高級中學名校試卷PAGEPAGE1溫州市普通高中2025屆高三第三次適應性考試物理試題卷2025.5考生須知：1．本試卷分選擇題和非選擇題兩部分，共8頁，滿分100分，考試時間90分鐘。2．答題前，請務必將自己姓名、準考證號用黑色字跡的簽字筆或鋼筆分別填寫在試題卷和答題卷規定的位置上。3．答題時，請按照答題卷上“注意事項”的要求，在答題卷相應的位置上規范作答，在本試題卷上的作答一律無效。4．非選擇題的答案必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫在答題卷上相應區域內，作圖時可先使用2B鉛筆，確定后必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑。5．可能用到的相關參數：未特殊說明，重力加速度g均取。選擇題部分一、選擇題1（本題共10小題，每小題3分，共30分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.隨著電池和電機技術的進步，國產新能源車在加速性能方面表現出色。研究汽車加速時，會引入一個新物理量j來表示加速度a隨時間t變化的快慢，即。該物理量的單位用國際單位制中基本單位符號表示為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】根據可知其單位故選A2.2025年2月哈爾濱亞冬會上，中國運動員在速度滑冰男子500米決賽中，以34秒95的成績奪得冠軍。如圖所示，比賽中運動員正沿圓弧形彎道滑行，則下列說法正確的是（）A.比賽中運動員的位移大小是500mB.運動員全程的平均速度是14.3m/sC.研究運動員的沖線技巧時，不可以把運動員看作質點D.運動員在彎道滑行時，冰面對運動員的作用力大于運動員對冰面的作用力【答案】C【解析】A．位移大小由始末位置的直線距離決定，500米是運動員運動軌跡的長度，即路程，而不是位移大小。在速度滑冰男子500米比賽中，運動員沿圓弧形彎道滑行，初末位置不同，位移大小小于500米，故A錯誤；B．平均速度為由A選項分析可知位移小于500米，時間，則平均速度故B錯誤；C．當物體的開關、大小對所研究的問題沒有影響時，才可以把物體看作質點。研究運動員的沖線技巧時，運動員的肢體動作等對研究沖線技巧有重要影響，不能忽略其形狀和大小，所以不可以把運動員看作質點，故C正確；D．冰面對運動員的作用力與運動員對冰面的作用力是一對相互作用力，根據牛頓第三定律，相互作用力大小相等、方向相反、作用在同一條直線上，所以冰面對運動員的作用力等于運動員對冰面的作用力，故D錯誤。故選C。3.中國的全超導托卡馬克核聚變實驗裝置（EAST）首次實現了1億攝氏度條件下1000秒的等離子體運行。該裝置內部發生的核反應方程為，此反應會釋放核能，伴隨光子放出。下列說法正確的是（）A.該核反應方程中的X是質子B.的比結合能小于的比結合能C.核聚變反應所釋放的光子可能來源于氫原子能級躍遷D.該反應需要原子核具有足夠的動能以克服庫侖斥力才能發生【答案】D【解析】A．根據質量數守恒和核電荷數守恒得該核反應方程為，故A錯誤；B．核反應中生成物比反應物更加穩定，所以的比結合能大于的比結合能，故B錯誤；C．原子能級躍遷僅涉及電子在原子軌道間的躍遷，釋放低能光子（如可見光、紫外線），與核反應無直接關聯。核聚變反應釋放的光子主要來源于核反應本身，而非氫原子能級躍遷。故C錯誤；D．要使核聚變發生，原子核必須首先接近到約以內，強核力才能主導結合過程。原子核帶正電，根據庫侖定律，它們之間的斥力隨距離減小而急劇增大，這要求原子核需要足夠的動能才能克服庫侖斥力作用。因此，核聚變反應需要原子核具有足夠的動能以克服庫侖斥力才能有效發生，故D正確；故選D。4.如圖所示，在水平如鏡的湖面上方，一顆鋼珠從離水面不高處由靜止落入水中，會濺起幾滴小水珠。下列說法正確的是（）A.部分小水珠濺起的高度可以超過鋼珠下落時的高度B.小水珠在空中上升過程處于超重狀態C.所有濺起的小水珠運動到各自最高點時速度一定為零D.所有濺起的小水珠機械能總和等于鋼珠靜止下落時的機械能【答案】A【解析】A．鋼珠落入水中時，部分能量會轉化為小水珠的動能，使得小水珠能夠濺起。由于能量守恒，部分小水珠可能會獲得足夠的動能，使其濺起的高度超過鋼珠下落時的高度，A正確；B．小水珠在空中上升時，加速度方向向下，處于失重狀態，而不是超重狀態，B錯誤；C．被濺起來的小水珠有的可能是豎直上拋，有的可能是斜拋，所以小水珠運動到最高點時豎直方向上的速度一定為零，水平方向上不一定為零，C錯誤；D．鋼珠下落時，部分能量會轉化為水的內能、聲能等其他形式的能量，因此小水珠的機械能總和會小于鋼珠靜止下落時的機械能，D錯誤。故選A。5.如圖1所示，同軸電纜是廣泛應用于網絡通訊、電視廣播等領域的信號傳輸線，它由兩個同心導體組成，內導體為銅制芯線，外導體為鋁制網狀編織層，兩者間由絕緣材料隔開。圖2為同軸電纜橫截面內靜電場的等勢線與電場線的分布情況，相鄰虛線同心圓間距相等，a、b、c、d四個點均在實線與虛線的交點上，下列說法正確的是（）A.圖2中虛線代表電場線B.鋁制網狀編織層可起到信號屏蔽作用C.a、b兩點處的電場強度相同D.a、d間的電勢差為b、c間電勢差的兩倍【答案】B【解析】A．圖2中虛線代表等勢面，A錯誤；B．鋁制網狀編織層可起到信號屏蔽作用，B正確；C．a、b兩點處的電場強度不相同，因為方向不相同，C錯誤；D．距離內導體越遠，電場強度越小，，所以a、d間的電勢差大于b、c間電勢差的兩倍，D錯誤。故選B。6.宋應星的《天工開物》一書中記錄了圖1所示的用重物測量弓弦張力的“試弓定力”情景，簡化示意圖如圖2所示，測量時將弦的中點懸掛于秤鉤上，在質量為m的弓的中點處懸掛質量為M的重物，穩定時弦的張角。弦可視作遵循胡克定律的彈性輕繩，且始終在彈性限度內，不計弓的形變和一切摩擦，重力加速度為g，下列說法正確的是（）A.此時弦的張力為 B.此時弦的張力為C.若增加重物的質量，弦的張角一定增大 D.若增加重物的質量，弦的張力一定增大【答案】D【解析】AB．整體法對弓和物體受力分析，如圖所示豎直方向上由受力平衡可得，解得故AB錯誤；CD．不計弓的形變，增加重物質量，弦與豎直方向夾角減小，則弦的伸長量增加，根據胡克定律可知，弦的張力一定增大，故C錯誤，D正確。故選D。7.“食雙星”是特殊的雙星系統，由兩顆亮度不同的恒星組成，它們在相互引力作用下繞連線上某點做勻速圓周運動，且軌道平面與觀測者視線方向幾乎平行。由于兩顆恒星相互遮擋，造成觀測者觀察到雙星的亮度L發生周期性變化，如圖所示。若較亮的恒星和較暗的恒星軌道半徑分別為和（和遠小于該雙星系統到觀測者的距離）。下列說法正確的是（）A.時刻，較亮的恒星遮擋住較暗的恒星B.較亮的恒星與較暗的恒星質量之比為C.兩顆恒星做勻速圓周運動的周期均為D.較亮的恒星線速度與較暗的恒星線速度之比為【答案】B【解析】AC．由題意可知，時刻，較亮的恒星遮擋住較暗的恒星，時刻較暗的恒星遮擋住較亮的恒星，即時間里，轉了半個圈，故周期為故AC錯誤；B．設較亮的恒星和較暗的恒星的質量分別為和，均由彼此間的萬有引力提供向心力故兩顆恒星的向心力大小相等，有解得，故B正確；D．設較亮的恒星和較暗的恒星的質量分別為和，根據因為角速度相等，解得故D錯誤。故選B。8.如圖所示是一種投彈式干粉消防車。某次滅火行動中，消防車出彈口到高樓水平距離，發射滅火彈初速度與水平面夾角，且滅火彈恰好垂直射入建筑玻璃窗。已知滅火彈可視為質點，不計空氣阻力，，則滅火彈在空中運動的軌跡長度最接近于（）A.13m B.14m C.15m D.20m【答案】C【解析】滅火彈恰好垂直射入建筑玻璃窗，此時滅火彈的豎直分速度為0，設滅火彈的初速度為，則有，聯立解得，則滅火彈的豎直位移大小為則滅火彈的合位移大小為則滅火彈在空中運動的軌跡長度應略大于滅火彈的合位移大小，所以最接近于15m。故選C。9.如圖所示，A、B小球帶同種電荷，在外力作用下靜止在光滑絕緣水平面上，相距為d。撤去外力的瞬間，A球加速度大小為a，兩球運動一段時間，B球加速度大小為，速度大小為v。已知A球質量為3m，B球質量為m，兩小球均可視為點電荷，不考慮帶電小球運動產生的電磁效應。則在該段時間內（）A.B球運動的距離為 B.庫侖力對A球的沖量大小為C.庫侖力對A球做功為 D.兩球組成的系統電勢能減少了【答案】D【解析】A．撤去外力的瞬間，對A，由牛頓第二定律有兩球運動一段時間，對B，由牛頓第二定律有聯立解得此時AB球間距對AB系統，根據動量守恒定律有整理得因為聯立解得故A錯誤；B．根據動量守恒定律有解得此時A的速度在該段時間內，A球速度由0變為，由動量定理，可得庫侖力對A球的沖量大小為故B錯誤；C．在該段時間內，對B，由動能定理有在該段時間內，庫侖力對A球做功為，故C錯誤；D．根據能量守恒，系統減少的電勢能等于系統機械能的增加量，為故D正確。故選D。10.如圖1所示，將一圓形線狀光源水平放置在足夠大的平靜水面下，線狀光源可以發出紅光。通過支架（圖中未畫出）可以調節光源到水面的距離h，隨著h變化，在水面上會看到不同形狀的發光區域。已知圓形線狀光源的半徑為，水對紅光的折射率為，下列說法正確的是（）A.h越大，水面上的發光區域面積越小B.時，水面上的發光區域會呈現類似圖2所示的圓環形狀C.當時，水面上的發光區域面積為D.當時，水面上亮環與暗圓的面積之比為4:1【答案】C【解析】A．設亮環最外圈的半徑為，暗圓的半徑為，其光路圖如圖所示發光面積為臨界角為根據幾何關系可知，聯立，解得所以，h越大，水面上發光區域面積越大，故A錯誤；B．當時，即此時中心區域全部被照亮，不存在暗圓，故B錯誤；C．當時，所以，中心不存在暗圓，其中水面上的發光區域面積為故C正確；D．當時，中心不存在暗圓，故D錯誤。故選C。二、選擇題Ⅱ（本題共3小題，每小題4分，共12分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）11.有關下列四幅圖的描述，正確的是（）A.圖1中，增大加速電壓U，可以減小粒子在回旋加速器中運動的時間B.圖2中，線圈順時針勻速轉動，電路中A、B發光二極管會交替發光C.圖3中，在梁的自由端施力F，梁發生彎曲，上表面應變片的電阻變小D.圖4中，僅減小兩極板的距離，則磁流體發電機的電動勢會增大【答案】A【解析】A．設粒子獲得最大速度為v，由洛倫茲力提供向心力有（R為最大軌道半徑）最終動能聯立解得，則加速次數粒子在磁場中運動周期運動總時間聯立解得由此可知，增大加速電壓U

，粒子在回旋加速器中運動時間減小，故A正確；B．圖甲中，由于線圈外接換向器，使線圈中的交流電整合為直流電，電流的方向不變，A、B發光二極管不會交替發光，故B錯誤；C．在梁的自由端施力F，梁發生彎曲，上表面拉伸，應變片的長度l變長，橫截面積S變小，根據電阻定律可知上表面應變片的電阻變大，故C錯誤；D．磁流體發電機穩定時，有（d為兩極板間的距離）解得電動勢可知僅減小兩極板的距離d，磁流體發電機的電動勢會減小，故D錯誤。故選A。12.一列縱波波源做頻率為1.0Hz的簡諧振動，在介質中形成疏密相間的狀態向右傳播，時刻部分質點振動情況如圖所示。圖中虛線代表相鄰各質點1、2、3、…、13的平衡位置且相距為0.5cm，小圓點代表該時刻各質點振動所在的位置。下列說法正確的是（）A.這列縱波的波長為2cmB.該時刻質點7振動方向向左C.，質點3恰好運動到圖中質點7的位置D.經過20.25s，質點4的運動路程大于質點6的運動路程【答案】BD【解析】A．質點3和質點7均在平衡位置，二者相距半個波長，這列縱波的波長為4cm，A錯誤；B．因為質點5在左最大位移處，所以該時刻質點7振動方向向左，B正確；C．質點只振動不移動，質點3不可能運動到圖中質點7的位置，C錯誤；D．經過，經過20個周期時二者的路程相等，最后四分之一周期時間內，質點4向右運動并經過平衡位置，速度大，路程大，質點6向左運動到最大位移處后向右運動，速度小，路程小，所以，質點4的運動路程大于質點6的運動路程，D正確。故選BD。13.研究光電效應時，用不同波長的光照射某金屬，產生光電子的最大初動能與入射光波長的關系如圖所示。大量處于能級的氫原子向低能級躍遷，產生的光子中僅有一種能引發該金屬發生光電效應。已知氫原子各能級關系為，其中為基態能級值，量子數1、2、3……，真空中光速為c，則（）A.普朗克常量為B.時，光電子的最大初動能為C.與氫原子基態能量的關系滿足D.氫原子由能級向能級躍遷發出的光子能使該金屬發生光電效應【答案】BC【解析】A．根據題意，由愛因斯坦光電效應方程有又因為可得結合圖像可知當時，，則有故A錯誤；B．當時，代入解得故B正確；CD．氫原子基態能量為，則能級氫原子能量為，能級氫原子能量為。由題可知能級向基態躍遷產生的光子能夠引發光電效應，能級向基態躍遷和能級向能級躍遷產生的光子不能引發光電效應，則故C正確，D錯誤。故選BC。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共58分）14.（1）圖1是“探究小車加速度與力、質量的關系”實驗方案甲，圖2是改進后的方案乙，兩方案中滑輪與細線間摩擦力，以及它們的質量均不計。下列說法正確的是________（多選）。A.兩種方案均需要補償阻力B.兩種方案均需要讓牽引小車的細線跟軌道保持平行C.不斷增加槽碼質量，兩種方案中小車的加速度大小均不可能超過重力加速度D.操作中，若有學生不小心先釋放小車再接通電源，得到的紙帶一定不可用（2）正確操作情況下，得到了一條紙帶如圖3所示，紙帶上各相鄰計數點間均有四個點跡，電源頻率為50Hz。①根據紙帶上所給數據，計時器在打下計數點C時小車的速度大小________m/s，小車的加速度大小________（以上結果均保留三位有效數字）。②可以判斷，該紙帶是由方案________（填“甲”、“乙”或“甲、乙均有可能”）得到。【答案】（1）AB（2）0.5342.00甲、乙均有可能【解析】【小問1詳析】A．兩種方案均需要補償阻力，選項A正確；B．兩種方案均需要讓牽引小車的細線跟軌道保持平行，選項B正確；C．不斷增加槽碼質量，甲方案中小車的加速度不會超過重力加速度；乙方案中因小車的加速度等于槽碼加速度的2倍，則當不斷增加槽碼質量時小車的加速度大小可能超過重力加速度，選項C錯誤；D．用紙帶上的點來求解加速度，操作中，若有學生不小心先釋放小車再接通電源，若接通電源及時，則得到的紙帶也可能可用，選項D錯誤。故選AB。【小問2詳析】紙帶上各相鄰計數點間均有四個點跡，則T=0.1s；①[1][2]計時器在打下計數點C時小車的速度大小小車的加速度大小②[3]因a<g，則可以判斷，該紙帶是由方案甲、乙均有可能得到。15.甲同學利用激光測量半徑半圓形玻璃磚的折射率，實驗中讓一細束激光沿玻璃磚半徑方向射到圓心O，恰好在底邊發生全反射（如圖1），作光路圖并測量相關數據（如圖2），則該半圓形玻璃磚的折射率為________（結果保留三位有效數字）。其他條件不變，僅將半圓形玻璃磚向左平移一小段距離，則________（填“有”或“沒有”）激光從底邊射出。【答案】1.59有【解析】[1]激光恰能在O點全反射，則其中解得[2]其他條件不變，僅將半圓形玻璃磚向左平移一小段距離，等效將入射光線向右平移一小段距離，光路圖如圖所示則光線射到上底面時的入射角減小，則光線將不能發生全反射從而從底面射出。16.乙同學利用圖所示的可拆變壓器做“探究變壓器原、副線圈電壓與匝數的關系”實驗，實驗所需電源可選________。A．8V交流電源B．36V交流電源C．220V交流電源實驗中，該同學將學生電源的“直流6V”輸出端與變壓器左側線圈的“0”、“8”接線柱連接，將交流電壓表與變壓器右側線圈的“0”、“4”接線柱連接，接通電源穩定后，交流電壓表的讀數為________。A．0B．2.8VC．6.0VD．11.0V【答案】AA【解析】[1]在“探究變壓器原、副線圈電壓與匝數的關系”實驗中，變壓器工作原理是互感現象，需要使用交流電源。為保證實驗安全，通常不選用220V交流電源，而36V是安全電壓上限，相對來說8V交流電源更為合適，即能滿足實驗要求又更安全。故選A[2]變壓器是利用互感現象工作的，當原線圈接直流電源時，通過原線圈的電流是恒定的，產生磁場也是恒定的，那么穿過副線圈的磁通量不變，不會在副線圈中產生磁感應電動勢。所以將學生電源的“直流6V”輸出端與變壓器左側線圈連接，交流電壓表與變壓器右側線圈連接，當接通電源穩定后，交流電壓表的計數為0。故選A。17.某實驗小組準備測量一節干電池的電動勢和內阻，實驗室提供了下列器材：A．多用電表（電壓擋量程2.5V，內阻未知）；B．毫安表（量程200mA，內阻為1.20Ω）；C．定值電阻；D．定值電阻；E．滑動變阻器R；F．電鍵和導線若干。根據提供的器材，設計電路如圖1所示。（1）將毫安表與定值電阻改裝成電流表如虛線框中所示，改裝后的量程為________A；（2）為了精確測量，圖中多用電表的右邊表筆P應接到________處（選填“B”或“C”）；（3）閉合電鍵，調節滑動變阻器滑片，多次記錄多用電表的示數U、毫安表的示數I。其中一次測量時多用電表示數如圖2所示，其讀數為________V。（4）作圖線如圖3所示，該干電池電動勢________V；內阻________Ω（以上結果均保留三位有效數字）。【答案】（1）（2）B（3）1.16V（4）【解析】【小問1詳析】毫安表的滿偏電壓為則，改裝后的最大量程為所以，改裝后的量程為。【小問2詳析】由于改裝后的電流表的內阻已知，為了精確測量，圖中多用電表代替的電壓表應為電源的“內接法”，即右邊表筆P應接到“B”處。【小問3詳析】由圖2可知，多用電表的讀數為1.16V。【小問4詳析】由（1）分析可知，電路中電流為毫安表示數的3倍。改裝后的電流表的內阻為根據歐姆定律整理可得可得圖線的斜率的絕對值為截距為所以，18.如圖所示，活塞與棒固定連接形成整體——活塞棒，并將圓柱形密封腔體內的理想氣體分成上下兩部分，活塞上有一個面積可忽略的小孔，將上下兩個區域的氣體連通，所有銜接處均密封良好且無摩擦，腔體與外界導熱良好。已知大氣壓強為，柱形腔體高度，活塞厚度為d，活塞棒質量為m，棒的橫截面積為，柱形腔體的橫截面積（即活塞橫截面積）為，溫度為時，活塞上表面距離腔體頂部的距離，重力加速度大小為g。（1）求腔體內氣體的壓強；（2）環境溫度從緩慢上升至過程中，①腔體內氣體的壓強________（選填“變大”，“變小”或“不變”）；該過程腔體內氣體吸收的熱量為Q，氣體增加的內能為，則________Q（選填“>”、“<”或“=”）。②時，活塞上表面與腔體頂部的距離________。【答案】（1）（2）不變<【解析】【小問1詳析】對活塞棒受力分析，可得整理解得【小問2詳析】[1]通過上述分析可知，溫度升高時，腔體內氣體壓強不變；[2]內能變化的方式包括做功和熱傳遞。等壓狀態下，溫度升高時，氣體體積增大，氣體對外做功，所以；[3]初始狀態：，末狀態：，由蓋呂薩克定律，解得19.某游戲裝置的豎直截面如圖所示。半徑的豎直螺旋圓軌道與傾斜直軌道、水平面分別相切于B、，段圓弧對應的圓心角。水平傳送帶在電動機帶動下，以順時針轉動，傳送帶兩端分別與左、右兩側水平面平滑對接于E、F兩點，長，右側水平面上等間距擺放許多質量的小滑塊，從左到右標號分別為1、2、3…n，n足夠大。間是一個寬、高的矩形坑。游戲開始，一質量的滑塊P從軌道上距水平面高度為h處由靜止釋放，到達C點時速度。滑塊P與軌道間動摩擦因數，與傳送帶間動摩擦因數，其余摩擦力與空氣阻力均忽略。各滑塊均可視為質點，滑塊間的碰撞均為彈性碰撞，滑塊與坑壁碰撞后豎直方向速度不變，水平方向速度大小不變，方向反向，各碰撞時間不計，滑塊到達坑底時立即停止運動。求：（1）滑塊P到達圓軌道最高點D時受到軌道的彈力大小，以及釋放高度h；（2）標號為n的滑塊到達坑底時距坑底右邊緣T的距離；（3）滑塊P與滑塊1發生第一次碰撞后，滑塊P在傳送帶上運動的總時間t以及電動機多消耗的電能。【答案】（1）（2）（3）【解析】【小問1詳析】對滑塊P，從C到D，由動能定理得解得在聯立解得從開始下滑到C，由動能定理聯立解得【小問2詳析】因為若一直減速，則有滑塊P在傳送帶上一直減速，滑塊P與滑塊1第1次碰撞，規定向右為正方向，則有聯立解得之后，通過滑塊間的碰撞，速度依次傳遞對物塊n，從J拋出到落到坑底，由平拋規律有聯立可得【小問3詳析】滑塊P與滑塊1發生第一次碰撞后，每次進傳送帶和出傳送帶速度大小相等：滑塊P與滑塊1每發生一次碰撞，速度反向，大小減半，則有滑塊P與滑塊1發生第一次碰撞后的在傳送帶上總時間電動機多消耗電能20.如圖所示，在光滑絕緣水平面上建立xOy直角坐標系，足夠長的收集板置于y軸上。在y>0區域存在方向豎直向下、磁感應強度大小B=1T的勻強磁場。絕緣擋板MN表面光滑，長度L=2m。一質量m=0.1kg，電荷量q=0.1C的帶正電小球緊貼擋板放置，初始位置與M端的距離為d。現用擋板推動小球沿y軸正方向運動，運動中擋板始終平行于x軸，小球緊貼擋板。進入磁場后，擋板保持速度v0=2m/s沿y軸正方向做勻速直線運動，經過一段時間帶電小球離開擋板M端。小球可視為質點，運動中帶電量保持不變，且到達收集板立即被收集。（1）當d=1.25m時，求帶電小球離開擋板M端時的速度大小v；（2）調節擋板M端與y軸距離為x0時，無論d多大，都可以讓小球垂直打在收集板上。①求x0；②求小球垂直打在收集板上的位置坐標y與d之間的函數關系。③撤去收集板，在x≤x0區域施加電場強度E=2V/m，方向沿y軸正方向的勻強電場。當d=1m時，求小球在磁場區域運動過程中距x軸的最遠距離ym。【答案】（1）3m/s（2）①2m；②（0≤d≤2m）；③4m【解析】【小問1詳析】進入磁場后，小球做勻加速運動，根據牛頓第二定律有解得離開擋板時，沿擋板方向速度為離開擋板時，小球速度大小為【小問2詳析】①由題可知，無論d多大，小球都能垂直打在收集板上，根據洛倫茲力提供向心力有，解得根據幾何關系可得②小球離開擋板前，根據解得則有小球離開擋板后，根據幾何關系有根據幾何關系可得y與d有關系為（0≤d≤2m）③當d=1m時，離開擋板時，沿擋板方向速度為離開擋板時，小球速度大小為根據動能定理有水平方向，根據動量定理有聯立解得小球離開擋板前則最遠距離21.如圖所示，水平固定一半徑的金屬圓環，圓環右側水平放置間距的平行金屬直導軌，兩導軌通過導線及電刷分別與金屬圓環，過圓心O的豎直轉軸保持良好接觸，導軌間接有電容的電容器，通過單刀雙擲開關S可分別與觸點1、2相連，導軌最右端連接恒流源，可為電路提供的電流，方向如圖所示。金屬圓環所在區域Ⅰ，矩形區域Ⅱ，正三角形區域Ⅲ存在磁感應強度大小分別為，，的勻強磁場，磁場方向均豎直向下。區域Ⅱ沿導軌方向足夠長，區域Ⅱ的F，G兩點分別在兩導軌上，且垂直于導軌。導軌在M、N處各被一小段絕緣材料隔開。金屬桿a與圓環接觸良好，以角速度繞轉軸逆時針勻速轉動。質量，電阻的金屬桿b垂直導軌靜置于右側。不計其他電阻和一切摩擦阻力。（提示：簡諧運動回復力與位移的關系為，周期）（1）開關S置于觸點1，求電容器充電完畢后所帶的電荷量；（2）電容器充電完畢后，再將開關S置于觸點2，求：①金屬桿b到達時的速度大小。②金屬桿b從開始進入區域Ⅲ到速度減為0的過程中，恒流源輸出的能量E。③金屬桿b從離開區域Ⅱ前，電容器最終帶電荷量Q。【答案】（1）（2）①，②，③【解析】【小問1詳析】金屬桿旋轉切割產生的電動勢為電容器充電完畢所帶電荷量為【小問2詳析】①金屬桿到達穩定速度時，電容器兩端電壓為通過金屬桿的電荷量為此過程，對金屬桿，由動量定理可得其中解得②設金屬桿距點為，則則周期為恒流源輸出能量為，解得③金屬棒第一次出時，電容器所剩電荷量為當金屬棒返回Ⅱ區后，再次達到穩定速度，這時電容器經歷放電和反向充電過程，此時根據動量定理其中聯立，解得溫州市普通高中2025屆高三第三次適應性考試物理試題卷2025.5考生須知：1．本試卷分選擇題和非選擇題兩部分，共8頁，滿分100分，考試時間90分鐘。2．答題前，請務必將自己姓名、準考證號用黑色字跡的簽字筆或鋼筆分別填寫在試題卷和答題卷規定的位置上。3．答題時，請按照答題卷上“注意事項”的要求，在答題卷相應的位置上規范作答，在本試題卷上的作答一律無效。4．非選擇題的答案必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫在答題卷上相應區域內，作圖時可先使用2B鉛筆，確定后必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑。5．可能用到的相關參數：未特殊說明，重力加速度g均取。選擇題部分一、選擇題1（本題共10小題，每小題3分，共30分。每小題列出的四個備選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.隨著電池和電機技術的進步，國產新能源車在加速性能方面表現出色。研究汽車加速時，會引入一個新物理量j來表示加速度a隨時間t變化的快慢，即。該物理量的單位用國際單位制中基本單位符號表示為（）A. B. C. D.【答案】A【解析】根據可知其單位故選A2.2025年2月哈爾濱亞冬會上，中國運動員在速度滑冰男子500米決賽中，以34秒95的成績奪得冠軍。如圖所示，比賽中運動員正沿圓弧形彎道滑行，則下列說法正確的是（）A.比賽中運動員的位移大小是500mB.運動員全程的平均速度是14.3m/sC.研究運動員的沖線技巧時，不可以把運動員看作質點D.運動員在彎道滑行時，冰面對運動員的作用力大于運動員對冰面的作用力【答案】C【解析】A．位移大小由始末位置的直線距離決定，500米是運動員運動軌跡的長度，即路程，而不是位移大小。在速度滑冰男子500米比賽中，運動員沿圓弧形彎道滑行，初末位置不同，位移大小小于500米，故A錯誤；B．平均速度為由A選項分析可知位移小于500米，時間，則平均速度故B錯誤；C．當物體的開關、大小對所研究的問題沒有影響時，才可以把物體看作質點。研究運動員的沖線技巧時，運動員的肢體動作等對研究沖線技巧有重要影響，不能忽略其形狀和大小，所以不可以把運動員看作質點，故C正確；D．冰面對運動員的作用力與運動員對冰面的作用力是一對相互作用力，根據牛頓第三定律，相互作用力大小相等、方向相反、作用在同一條直線上，所以冰面對運動員的作用力等于運動員對冰面的作用力，故D錯誤。故選C。3.中國的全超導托卡馬克核聚變實驗裝置（EAST）首次實現了1億攝氏度條件下1000秒的等離子體運行。該裝置內部發生的核反應方程為，此反應會釋放核能，伴隨光子放出。下列說法正確的是（）A.該核反應方程中的X是質子B.的比結合能小于的比結合能C.核聚變反應所釋放的光子可能來源于氫原子能級躍遷D.該反應需要原子核具有足夠的動能以克服庫侖斥力才能發生【答案】D【解析】A．根據質量數守恒和核電荷數守恒得該核反應方程為，故A錯誤；B．核反應中生成物比反應物更加穩定，所以的比結合能大于的比結合能，故B錯誤；C．原子能級躍遷僅涉及電子在原子軌道間的躍遷，釋放低能光子（如可見光、紫外線），與核反應無直接關聯。核聚變反應釋放的光子主要來源于核反應本身，而非氫原子能級躍遷。故C錯誤；D．要使核聚變發生，原子核必須首先接近到約以內，強核力才能主導結合過程。原子核帶正電，根據庫侖定律，它們之間的斥力隨距離減小而急劇增大，這要求原子核需要足夠的動能才能克服庫侖斥力作用。因此，核聚變反應需要原子核具有足夠的動能以克服庫侖斥力才能有效發生，故D正確；故選D。4.如圖所示，在水平如鏡的湖面上方，一顆鋼珠從離水面不高處由靜止落入水中，會濺起幾滴小水珠。下列說法正確的是（）A.部分小水珠濺起的高度可以超過鋼珠下落時的高度B.小水珠在空中上升過程處于超重狀態C.所有濺起的小水珠運動到各自最高點時速度一定為零D.所有濺起的小水珠機械能總和等于鋼珠靜止下落時的機械能【答案】A【解析】A．鋼珠落入水中時，部分能量會轉化為小水珠的動能，使得小水珠能夠濺起。由于能量守恒，部分小水珠可能會獲得足夠的動能，使其濺起的高度超過鋼珠下落時的高度，A正確；B．小水珠在空中上升時，加速度方向向下，處于失重狀態，而不是超重狀態，B錯誤；C．被濺起來的小水珠有的可能是豎直上拋，有的可能是斜拋，所以小水珠運動到最高點時豎直方向上的速度一定為零，水平方向上不一定為零，C錯誤；D．鋼珠下落時，部分能量會轉化為水的內能、聲能等其他形式的能量，因此小水珠的機械能總和會小于鋼珠靜止下落時的機械能，D錯誤。故選A。5.如圖1所示，同軸電纜是廣泛應用于網絡通訊、電視廣播等領域的信號傳輸線，它由兩個同心導體組成，內導體為銅制芯線，外導體為鋁制網狀編織層，兩者間由絕緣材料隔開。圖2為同軸電纜橫截面內靜電場的等勢線與電場線的分布情況，相鄰虛線同心圓間距相等，a、b、c、d四個點均在實線與虛線的交點上，下列說法正確的是（）A.圖2中虛線代表電場線B.鋁制網狀編織層可起到信號屏蔽作用C.a、b兩點處的電場強度相同D.a、d間的電勢差為b、c間電勢差的兩倍【答案】B【解析】A．圖2中虛線代表等勢面，A錯誤；B．鋁制網狀編織層可起到信號屏蔽作用，B正確；C．a、b兩點處的電場強度不相同，因為方向不相同，C錯誤；D．距離內導體越遠，電場強度越小，，所以a、d間的電勢差大于b、c間電勢差的兩倍，D錯誤。故選B。6.宋應星的《天工開物》一書中記錄了圖1所示的用重物測量弓弦張力的“試弓定力”情景，簡化示意圖如圖2所示，測量時將弦的中點懸掛于秤鉤上，在質量為m的弓的中點處懸掛質量為M的重物，穩定時弦的張角。弦可視作遵循胡克定律的彈性輕繩，且始終在彈性限度內，不計弓的形變和一切摩擦，重力加速度為g，下列說法正確的是（）A.此時弦的張力為 B.此時弦的張力為C.若增加重物的質量，弦的張角一定增大 D.若增加重物的質量，弦的張力一定增大【答案】D【解析】AB．整體法對弓和物體受力分析，如圖所示豎直方向上由受力平衡可得，解得故AB錯誤；CD．不計弓的形變，增加重物質量，弦與豎直方向夾角減小，則弦的伸長量增加，根據胡克定律可知，弦的張力一定增大，故C錯誤，D正確。故選D。7.“食雙星”是特殊的雙星系統，由兩顆亮度不同的恒星組成，它們在相互引力作用下繞連線上某點做勻速圓周運動，且軌道平面與觀測者視線方向幾乎平行。由于兩顆恒星相互遮擋，造成觀測者觀察到雙星的亮度L發生周期性變化，如圖所示。若較亮的恒星和較暗的恒星軌道半徑分別為和（和遠小于該雙星系統到觀測者的距離）。下列說法正確的是（）A.時刻，較亮的恒星遮擋住較暗的恒星B.較亮的恒星與較暗的恒星質量之比為C.兩顆恒星做勻速圓周運動的周期均為D.較亮的恒星線速度與較暗的恒星線速度之比為【答案】B【解析】AC．由題意可知，時刻，較亮的恒星遮擋住較暗的恒星，時刻較暗的恒星遮擋住較亮的恒星，即時間里，轉了半個圈，故周期為故AC錯誤；B．設較亮的恒星和較暗的恒星的質量分別為和，均由彼此間的萬有引力提供向心力故兩顆恒星的向心力大小相等，有解得，故B正確；D．設較亮的恒星和較暗的恒星的質量分別為和，根據因為角速度相等，解得故D錯誤。故選B。8.如圖所示是一種投彈式干粉消防車。某次滅火行動中，消防車出彈口到高樓水平距離，發射滅火彈初速度與水平面夾角，且滅火彈恰好垂直射入建筑玻璃窗。已知滅火彈可視為質點，不計空氣阻力，，則滅火彈在空中運動的軌跡長度最接近于（）A.13m B.14m C.15m D.20m【答案】C【解析】滅火彈恰好垂直射入建筑玻璃窗，此時滅火彈的豎直分速度為0，設滅火彈的初速度為，則有，聯立解得，則滅火彈的豎直位移大小為則滅火彈的合位移大小為則滅火彈在空中運動的軌跡長度應略大于滅火彈的合位移大小，所以最接近于15m。故選C。9.如圖所示，A、B小球帶同種電荷，在外力作用下靜止在光滑絕緣水平面上，相距為d。撤去外力的瞬間，A球加速度大小為a，兩球運動一段時間，B球加速度大小為，速度大小為v。已知A球質量為3m，B球質量為m，兩小球均可視為點電荷，不考慮帶電小球運動產生的電磁效應。則在該段時間內（）A.B球運動的距離為 B.庫侖力對A球的沖量大小為C.庫侖力對A球做功為 D.兩球組成的系統電勢能減少了【答案】D【解析】A．撤去外力的瞬間，對A，由牛頓第二定律有兩球運動一段時間，對B，由牛頓第二定律有聯立解得此時AB球間距對AB系統，根據動量守恒定律有整理得因為聯立解得故A錯誤；B．根據動量守恒定律有解得此時A的速度在該段時間內，A球速度由0變為，由動量定理，可得庫侖力對A球的沖量大小為故B錯誤；C．在該段時間內，對B，由動能定理有在該段時間內，庫侖力對A球做功為，故C錯誤；D．根據能量守恒，系統減少的電勢能等于系統機械能的增加量，為故D正確。故選D。10.如圖1所示，將一圓形線狀光源水平放置在足夠大的平靜水面下，線狀光源可以發出紅光。通過支架（圖中未畫出）可以調節光源到水面的距離h，隨著h變化，在水面上會看到不同形狀的發光區域。已知圓形線狀光源的半徑為，水對紅光的折射率為，下列說法正確的是（）A.h越大，水面上的發光區域面積越小B.時，水面上的發光區域會呈現類似圖2所示的圓環形狀C.當時，水面上的發光區域面積為D.當時，水面上亮環與暗圓的面積之比為4:1【答案】C【解析】A．設亮環最外圈的半徑為，暗圓的半徑為，其光路圖如圖所示發光面積為臨界角為根據幾何關系可知，聯立，解得所以，h越大，水面上發光區域面積越大，故A錯誤；B．當時，即此時中心區域全部被照亮，不存在暗圓，故B錯誤；C．當時，所以，中心不存在暗圓，其中水面上的發光區域面積為故C正確；D．當時，中心不存在暗圓，故D錯誤。故選C。二、選擇題Ⅱ（本題共3小題，每小題4分，共12分。每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的，全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）11.有關下列四幅圖的描述，正確的是（）A.圖1中，增大加速電壓U，可以減小粒子在回旋加速器中運動的時間B.圖2中，線圈順時針勻速轉動，電路中A、B發光二極管會交替發光C.圖3中，在梁的自由端施力F，梁發生彎曲，上表面應變片的電阻變小D.圖4中，僅減小兩極板的距離，則磁流體發電機的電動勢會增大【答案】A【解析】A．設粒子獲得最大速度為v，由洛倫茲力提供向心力有（R為最大軌道半徑）最終動能聯立解得，則加速次數粒子在磁場中運動周期運動總時間聯立解得由此可知，增大加速電壓U

，粒子在回旋加速器中運動時間減小，故A正確；B．圖甲中，由于線圈外接換向器，使線圈中的交流電整合為直流電，電流的方向不變，A、B發光二極管不會交替發光，故B錯誤；C．在梁的自由端施力F，梁發生彎曲，上表面拉伸，應變片的長度l變長，橫截面積S變小，根據電阻定律可知上表面應變片的電阻變大，故C錯誤；D．磁流體發電機穩定時，有（d為兩極板間的距離）解得電動勢可知僅減小兩極板的距離d，磁流體發電機的電動勢會減小，故D錯誤。故選A。12.一列縱波波源做頻率為1.0Hz的簡諧振動，在介質中形成疏密相間的狀態向右傳播，時刻部分質點振動情況如圖所示。圖中虛線代表相鄰各質點1、2、3、…、13的平衡位置且相距為0.5cm，小圓點代表該時刻各質點振動所在的位置。下列說法正確的是（）A.這列縱波的波長為2cmB.該時刻質點7振動方向向左C.，質點3恰好運動到圖中質點7的位置D.經過20.25s，質點4的運動路程大于質點6的運動路程【答案】BD【解析】A．質點3和質點7均在平衡位置，二者相距半個波長，這列縱波的波長為4cm，A錯誤；B．因為質點5在左最大位移處，所以該時刻質點7振動方向向左，B正確；C．質點只振動不移動，質點3不可能運動到圖中質點7的位置，C錯誤；D．經過，經過20個周期時二者的路程相等，最后四分之一周期時間內，質點4向右運動并經過平衡位置，速度大，路程大，質點6向左運動到最大位移處后向右運動，速度小，路程小，所以，質點4的運動路程大于質點6的運動路程，D正確。故選BD。13.研究光電效應時，用不同波長的光照射某金屬，產生光電子的最大初動能與入射光波長的關系如圖所示。大量處于能級的氫原子向低能級躍遷，產生的光子中僅有一種能引發該金屬發生光電效應。已知氫原子各能級關系為，其中為基態能級值，量子數1、2、3……，真空中光速為c，則（）A.普朗克常量為B.時，光電子的最大初動能為C.與氫原子基態能量的關系滿足D.氫原子由能級向能級躍遷發出的光子能使該金屬發生光電效應【答案】BC【解析】A．根據題意，由愛因斯坦光電效應方程有又因為可得結合圖像可知當時，，則有故A錯誤；B．當時，代入解得故B正確；CD．氫原子基態能量為，則能級氫原子能量為，能級氫原子能量為。由題可知能級向基態躍遷產生的光子能夠引發光電效應，能級向基態躍遷和能級向能級躍遷產生的光子不能引發光電效應，則故C正確，D錯誤。故選BC。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共58分）14.（1）圖1是“探究小車加速度與力、質量的關系”實驗方案甲，圖2是改進后的方案乙，兩方案中滑輪與細線間摩擦力，以及它們的質量均不計。下列說法正確的是________（多選）。A.兩種方案均需要補償阻力B.兩種方案均需要讓牽引小車的細線跟軌道保持平行C.不斷增加槽碼質量，兩種方案中小車的加速度大小均不可能超過重力加速度D.操作中，若有學生不小心先釋放小車再接通電源，得到的紙帶一定不可用（2）正確操作情況下，得到了一條紙帶如圖3所示，紙帶上各相鄰計數點間均有四個點跡，電源頻率為50Hz。①根據紙帶上所給數據，計時器在打下計數點C時小車的速度大小________m/s，小車的加速度大小________（以上結果均保留三位有效數字）。②可以判斷，該紙帶是由方案________（填“甲”、“乙”或“甲、乙均有可能”）得到。【答案】（1）AB（2）0.5342.00甲、乙均有可能【解析】【小問1詳析】A．兩種方案均需要補償阻力，選項A正確；B．兩種方案均需要讓牽引小車的細線跟軌道保持平行，選項B正確；C．不斷增加槽碼質量，甲方案中小車的加速度不會超過重力加速度；乙方案中因小車的加速度等于槽碼加速度的2倍，則當不斷增加槽碼質量時小車的加速度大小可能超過重力加速度，選項C錯誤；D．用紙帶上的點來求解加速度，操作中，若有學生不小心先釋放小車再接通電源，若接通電源及時，則得到的紙帶也可能可用，選項D錯誤。故選AB。【小問2詳析】紙帶上各相鄰計數點間均有四個點跡，則T=0.1s；①[1][2]計時器在打下計數點C時小車的速度大小小車的加速度大小②[3]因a<g，則可以判斷，該紙帶是由方案甲、乙均有可能得到。15.甲同學利用激光測量半徑半圓形玻璃磚的折射率，實驗中讓一細束激光沿玻璃磚半徑方向射到圓心O，恰好在底邊發生全反射（如圖1），作光路圖并測量相關數據（如圖2），則該半圓形玻璃磚的折射率為________（結果保留三位有效數字）。其他條件不變，僅將半圓形玻璃磚向左平移一小段距離，則________（填“有”或“沒有”）激光從底邊射出。【答案】1.59有【解析】[1]激光恰能在O點全反射，則其中解得[2]其他條件不變，僅將半圓形玻璃磚向左平移一小段距離，等效將入射光線向右平移一小段距離，光路圖如圖所示則光線射到上底面時的入射角減小，則光線將不能發生全反射從而從底面射出。16.乙同學利用圖所示的可拆變壓器做“探究變壓器原、副線圈電壓與匝數的關系”實驗，實驗所需電源可選________。A．8V交流電源B．36V交流電源C．220V交流電源實驗中，該同學將學生電源的“直流6V”輸出端與變壓器左側線圈的“0”、“8”接線柱連接，將交流電壓表與變壓器右側線圈的“0”、“4”接線柱連接，接通電源穩定后，交流電壓表的讀數為________。A．0B．2.8VC．6.0VD．11.0V【答案】AA【解析】[1]在“探究變壓器原、副線圈電壓與匝數的關系”實驗中，變壓器工作原理是互感現象，需要使用交流電源。為保證實驗安全，通常不選用220V交流電源，而36V是安全電壓上限，相對來說8V交流電源更為合適，即能滿足實驗要求又更安全。故選A[2]變壓器是利用互感現象工作的，當原線圈接直流電源時，通過原線圈的電流是恒定的，產生磁場也是恒定的，那么穿過副線圈的磁通量不變，不會在副線圈中產生磁感應電動勢。所以將學生電源的“直流6V”輸出端與變壓器左側線圈連接，交流電壓表與變壓器右側線圈連接，當接通電源穩定后，交流電壓表的計數為0。故選A。17.某實驗小組準備測量一節干電池的電動勢和內阻，實驗室提供了下列器材：A．多用電表（電壓擋量程2.5V，內阻未知）；B．毫安表（量程200mA，內阻為1.20Ω）；C．定值電阻；D．定值電阻；E．滑動變阻器R；F．電鍵和導線若干。根據提供的器材，設計電路如圖1所示。（1）將毫安表與定值電阻改裝成電流表如虛線框中所示，改裝后的量程為________A；（2）為了精確測量，圖中多用電表的右邊表筆P應接到________處（選填“B”或“C”）；（3）閉合電鍵，調節滑動變阻器滑片，多次記錄多用電表的示數U、毫安表的示數I。其中一次測量時多用電表示數如圖2所示，其讀數為________V。（4）作圖線如圖3所示，該干電池電動勢________V；內阻________Ω（以上結果均保留三位有效數字）。【答案】（1）（2）B（3）1.16V（4）【解析】【小問1詳析】毫安表的滿偏電壓為則，改裝后的最大量程為所以，改裝后的量程為。【小問2詳析】由于改裝后的電流表的內阻已知，為了精確測量，圖中多用電表代替的電壓表應為電源的“內接法”，即右邊表筆P應接到“B”處。【小問3詳析】由圖2可知，多用電表的讀數為1.16V。【小問4詳析】由（1）分析可知，電路中電流為毫安表示數的3倍。改裝后的電流表的內阻為根據歐姆定律整理可得可得圖線的斜率的絕對值為截距為所以，18.如圖所示，活塞與棒固定連接形成整體——活塞棒，并將圓柱形密封腔體內的理想氣體分成上下兩部分，活塞上有一個面積可忽略的小孔，將上下兩個區域的氣體連通，所有銜接處均密封良好且無摩擦，腔體與外界導熱良好。已知大氣壓強為，柱形腔體高度，活塞厚度為d，活塞棒質量為m，棒的橫截面積為，柱形腔體的橫截面積（即活塞橫截面積）為，溫度為時，活塞上表面距離腔體頂部的距離，重力加速度大小為g。（1）求腔體內氣體的壓強；（2）環境溫度從緩慢上升至過程中，①腔體內氣體的壓強________（選填“變大”，“變小”或“不變”）；該過程腔體內氣體吸收的熱量為Q，氣體增加的內能為，則________Q（選填“>”、“<”或“=”）。②時，活塞上表面與腔體頂部的距離________。【答案】（1）（2）不變<【解析】【小問1詳析】對活塞棒受力分析，可得整理解得【小問2詳析】[1]通過上述分析可知，溫度升高時，腔體內氣體壓強不變；[2]內能變化的方式包括做功和熱傳遞。等壓狀態下，溫度升高時，氣體體積增大，氣體對外做功，所以；[3]初始狀態：，末狀態：，由蓋呂薩克定律，解得19.某游戲裝置的豎直截面如圖所示。半徑的豎直螺旋圓軌道與傾斜直軌道、水平面分別相切于B