動變阻器的電流必定變大，故D錯誤。8、BC【解析】

A.此時AB為等勢體，兩端電勢相等，故A錯誤；B.將A左端接地，B右端電荷將被導入大地，被中和，故B正確；C.移去C，A、B兩端的電荷將中和，之后兩端都不帶電，所以貼在A、B下部的金屬都閉合，故C正確；D.先把A和B分開，再移去C，A、B分別帶上負電和正電，貼在A、B下部的金屬箔都張開，故D錯誤．9、AD【解析】

A.永動機違背能量守恒定律，則機械能守恒定律的發現，確認了永動機的不可能性，選項A正確；B.開普勒在第谷對行星的觀測數據的基礎上，導出了行星運動的規律，選項B錯誤；C.伽利略認為力是物體運動狀態改變的原因，而不是維持物體運動的原因，選項C錯誤；D.伽利略根據小球在斜面上的運動合理外推得出自由落體的運動規律，這采用了實驗和邏輯推理相結合的方法，選項D正確；10、BCD【解析】

A．向心力是由物體所受到的力提供的，不是物體受到的力，故A錯誤；B．勻速轉動，靜摩擦力提供向心力，因為靜摩擦力方向和相對運動趨勢方向相反，所以物體有沿著半徑向外運動的趨勢，故B正確；C．當最大靜摩擦力不能提供向心力時，物體做離心運動，沿著切線方向飛離圓盤，故C正確；D．轉臺轉速增加的過程中，物體做加速圓周運動，靜摩擦力沿著半徑方向的分力提供向心力，切向分力使物體加速。故靜摩擦力不指向圓心，故D正確；11、ABD【解析】

A.物塊A過Q點時，將物塊A的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子的方向，沿繩子方向的分速度等于B的速度，即vB=vAcos60°，得vA=2vB；故A正確.B.物塊A由P上升至R的過程中，對于A、B組成的系統，由于只有重力做功，所以系統的機械能守恒，則物塊A的機械能增加量等于小球B的機械能減少量；故B正確.C.物塊A由P上升至R的過程中，小球B的速度先增大后減小，物塊上升至R時B球的速度為零，則小球B的加速度先向上后向下，先處于超重狀態后處于失重狀態，則細線對小球B的拉力先大于小球B的重力，后小于小球B的重力；故C錯誤.D.物塊A由P上升至R的過程中，小球B的速度先增大后減小，由P=mgv知小球B所受重力的瞬時功率先增大后減小；故D正確.12、AC【解析】試題分析：設水平向右為正方向，A與墻壁碰撞時根據動量定理有，解得，故A正確。若A與墻壁碰撞時無能量損失，A將以速度水平向右運動，由題已知碰后的速度大小變為4m/s，故B錯誤。設碰撞后A、B的共同速度為，根據動量守恒定律有，解得，故C正確。A、B在光滑圓弧軌道上滑動時，機械能守恒，由機械能守恒定律得，解得，故D錯誤。考點：動量守恒定律【名師點睛】本題考查了求作用力、高度問題，分析清楚物體運動過程，應用動量定理、動量守恒定律、機械能守恒定律即可正確解題。二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、；13；；；13.0【解析】

（1）用“×10”倍率的歐姆擋測量，多用電表指針偏轉過大，說明所選擋位太大，因此需選擇×1倍率的歐姆擋；由圖（a）所示可知，測量結果為：13×1=13Ω。（2）根據圖示電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示：（3）根據坐標系內描出的點作出圖象如圖所示：由圖示圖線可知，待測金屬件的電阻為：；14、（1）（1）【解析】試題分析：由于遮光板的寬度比較窄，所以把遮光板通過光電門的平均速度認為等于其通過光電門的瞬時速度滑塊通過光電門1的瞬時速度，通過光電門1的瞬時速度．系統重力勢能的減小量為．系統動能的增加量為則驗證的機械能守恒的時候只需要驗證系統勢能減少量和系統動能增加量相等，則表達式為:考點：本題