高級中學名校試卷PAGEPAGE1大荔縣2025年高考模擬試題命制比賽作品2025屆陜西省高考模擬物理試題考試時間：75分鐘滿分：100分一、單項選擇題：共7小題，每小題4分，共28分。1.如圖所示，乒乓球從斜面上滾下，以一定的速度在光滑水平桌面上沿直線勻速運動。在與乒乓球路徑垂直的方向上有一個洞，當球經過洞口正前方時，對球沿三個不同的方向吹氣，下列說法正確的是（）沿方向2吹氣，乒乓球可能進入洞內 B.沿方向3吹氣，乒乓球可能進入洞內C.沿方向1吹氣，乒乓球可能進入洞內 D.沿三個方向吹氣，乒乓球均不可能進入洞內2.如圖甲所示為榫眼的鑿削操作，圖乙為截面圖，鑿子尖端夾角為θ，在鑿子頂部施加豎直向下的力F時，其豎直面和側面對兩側木頭的壓力分別為F1和F2，不計鑿子的重力及摩擦力，下列說法正確的是（）F1小于F2 B.夾角θ越小，F1越小C.夾角θ越大，F2越大 D.夾角θ越大，鑿子越容易鑿入木頭3.利用加速度傳感器可以顯示物體運動過程中的加速度變化情況，當加速度方向豎直向上時，傳感器示數為正。如圖為一物體在豎直方向上由靜止開始往返運動一次的過程中加速度隨時間變化的圖像。關于該物體的運動，下列說法正確的是（）2t0時刻的速度為0 B.4t0時刻位于最高點C.6t0時刻的速度大小為12aD.8t0時刻的速度大小為124.如圖為某電子透鏡中電場的等勢面（虛線）的分布圖，相鄰等勢面間電勢差相等。一電子僅在電場力作用下運動，其軌跡如圖中實線所示，電子先后經過O、P、Q三點。電子從O點運動到Q點的過程中，關于電子的運動，下列說法正確的是（）加速度一直減小B.速度先減小后增大C.在O點電勢能比在Q點電勢能小D.從O點到P點電場力做功與從P點到Q點電場力做功相等5.翡翠湖公園有一水流造景設施的截面如圖所示，水平噴水口P橫截面積為S、噴水的流速恒定為v，從P噴出的水柱恰好能垂直撞到傾角為30°的斜面AC上的B處，速度瞬間變為零，之后沿斜面流下。已知水的密度為ρ，重力加速度為g，不計空氣阻力，則（）水流單位時間撞到B處的體積Q=2SvB.水流在B處的速度vC.水流對B處的沖擊力F=4ρSv2D.空中水的質量v6.如圖，半徑為R的圓是一圓柱形勻強磁場區域的橫截面（紙面），磁感應強度大小為B，方向垂直于紙面向外，一電荷量為q（q>0），質量為m的粒子沿平行于直徑ab的方向射入磁場區域，射入點與ab的距離為R2，已知粒子射出磁場與射入磁場時運動方向間的夾角為60°qBR2mB.qBRmC.3qBR2mD.2qBR7.如圖所示，將兩根粗細相同、材料不同的長軟繩甲、乙的一端連接在一起，1、2、3、4…為繩上的一系列間距均為0.1m的質點，其中質點10為兩繩的結點，繩處于水平方向。手持質點10在豎直方向做簡諧運動，形成向左和向右傳播的兩列簡諧波Ⅰ、Ⅱ，其中波Ⅰ的波速為0.2m/s。某時刻質點10處在波谷位置，5s后此波谷傳到質點15，此時質點10正好通過平衡位置向上運動，質點10與質點15之間還有一個波谷，下列說法正確的是（）質點10的振動周期為2s B.波Ⅰ的波長為25波Ⅱ的波長為 27D.當質點15處于波峰時，質點6處于平衡位置二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。8.如圖所示，Ⅰ為北斗衛星導航系統中的靜止軌道衛星，其對地張角為，運動周期為；Ⅱ為地球的近地衛星，運動周期為。下列說法正確的是（）衛星Ⅰ運動的線速度大于衛星Ⅱ的線速度B.衛星Ⅰ運動的角速度小于衛星Ⅱ的角速度C.T1D.T9.一列有8節車廂的動車一般是4動4拖，其中第1節、第3節、第6節、第8節車廂是帶動力的，其余4節車廂是不帶動力的。如圖所示，該動車在平直軌道上勻加速向右啟動時，若每節動力車廂提供的牽引力大小均為F，每節車廂質量均為m，每節車廂所受阻力均為該節車廂重力的k倍，重力加速度為g。下列說法正確的是（）A.整列車的加速度大小為F-2kmg2mB.整列車的加速度大小為F-kmgC.第4節車廂對第5節車廂的作用力大小為0 D.第4節車廂對第5節車廂的作用力大小為0.5F10.如圖所示，兩根平行光滑金屬導軌固定在同一水平面內，其左端接有定值電阻R，建立Ox軸平行于金屬導軌，在0≤x≤4m的空間區域內存在著垂直導軌平面向下的磁場（圖中未畫出），磁感應強度B隨坐標x（以m為單位）的分布規律為B=0.8-0.2x（T），金屬棒ab在外力作用下從x<0的某處沿導軌向右運動，ab始終與導軌垂直并接觸良好，不計導軌和金屬棒的電阻。設在金屬棒從x0=0處，經x1=1m，x2=2m到x3=3m的過程中，電阻器R的電功率始終保持不變，則（）A.金屬棒在x1與x2處產生的電動勢之比為1：1B.金屬棒在x2與x3處受到磁場B的作用力大小之比為3：1C.金屬棒從x1到x2與從x2到x3的過程中通過R的電量之比為5：3D.金屬棒從x0到x1與從x2到x3的過程中電阻R產生的焦耳熱之比為7：3三、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.某小組利用如圖甲所示的實驗裝置驗證牛頓第二定律。質量為M的滑塊兩端各有一個擋光寬度為d的遮光板1、2，兩遮光板中心的距離為L，如圖乙所示。主要實驗步驟如下：（1）實驗前，接通氣源，將滑塊（不掛鉤碼）置于氣墊導軌上，輕推滑塊，遮光板1、2經過光電門的擋光時間分別為t0、t0'，由此可知，遮光板1經過光電門時的速度為___________（用題中已知字母表示），當滿足t0___________t0（2）掛上質量為的鉤碼，將滑塊由光電門左側某處釋放，記錄遮光板1、2的擋光時間t1、t2（3）更換不同數量的鉤碼，多次記錄遮光板1、2的擋光時間。（4）將鉤碼的總重力記為滑塊受到的合力F，作出滑塊的合力F與1t22（5）由于實驗中鉤碼的總重力并不等于滑塊的合力F，要想本實驗合力的相對誤差合力的測量值（鉤碼的總重力）-合力的真實值合力的真實值×100%不大于某物理愛好者設計了一個三擋位（“×1”“×10”“×100”）的歐姆表，其內部結構如圖所示，K為單刀三擲開關，R為調零電阻，R1、R2、R3為定值電阻，表頭G的滿偏電流為Ig，內阻為Rg，干電池的電動勢為E，內阻為r。用此歐姆表測量某待測電阻的阻值，回答下列問題：（1）歐姆表的兩只表筆中，_____（選填“a”或“b”）是紅表筆。（2）當歐姆表的擋位為“×100”時，應將單刀三擲開關K與_____（選填“1”“2”或“3”）接通。（3）若從“×10”擋位換成“×1”擋位，再進行歐姆調零時，調零電阻R的滑片應該_____（選填“向上”或“向下”）調節。（4）在“×100”擋位進行歐姆調零后，在ab兩表筆間接入阻值為6000Ω的定值電阻R1，穩定后表頭G的指針偏轉到滿偏刻度的14；取走R1，在ab兩表筆間接入待測電阻Rx，穩定后表頭G的指針偏轉到滿偏刻度的13，則Rx=13.如圖所示，筒高為h的汽缸倒立，活塞在汽缸內封閉一定質量的理想氣體，活塞與汽缸間的摩擦可忽略不計，活塞、汽缸均絕熱，活塞下部空間與外界連通，汽缸底部連接一“U”形細管，細管右端口與大氣連通，內部裝有部分水銀（管內氣體的體積忽略不計）。初始時，封閉氣體的溫度為T0，活塞位于汽缸中央，細管內兩側水銀柱的高度差為?h0，大氣壓強為p0，活塞橫截面積為S，厚度不計，水銀的密度為ρ，重力加速度為g，求：（1）汽缸內氣體的壓強；（2）通過加熱裝置緩慢提升氣體溫度，使活塞恰好到達汽缸開口處，求此時汽缸內氣體的溫度；此加熱過程中，若氣體吸收的熱量為Q，求氣體內能的變化量。14.如圖，傾角為37°的斜面與水平地面平滑連接，在水平地面上方存在著與地面成53°角斜向上的勻強電場。質量為0.4kg、帶電荷量為+1×10-2C的絕緣物塊恰能沿斜面勻速下滑，進入水平地面后仍能勻速滑行。已知物塊與斜面及水平地面間的動摩擦因數相等，重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，運動過程中物塊所帶電荷量保持不變。（1）求勻強電場的電場強度大小；（2）若勻強電場的電場強度方向可以變化，為使該帶電物塊仍能在水平地面上勻速滑行，求電場強度的最小值。15.如圖所示，平行傾斜光滑導軌與足夠長的平行水平光滑導軌平滑連接，導軌電阻不計。質量分別為m和0.5m的金屬棒b和c靜止放在間距為L的水平導軌上，b、c兩棒均與導軌垂直且兩金屬棒電阻均為R。圖中de虛線往右有范圍足夠大、方向豎直向上的勻強磁場。質量為m的絕緣棒a垂直于傾斜導軌靜止釋放，釋放位置與水平導軌的高度差為h。已知絕緣棒a滑到水平導軌上與金屬棒b發生彈性正碰，金屬棒b進入磁場后始終未與金屬棒c發生碰撞。重力加速度為g，求：（1）絕緣棒a與金屬棒b發生彈性正碰后分離時兩棒的速度大小；（2）兩金屬棒b、c上最終產生的總焦耳熱；（3）金屬棒c初始位置距離磁場邊界de的最小距離。——★參考答案★——一、單項選擇題：共7小題，每小題4分，共28分。1.【答案】B【解析】分別沿方向1、方向2、方向3吹氣，對乒乓球的速度分析吹氣時乒乓球在原有速度的基礎上分別增加速度、、，只有沿方向3吹氣時，合運動方向才可能指向洞口，乒乓球才可能進入洞內。故選B。2.【答案】A【解析】作出力F與F1和F2的關系圖，如圖所示由圖可知，，根據幾何關系有，，故A正確；由以上分析可知，力F一定時，夾角越大，F1和F2均變小，故B、C錯誤；由上圖根據幾何關系，有，，夾角越大，F1和F2均變小，所以夾角越大，鑿子越不容易鑿入木頭，故D錯誤。3.【答案】D【解析】內，加速度豎直向下，物體向下加速運動，時刻向下的速度達到最大，故A錯誤；內，加速度豎直向上，物體向下減速運動，根據對稱性可知，時刻速度減為零，到達最低點，故B錯誤；內，加速度為零，物體靜止，內加速度向上，物體向上加速運動，由于圖像與時間軸包圍的面積表示速度變化量，故內物體的速度變化量為，由于時刻物體速度為零，故時刻的速度和內的速度變化量相等，即，方向豎直向上，故C錯誤；由圖像可知，內圖像與時間軸包圍的面積等于零，即這段時間內的速度變化量等于零，時刻與時刻速度相同，即大小為，方向豎直向上，故D正確。4.【答案】D【解析】相鄰等勢面間電勢差相等，可知等差等勢面越密集，場強越大；則電子從O點運動到Q點的過程中，場強先變大后變小，則電子受到的電場力先增大后減小，加速度先增大后減小，故A錯誤；根據曲線運動的合力方向位于軌跡的凹側，且場強方向與等勢面垂直，可知電子受到的電場力垂直等勢面偏右，所以電場力與速度方向的夾角小于90°，則電場力對電子做正功，電子的動能增大，速度一直增大，故B錯誤；由于電場力對電子做正功，則電子電勢能減少，電子在O點電勢能比在Q點電勢能大，故C錯誤；由于相鄰等勢面間電勢差相等，則有，根據，可知從O點到P點電場力做功與從P點到Q點電場力做功相等，故D正確。5.【答案】D【解析】水流單位時間撞到B處的體積等于水流單位時間撞通過水平噴水口的體積，即體積，故A錯誤；水流從P到B做平拋運動，平拋初速度為，由于水柱恰好能垂直撞到斜面，幾何關系可知在B的速度方向與水平方向成60°，則有，故B錯誤；設時間內有質量為的水撞擊斜面，設該過程斜面給水的支持力為N，規定方向為正方向，由動量定理有，因為，聯立解得，根據牛頓第三定律可得，水流對B處的沖擊力，故C錯誤；結合B選項分析，由平拋規律可得水流在B的豎直方向速度，故平拋時間，所以空中水的質量，故D正確。6.【答案】B【解析】由題意知，粒子運動軌跡如圖所示。圓心角為60°，為等邊三角形，所以帶電粒子運動的半徑，由解得。故選B。7.【答案】D【解析】質點每振動一個周期，波向前傳播一個波長，由題可知，可知質點10的振動周期，A錯誤；根據可知波Ⅰ的波長，B錯誤；利用質點10與質點15之間的波形可知，可得波Ⅱ的波長，C錯誤；質點6和質點10之間恰好等于一個波長，振動情況相同，質點15落后質點10恰好，因此當質點15處于波峰時，質點10恰好經平衡位置向下運動，D正確。二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。8.【答案】BC【解析】由萬有引力提供向心力，可得衛星繞地球做圓周運動的線速度和角速度大小，，因為衛星Ⅰ運動的軌道半徑大于衛星Ⅱ的軌道半徑，所以衛星Ⅰ運動的線速度小于衛星Ⅱ的線速度，衛星Ⅰ運動的角速度小于衛星Ⅱ的角速度，故A錯誤，B正確；由幾何關系可知，衛星Ⅰ運動的軌道半徑與衛星Ⅱ的軌道半徑關系為，由開普勒第三定律可知，化簡可得，故C正確，D錯誤。9.【答案】AC【解析】對8節車廂整體受力分析，由牛頓第二定律，解得整列車加速度大小，故A正確，B錯誤；對5-8節車廂整體受力分析，由牛頓第二定律，代入解得第4節車廂對第5節車廂的作用力大小，故C正確，D錯誤。10.【答案】ACD【解析】由于電阻器R的電功率始終保持不變，故通過電阻器R的電流始終不變，即金屬棒產生的感應電動勢始終不變，故A正確；金屬棒在與處受到磁場B的作用力大小之比，故B錯誤；金屬棒從從到過程中有，同理金屬棒從到過程中有，故，而，故，故C正確；同理，由于電流始終不變，故，金屬棒從到與從到的過程中電阻R產生的焦耳熱之比，故D正確。三、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.（每空2分，共8分）【答案】（1）（4）（5）B【解析】（1）根據題意可知，遮光板1經過光電傳感器時的速度；若氣墊導軌水平，則滑塊做勻速直線運動，則有，即，則說明氣墊導軌已經水平。（4）根據題意，由運動學公式可得，由牛頓第二定律有，即該圖像的斜率，即可驗證牛頓第二定律成立。（5）根據題意可知，合力的測量值，合力的真實值，則有，解得，所以實驗中所掛鉤碼總質量的最大值為。故選B。12.（每空2分，共8分）【答案】（1）a（2）1（3）向下（4）4000【解析】（1）歐姆表內部電流從黑表筆流出，經待測電阻后，從紅表筆流進歐姆表，黑表筆與內部電池正極相連，紅表筆與內部電源負極相連，因此圖中a是紅表筆。（2）歐姆表內阻大，中值電阻大，歐姆表的倍率越大，根據閉合電路的歐姆定律，歐姆表內阻，當開關K撥向1時，根據并聯電路電流的分配原則可知，與表頭并聯的電阻越大，該支路的電流越小，回路中滿偏電流越小，則歐姆表內阻越大，即為“”擋位。（3）從“”擋位換成“”擋位，即開關K從2撥向3，滿偏電流由變成，歐姆調零電阻由變成，根據閉合電路歐姆定律有，，又，則，即調零電阻接入電路的阻值減小，因此滑片向下滑動。（4）根據閉合電路的歐姆定律，在“”擋位進行歐姆調零，則，在a、b兩表筆間接入阻值為6000Ω的定值電阻，穩定后表頭G的指針偏轉到滿偏刻度的，則，在a、b兩表筆間接入待測電阻，穩定后表頭G的指針偏轉到滿偏刻度的，則，聯立解得，則有。13.（12分）【答案】（1）（2）【解析】（1）設封閉氣體的壓強為p，則有。（2）緩慢加熱過程中氣體做等壓變化，初狀態氣體溫度為T0，體積末狀態氣體溫度為T，體積由蓋－呂薩克定律得解得此加熱過程中氣體對外做功由熱力學第一定律可知可得。14.（12分）【答案】（1）（2）【解析】（1）物塊沿斜面勻速下滑，由平衡條件解得物塊沿水平面做勻速直線運動，水平方向有豎直方向有聯立解得。（2）木塊沿水平面做勻速直線運動，設場強與水平方向角度為、電場力大小為，水平方向豎直方向整理得所以，當時，電場力最小，最小值此時場強大小。15.（14分）【答案】（1）0（2）（3）【解析】（1）設a棒滑到水平導軌時速度為，根據動能定理，有解得a棒與b棒發生彈性正碰，設ab碰后速度分別為，取向右為正方向，由動量守恒定律由機械能守恒定律聯立解得，。（2）分析可知b、c最終以相同的速度勻速運動，設最終速度為，最終產生熱量為Q，取向右為正方向，由動量守恒定律可得由能量守恒定律可得聯立解得。（3）設金屬棒c初始位置距離磁場邊界de的最小距離為x時，金屬棒b進入磁場后恰好不能與與金屬棒c發生碰撞，對c棒，從b棒進入磁場到bc共同勻速運動，動量定理有而由平均電動勢聯立以上解得。大荔縣2025年高考模擬試題命制比賽作品2025屆陜西省高考模擬物理試題考試時間：75分鐘滿分：100分一、單項選擇題：共7小題，每小題4分，共28分。1.如圖所示，乒乓球從斜面上滾下，以一定的速度在光滑水平桌面上沿直線勻速運動。在與乒乓球路徑垂直的方向上有一個洞，當球經過洞口正前方時，對球沿三個不同的方向吹氣，下列說法正確的是（）沿方向2吹氣，乒乓球可能進入洞內 B.沿方向3吹氣，乒乓球可能進入洞內C.沿方向1吹氣，乒乓球可能進入洞內 D.沿三個方向吹氣，乒乓球均不可能進入洞內2.如圖甲所示為榫眼的鑿削操作，圖乙為截面圖，鑿子尖端夾角為θ，在鑿子頂部施加豎直向下的力F時，其豎直面和側面對兩側木頭的壓力分別為F1和F2，不計鑿子的重力及摩擦力，下列說法正確的是（）F1小于F2 B.夾角θ越小，F1越小C.夾角θ越大，F2越大 D.夾角θ越大，鑿子越容易鑿入木頭3.利用加速度傳感器可以顯示物體運動過程中的加速度變化情況，當加速度方向豎直向上時，傳感器示數為正。如圖為一物體在豎直方向上由靜止開始往返運動一次的過程中加速度隨時間變化的圖像。關于該物體的運動，下列說法正確的是（）2t0時刻的速度為0 B.4t0時刻位于最高點C.6t0時刻的速度大小為12aD.8t0時刻的速度大小為124.如圖為某電子透鏡中電場的等勢面（虛線）的分布圖，相鄰等勢面間電勢差相等。一電子僅在電場力作用下運動，其軌跡如圖中實線所示，電子先后經過O、P、Q三點。電子從O點運動到Q點的過程中，關于電子的運動，下列說法正確的是（）加速度一直減小B.速度先減小后增大C.在O點電勢能比在Q點電勢能小D.從O點到P點電場力做功與從P點到Q點電場力做功相等5.翡翠湖公園有一水流造景設施的截面如圖所示，水平噴水口P橫截面積為S、噴水的流速恒定為v，從P噴出的水柱恰好能垂直撞到傾角為30°的斜面AC上的B處，速度瞬間變為零，之后沿斜面流下。已知水的密度為ρ，重力加速度為g，不計空氣阻力，則（）水流單位時間撞到B處的體積Q=2SvB.水流在B處的速度vC.水流對B處的沖擊力F=4ρSv2D.空中水的質量v6.如圖，半徑為R的圓是一圓柱形勻強磁場區域的橫截面（紙面），磁感應強度大小為B，方向垂直于紙面向外，一電荷量為q（q>0），質量為m的粒子沿平行于直徑ab的方向射入磁場區域，射入點與ab的距離為R2，已知粒子射出磁場與射入磁場時運動方向間的夾角為60°qBR2mB.qBRmC.3qBR2mD.2qBR7.如圖所示，將兩根粗細相同、材料不同的長軟繩甲、乙的一端連接在一起，1、2、3、4…為繩上的一系列間距均為0.1m的質點，其中質點10為兩繩的結點，繩處于水平方向。手持質點10在豎直方向做簡諧運動，形成向左和向右傳播的兩列簡諧波Ⅰ、Ⅱ，其中波Ⅰ的波速為0.2m/s。某時刻質點10處在波谷位置，5s后此波谷傳到質點15，此時質點10正好通過平衡位置向上運動，質點10與質點15之間還有一個波谷，下列說法正確的是（）質點10的振動周期為2s B.波Ⅰ的波長為25波Ⅱ的波長為 27D.當質點15處于波峰時，質點6處于平衡位置二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。8.如圖所示，Ⅰ為北斗衛星導航系統中的靜止軌道衛星，其對地張角為，運動周期為；Ⅱ為地球的近地衛星，運動周期為。下列說法正確的是（）衛星Ⅰ運動的線速度大于衛星Ⅱ的線速度B.衛星Ⅰ運動的角速度小于衛星Ⅱ的角速度C.T1D.T9.一列有8節車廂的動車一般是4動4拖，其中第1節、第3節、第6節、第8節車廂是帶動力的，其余4節車廂是不帶動力的。如圖所示，該動車在平直軌道上勻加速向右啟動時，若每節動力車廂提供的牽引力大小均為F，每節車廂質量均為m，每節車廂所受阻力均為該節車廂重力的k倍，重力加速度為g。下列說法正確的是（）A.整列車的加速度大小為F-2kmg2mB.整列車的加速度大小為F-kmgC.第4節車廂對第5節車廂的作用力大小為0 D.第4節車廂對第5節車廂的作用力大小為0.5F10.如圖所示，兩根平行光滑金屬導軌固定在同一水平面內，其左端接有定值電阻R，建立Ox軸平行于金屬導軌，在0≤x≤4m的空間區域內存在著垂直導軌平面向下的磁場（圖中未畫出），磁感應強度B隨坐標x（以m為單位）的分布規律為B=0.8-0.2x（T），金屬棒ab在外力作用下從x<0的某處沿導軌向右運動，ab始終與導軌垂直并接觸良好，不計導軌和金屬棒的電阻。設在金屬棒從x0=0處，經x1=1m，x2=2m到x3=3m的過程中，電阻器R的電功率始終保持不變，則（）A.金屬棒在x1與x2處產生的電動勢之比為1：1B.金屬棒在x2與x3處受到磁場B的作用力大小之比為3：1C.金屬棒從x1到x2與從x2到x3的過程中通過R的電量之比為5：3D.金屬棒從x0到x1與從x2到x3的過程中電阻R產生的焦耳熱之比為7：3三、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.某小組利用如圖甲所示的實驗裝置驗證牛頓第二定律。質量為M的滑塊兩端各有一個擋光寬度為d的遮光板1、2，兩遮光板中心的距離為L，如圖乙所示。主要實驗步驟如下：（1）實驗前，接通氣源，將滑塊（不掛鉤碼）置于氣墊導軌上，輕推滑塊，遮光板1、2經過光電門的擋光時間分別為t0、t0'，由此可知，遮光板1經過光電門時的速度為___________（用題中已知字母表示），當滿足t0___________t0（2）掛上質量為的鉤碼，將滑塊由光電門左側某處釋放，記錄遮光板1、2的擋光時間t1、t2（3）更換不同數量的鉤碼，多次記錄遮光板1、2的擋光時間。（4）將鉤碼的總重力記為滑塊受到的合力F，作出滑塊的合力F與1t22（5）由于實驗中鉤碼的總重力并不等于滑塊的合力F，要想本實驗合力的相對誤差合力的測量值（鉤碼的總重力）-合力的真實值合力的真實值×100%不大于某物理愛好者設計了一個三擋位（“×1”“×10”“×100”）的歐姆表，其內部結構如圖所示，K為單刀三擲開關，R為調零電阻，R1、R2、R3為定值電阻，表頭G的滿偏電流為Ig，內阻為Rg，干電池的電動勢為E，內阻為r。用此歐姆表測量某待測電阻的阻值，回答下列問題：（1）歐姆表的兩只表筆中，_____（選填“a”或“b”）是紅表筆。（2）當歐姆表的擋位為“×100”時，應將單刀三擲開關K與_____（選填“1”“2”或“3”）接通。（3）若從“×10”擋位換成“×1”擋位，再進行歐姆調零時，調零電阻R的滑片應該_____（選填“向上”或“向下”）調節。（4）在“×100”擋位進行歐姆調零后，在ab兩表筆間接入阻值為6000Ω的定值電阻R1，穩定后表頭G的指針偏轉到滿偏刻度的14；取走R1，在ab兩表筆間接入待測電阻Rx，穩定后表頭G的指針偏轉到滿偏刻度的13，則Rx=13.如圖所示，筒高為h的汽缸倒立，活塞在汽缸內封閉一定質量的理想氣體，活塞與汽缸間的摩擦可忽略不計，活塞、汽缸均絕熱，活塞下部空間與外界連通，汽缸底部連接一“U”形細管，細管右端口與大氣連通，內部裝有部分水銀（管內氣體的體積忽略不計）。初始時，封閉氣體的溫度為T0，活塞位于汽缸中央，細管內兩側水銀柱的高度差為?h0，大氣壓強為p0，活塞橫截面積為S，厚度不計，水銀的密度為ρ，重力加速度為g，求：（1）汽缸內氣體的壓強；（2）通過加熱裝置緩慢提升氣體溫度，使活塞恰好到達汽缸開口處，求此時汽缸內氣體的溫度；此加熱過程中，若氣體吸收的熱量為Q，求氣體內能的變化量。14.如圖，傾角為37°的斜面與水平地面平滑連接，在水平地面上方存在著與地面成53°角斜向上的勻強電場。質量為0.4kg、帶電荷量為+1×10-2C的絕緣物塊恰能沿斜面勻速下滑，進入水平地面后仍能勻速滑行。已知物塊與斜面及水平地面間的動摩擦因數相等，重力加速度g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，運動過程中物塊所帶電荷量保持不變。（1）求勻強電場的電場強度大小；（2）若勻強電場的電場強度方向可以變化，為使該帶電物塊仍能在水平地面上勻速滑行，求電場強度的最小值。15.如圖所示，平行傾斜光滑導軌與足夠長的平行水平光滑導軌平滑連接，導軌電阻不計。質量分別為m和0.5m的金屬棒b和c靜止放在間距為L的水平導軌上，b、c兩棒均與導軌垂直且兩金屬棒電阻均為R。圖中de虛線往右有范圍足夠大、方向豎直向上的勻強磁場。質量為m的絕緣棒a垂直于傾斜導軌靜止釋放，釋放位置與水平導軌的高度差為h。已知絕緣棒a滑到水平導軌上與金屬棒b發生彈性正碰，金屬棒b進入磁場后始終未與金屬棒c發生碰撞。重力加速度為g，求：（1）絕緣棒a與金屬棒b發生彈性正碰后分離時兩棒的速度大小；（2）兩金屬棒b、c上最終產生的總焦耳熱；（3）金屬棒c初始位置距離磁場邊界de的最小距離。——★參考答案★——一、單項選擇題：共7小題，每小題4分，共28分。1.【答案】B【解析】分別沿方向1、方向2、方向3吹氣，對乒乓球的速度分析吹氣時乒乓球在原有速度的基礎上分別增加速度、、，只有沿方向3吹氣時，合運動方向才可能指向洞口，乒乓球才可能進入洞內。故選B。2.【答案】A【解析】作出力F與F1和F2的關系圖，如圖所示由圖可知，，根據幾何關系有，，故A正確；由以上分析可知，力F一定時，夾角越大，F1和F2均變小，故B、C錯誤；由上圖根據幾何關系，有，，夾角越大，F1和F2均變小，所以夾角越大，鑿子越不容易鑿入木頭，故D錯誤。3.【答案】D【解析】內，加速度豎直向下，物體向下加速運動，時刻向下的速度達到最大，故A錯誤；內，加速度豎直向上，物體向下減速運動，根據對稱性可知，時刻速度減為零，到達最低點，故B錯誤；內，加速度為零，物體靜止，內加速度向上，物體向上加速運動，由于圖像與時間軸包圍的面積表示速度變化量，故內物體的速度變化量為，由于時刻物體速度為零，故時刻的速度和內的速度變化量相等，即，方向豎直向上，故C錯誤；由圖像可知，內圖像與時間軸包圍的面積等于零，即這段時間內的速度變化量等于零，時刻與時刻速度相同，即大小為，方向豎直向上，故D正確。4.【答案】D【解析】相鄰等勢面間電勢差相等，可知等差等勢面越密集，場強越大；則電子從O點運動到Q點的過程中，場強先變大后變小，則電子受到的電場力先增大后減小，加速度先增大后減小，故A錯誤；根據曲線運動的合力方向位于軌跡的凹側，且場強方向與等勢面垂直，可知電子受到的電場力垂直等勢面偏右，所以電場力與速度方向的夾角小于90°，則電場力對電子做正功，電子的動能增大，速度一直增大，故B錯誤；由于電場力對電子做正功，則電子電勢能減少，電子在O點電勢能比在Q點電勢能大，故C錯誤；由于相鄰等勢面間電勢差相等，則有，根據，可知從O點到P點電場力做功與從P點到Q點電場力做功相等，故D正確。5.【答案】D【解析】水流單位時間撞到B處的體積等于水流單位時間撞通過水平噴水口的體積，即體積，故A錯誤；水流從P到B做平拋運動，平拋初速度為，由于水柱恰好能垂直撞到斜面，幾何關系可知在B的速度方向與水平方向成60°，則有，故B錯誤；設時間內有質量為的水撞擊斜面，設該過程斜面給水的支持力為N，規定方向為正方向，由動量定理有，因為，聯立解得，根據牛頓第三定律可得，水流對B處的沖擊力，故C錯誤；結合B選項分析，由平拋規律可得水流在B的豎直方向速度，故平拋時間，所以空中水的質量，故D正確。6.【答案】B【解析】由題意知，粒子運動軌跡如圖所示。圓心角為60°，為等邊三角形，所以帶電粒子運動的半徑，由解得。故選B。7.【答案】D【解析】質點每振動一個周期，波向前傳播一個波長，由題可知，可知質點10的振動周期，A錯誤；根據可知波Ⅰ的波長，B錯誤；利用質點10與質點15之間的波形可知，可得波Ⅱ的波長，C錯誤；質點6和質點10之間恰好等于一個波長，振動情況相同，質點15落后質點10恰好，因此當質點15處于波峰時，質點10恰好經平衡位置向下運動，D正確。二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。8.【答案】BC【解析】由萬有引力提供向心力，可得衛星繞地球做圓周運動的線速度和角速度大小，，因為衛星Ⅰ運動的軌道半徑大于衛星Ⅱ的軌道半徑，所以衛星Ⅰ運動的線速度小于衛星Ⅱ的線速度，衛星Ⅰ運動的角速度小于衛星Ⅱ的角速度，故A錯誤，B正確；由幾何關系可知，衛星Ⅰ運動的軌道半徑與衛星Ⅱ的軌道半徑關系為，由開普勒第三定律可知，化簡可得，故C正確，D錯誤。9.【答案】AC【解析】對8節車廂整體受力分析，由牛頓第二定律，解得整列車加速度大小，故A正確，B錯誤；對5-8節車廂整體受力分析，由牛頓第二定律，代入解得第4節車廂