高級中學名校試卷PAGE2025學年度第一學期階段性學習效果評測高一物理注意事項：1.本試卷滿分100分，考試時間75分鐘。2.答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。3.回答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。第I卷（選擇題）一、單項選擇題（共10小題，每小題3分，共30分）1.蹦床是一項運動員利用從蹦床反彈中表現雜技技巧的競技運動，如圖所示，是一運動員從蹦床上跳起后的v-t圖像，已知t2=2t1，關于該運動員的運動，下列分析正確的是（）A.在0~t1階段上升，t1~t2階段下降B.速度大小先變大后變小C.從圖像中可以看出，是選擇的向下為正方向D.在t1時刻回到蹦床上【答案】A【解析】A．由圖像可知，在0~t1階段上升，t1~t2階段下降，選項A正確；B．速度先向上減小，后向下變大，選項B錯誤；C．從圖像中可以看出，是選擇的向上為正方向，選項C錯誤；D．在t1時刻到達最高點，在t2時刻回到蹦床上，選項D錯誤。故選A。2.甲、乙兩位同學進行百米賽跑，假如把他們的運動近似為勻速直線運動來處理，他們同時從起跑線起跑，經過一段時間后他們的位置如圖所示。下列關于兩人在這段時間內運動的位移、速度與時間的關系圖像，正確的是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】甲、乙同時從起跑線起跑且均做勻速直線運動，故他們的x-t圖線均是經過原點的傾斜直線，斜率絕對值表示速度大小，由圖可知乙的速度大于甲；圖像是與時間軸平行的直線，故B正確，ACD錯誤。故選B。3.一觀察者站在站臺前端，設每節車廂的長度相同，車廂間間隙可以不計，當列車勻減速進站到停止，當車頭經過人時開始，車尾剛好停在觀察者處，下列說法中正確的是（）A.每節車廂末端經過觀察者的時間之比是…∶3∶2∶1B.每節車廂末端經過觀察者的速度之比是…∶（－）∶（－1）∶1C.在相等時間里經過觀察者的車廂速度之比是…∶32∶22∶1D.在相等時間里經過觀察者的車廂數之比是…∶5∶3∶1【答案】D【解析】AB．根據運動學公式將列車看成初速度為零勻加速運動，通過相同位移所需時間之比為則每節車廂末端經過觀察者的時間之比是根據由逆向思維法可知每節車廂末端經過觀察者的速度之比是故AB錯誤；C．由可知，從靜止開始做勻加速直線運動的速度之比為1:2:3：…，由逆向思維法可知在相等時間里經過觀察者的車廂速度之比是…∶3∶2∶1，故C錯誤；D．通過相同時間的位移之比為，逆向思維可知在相等時間里經過觀察者的車廂數之比是…∶5∶3∶1，故D正確。故選D。4.如圖，在氣墊導軌上安裝有兩個光電門A、B，A、B間距離為L＝30cm。為了測量滑塊的加速度，在滑塊上安裝了一寬度為d＝1cm的遮光條，現讓滑塊以某一加速度通過光電門A、B?，F記錄了遮光條通過兩光電門A、B的時間分別為0.010s、0.005s，滑塊從光電門A到B的時間為0.200s。則下列正確的是（）A.滑塊經過A的速度為1cm/s B.滑塊經過B的速度為2cm/sC.滑塊的加速度為5m/s2 D.滑塊在A、B間的平均速度為3m/s【答案】C【解析】ABD．滑塊經過A的速度為滑塊經過B的速度為滑塊在A、B間的平均速度為故ABD錯誤；C．根據公式可得滑塊加速度為故C正確。故選C。5.某同學在參觀高鐵的監控中心時，恰好看到某列高速列車啟動過程的速率監控圖像如下圖所示，由圖可知其中ab、cd段為直線。以下關于該列高速列車運動情況的判斷不正確的是（）A.0~90s，列車的加速度在逐漸減小B.0~250s時間內的加速度為0.32m/s2C.列車300s時的加速度大于其在90s時的加速度D.列車在400s內前進的距離超過了20km【答案】C【解析】A．由v-t圖像斜率表示加速度，斜率越大加速度越大，可知0～90s列車的加速度在逐漸減小，故A正確，不符合題意；B．0～250s時間內的平均加速度為故B正確，不符合題意；C．ab段斜率不變，bc段斜率減小，列車300s時加速度小于其在90s時的加速度，故C錯誤，符合題意；D．若列車在400s內做勻加速直線運動，則其前進的距離為根據v-t圖像與坐標軸圍成面積表示位移可知，列車在400s內前進的距離超過了20km，故D正確，不符合題意。故選C。6.如圖，P是位于水平的粗糙桌面上的物塊。用跨過定滑輪的輕繩將P與小盤相連，小盤內有砝碼，小盤與砝碼的總質量為m。在P運動的過程中，若不計空氣阻力，則關于P在水平方向受到的作用力與相應的施力物體，下列說法正確的是（）A.拉力和摩擦力，施力物體是地球和桌面B.拉力和摩擦力，施力物體是繩和桌面C.重力mg和摩擦力，施力物體是地球和桌面D.重力mg和摩擦力，施力物體是繩和桌面【答案】B【解析】AB．以P為研究對象，對其受力分析，受重力，繩子拉力，桌面對其垂直向上的支持力和向左的滑動摩擦力，水平方向受到兩個力的作用，分別是繩的拉力和桌面的摩擦力，故A錯誤，B正確；CD．題目中問的是水平方向的力，故CD錯誤。故選B?！尽狐c石成金』】受力分析是高中物理的基礎，在高一必須養成一個習慣，每一個力都要找出施力物體和受力物體，按重力、彈力、電磁力、摩擦力的順序分。7.如圖所示，電燈懸掛于兩壁之間，更換水平繩OA使連接點A向上移動而保持點的位置不變，則A點向上移動時（）A.繩OA的拉力逐漸增大 B.繩OA的拉力逐漸減小C.繩OA的拉力先增大后減小 D.繩OA的拉力先減小后增大【答案】D【解析】以O點位研究對象，處于平衡裝態，根據受力平衡，有由圖可知，繩子OB上的拉力逐漸減小，OA上的拉力先減小后增大，ABC錯誤，D正確。故選D。8.如圖所示，半球P始終保持靜止，球Q光滑，用外力使MN保持豎直并且緩慢地向右移動。在Q落到地面之前，下列說法正確的是（）A.MN對Q的彈力逐漸減小 B.地面對P的摩擦力逐漸增大C.地面對P的彈力變小 D.PQ之間的彈力逐漸減小【答案】B【解析】對受力分析：受重力、對的支持力和對的支持力，如圖根據平衡條件有BC．對、整體分析，受重力、地面支持力、擋板對其向左的支持力和地面對其向右的摩擦力，如圖所示根據平衡條件得保持豎直且緩慢向右移動過程中，角不斷變大，則變大，不變，故B正確，C錯誤；AD．保持豎直且緩慢向右移動過程中，角不斷變大，根據可知變大，變大，故AD錯誤。故選B。9.如圖所示為雜技“頂竿”表演，若表演中，一人A站在地上，頭上頂一根豎直竹竿，另外一人B在竹竿上某位置處開始以加速度a加速下滑，接著以同樣大小的加速度減速到另一位置停下。已知兩表演者質量均為M，桿質量為m，重力加速度為g，則下列說法正確的是（）A.當B加速下滑時A對地面的壓力為B.當B減速下滑時A對地面的壓力為C.A對地面的壓力一直為D.B下滑過程中一直處于失重狀態，所以A對地面的壓力一直小于【答案】A【解析】A．當B加速下滑時，對B由牛頓第二定律可知對A解得則A對地面的壓力為，選項A正確；BC．當B減速下滑時，對B由牛頓第二定律可知對A解得則A對地面的壓力為，選項BC錯誤；D．B下滑過程中先加速后減速，則先失重后超重，所以A對地面的壓力先小于，后大于，選項D錯誤。故選A。10.如圖所示，在光滑水平桌面上放一質量為m乙=5kg的盒子乙，乙內放置質量m丙=1kg的滑塊丙，用質量不計的細繩跨過光滑的定滑輪將一質量為m甲=2kg的物塊甲與乙相連接，其中連接乙的細繩與水平桌面平行?，F由靜止釋放物塊甲，在以后的運動過程中，盒子乙與滑塊丙之間沒有相對運動，假設整個運動過程中盒子始終沒有離開水平桌面，重力加速度g＝10m/s2。則（）A.細繩對盒子的拉力大小為20N B.盒子的加速度大小為2.5m/s2C.盒子對滑塊丙的摩擦力大小為2.5N D.定滑輪受到細繩的作用力為30N【答案】BC【解析】AB．以整體為研究對象，根據牛頓第二定律可得解得整體的加速度為：以乙和丙整體為研究對象，根據牛頓第二定律可得繩子的拉力大小為故A錯誤、B正確；C．以丙為研究對象，根據牛頓第二定律可得盒子對滑塊丙的摩擦力大小為故C正確；D．定滑輪受到細繩的作用力為故D錯誤。故選BC。二、多項選擇題（共4小題，每小題4分，共16分。）11.多功能道路檢測車是一套模塊化的數據采集平臺，由一輛特別改裝的汽車和各種數據采集系統組成，對自動駕駛汽車的研究具有重大意義。現在在某個測試場的一平直公路上行駛的兩輛汽車a和b，其位移時間圖像分別如圖中直線a和曲線b所示，下列說法正確的是（）A.時，a車速度大于b車速度B.a車做勻速運動，b車做加速運動C.在時間內，a車的平均速度比b車的大D.在的時間內，b車始終沒有超過a車【答案】D【解析】A．根據位移時間圖像的斜率表示速度可知，時，a車速度等于b車速度，故A錯誤；B．根據位移時間圖像的斜率表示速度可知，a車做勻速運動，b車做減速運動，故B錯誤；C．在時間內，a車的平均速度為在時間內，b車的平均速度為可知，在時間內，a車的平均速度比b車的小，故C錯誤；D．在的時間內，b車的位移始終小于a車的位移，所以b車始終沒有超過a車，故D正確。故選D。12.科學訓練可以提升運動成績，某短跑運動員科學訓練前后百米全程測試中，速度v與時間t的關系圖像如圖所示。由圖像可知，不正確的是（）A.時間內，訓練后運動員的平均加速度大B.時間內，訓練前、后運動員跑過的距離相等C.時間內，訓練后運動員的平均速度小D.時刻后，運動員訓練前做減速運動，訓練后做加速運動【答案】ABC【解析】A．根據v-t圖像的斜率表示加速度，由圖可知，0～t1時間內，訓練后運動員的平均加速度比訓練前的小，故A錯誤，符合題意；B．根據v-t圖像與時間軸所圍成的面積表示位移，由題圖可知，0～t2時間內，訓練前運動員跑過的距離比訓練后的大，故B錯誤，符合題意；C．根據v-t圖像與時間軸所圍成的面積表示位移，由題圖可知，t2～t3時間內，訓練后運動員的位移比訓練前的位移大，根據平均速度等于位移與時間的比值可知，訓練后運動員的平均速度大，故C錯誤，符合題意；D．根據v-t圖像可知，t3時刻后，運動員訓練前速度減小，做減速運動，運動員訓練后速度增加，做加速運動，故D正確，不符合題意。故選ABC。13.如圖所示，一個彈簧一端固定在傳感器上，傳感器與電腦相連，當對彈簧施加變化的作用力（拉力或壓力）時，在電腦上得到了彈簧長度的形變量與彈簧產生的彈力大小的關系圖像（如圖乙），則下列判斷正確的是（）A.彈簧產生的彈力和彈簧的長度成正比B.彈簧長度的增加量與對應的彈力增加量成正比C.該彈簧的勁度系數是200N/mD.該彈簧受到反向壓力時，勁度系數不變【答案】BCD【解析】AB．因為此圖像是彈簧長度的形變量與彈簧產生的彈力大小的關系圖像，可知彈力的增加量與對應的彈簧長度的增加量成正比，故A錯誤，B正確；C．該彈簧的勁度系數是故C正確；D．勁度系數由彈簧本身的性質決定，故該彈簧受到反向壓力時，勁度系數不變，故D正確。故選BCD。14.如圖甲所示，為測定物體沖上粗糙斜面能達到的最大位移x與斜面傾角θ的關系，將某一物體每次以不變的初速率沿足夠長的斜面向上推出，調節斜面與水平方向的夾角θ，實驗測得x與斜面傾角θ的關系如圖乙所示，g取10m/s2，根據圖象可求出()A.物體的初速率v0＝3m/sB.物體與斜面間的動摩擦因數μ＝0.75C.取不同的傾角θ，物體在斜面上能達到的位移x的最小值x?。?.44mD.當某次θ＝300時，物體達到最大位移后將不會沿斜面下滑【答案】BCD【解析】ABC．當時據得當時，由得設斜面傾角為時，沿斜面上升的最大位移達最小聯立得所以故A錯誤，BC正確；D．當某次θ＝300時，物體達到最大位移后，根據重力沿斜面的分力小于最大靜摩擦力，將不會沿斜面下滑，故D正確。故選BCD。第II卷（非選擇題）三、實驗題（共3小題，15題6分，16題8分，17題6分，總分20分）15.打點計時器接在50Hz的交流電源上時，每隔_______s打一個點．做勻變速直線運動的小車拖動紙帶穿過打點計時器，紙帶上記錄的點如圖，A、B、C、D、E為5個計數點，相鄰兩計數點間有4個點沒標出．已知紙帶與A點相近的一端跟小車相連，由此可知，小車的加速度大小為_______m/s2，方向與小車運動方向___________（填“相同”或“相反”）；打C點時，小車的瞬時速度________m/s．（計算結果均保留三位有效數字）【答案】0.020.740相反0.472【解析】打點計時器接在50Hz的交流電源上時，每隔0.02s打一個點．因相鄰兩計數點間有4個點沒標出，則T=0.1s．已知紙帶與A點相近的一端跟小車相連，由此可知，小車的加速度大小為負號說明方向與小車運動方向相反；AB中間時刻的速度則打C點時，小車的瞬時速度16.某同學做“驗證平行四邊形定則”實驗情況如圖甲所示，其中A為固定橡皮條的圖釘，O為橡皮條與細繩的結點，OB和OC為細繩。(1)實驗記錄紙如圖乙所示，兩彈簧測力計共同作用時,O點為結點的位置，拉力F1和F2的方向分別過P1和P2點；一個彈簧測力計拉橡皮筋時,拉力F3的方向過P3點。力F1的大小如彈簧測力計所示，F1=__________N(已知F2=2.63N，F3=4.41N)。(2)請作出F1和F2的合力F____________(標度已給出);并求出合力F=__________N?！敬鸢浮?1)2.92(2)4.30【解析】(1)由圖知1N之間有10小格，一個小格代表0.1N，所以彈簧測力計的示數為2.92N；(2)根據平行四邊形定則先作出F2與F1的合力，如圖所示由圖測量出對角線的長度得F1、F2的合力大小4.30N17.圖為“探究小車的加速度與物體受力的關系”的實驗裝置圖,圖中A為小車,質量為連接在小車后面的紙帶穿過電磁打點計時器,它們均置于水平放置的一端帶有定滑輪的足夠長的木板上,B為沙桶和沙,質量為不計繩與滑輪問的摩擦，改變沙的質量,測量多組數據,并在坐標系中作出了如圖所示的圖像,其中(1)下列說法正確的是_______.A.電磁打點計時器正常工作時使用220V的交流電B.實驗時應先接通電源后釋放小車C.平衡摩擦力時,應將沙桶用細繩通過定滑輪系在小車上D.為了減小誤差,實驗中一定要保證遠小于(2)圖b為某次實驗得到的紙帶，紙帶上標出了所選的四個計數點之間的距離，相鄰計數點間還有四個打印點沒有畫出，各點間的距離如圖所示，則小車的加速度大小為____(交流電的頻率為50Hz，結果保留兩位有效數字).(3)圖所示的圖像中,圖線不過坐標原點的原因是_________________，由圖像求出小車的質量為_______(結果保留兩位有效數字).【答案】(1)BD(2)4.0m/s2(3)沒有平衡摩擦力或者平衡摩擦力不夠1.0kg【解析】（1）電磁打點計時器正常工作時使用4-6V的交流電，選項A錯誤；實驗時應先接通電源后釋放小車，選項B正確；平衡摩擦力時應不掛沙桶，只讓小車拖著紙帶在木板上勻速運動，選項C錯誤；為了減小誤差，實驗中一定要保證m2遠小于m1，這樣才能認為砂桶的重力等于小車的拉力，選項D正確；故選BD.（2）由紙帶可知T=0.1s，，則加速度（3）圖c所示的a-F圖像中，當F=0.1N時才開始有加速度，可知圖線不過坐標原點的原因是沒有平衡摩擦力或者平衡摩擦力不夠；根據牛頓第二定律，則，解得m1=1.0kg四、計算題（18題7分，19題8分，20題9分，21題10分，共34分）18.一質量m=2.0kg的小物塊以一定的初速度沖上一傾角為且足夠長的斜面，某同學利用傳感器測出了小物塊從一開始沖上斜面到上滑過程中多個時刻的瞬時速度，并用計算機作出了小物塊上滑過程的速度—時間圖線，如圖所示，(取sin＝0.6，cos=0.8，g=10m/s2)求：(1)小物塊沖上斜面過程中加速度的大?。?2)小物塊與斜面間的動摩擦因數；(3)小物塊所到達斜面最高點與斜面底端間的距離。【答案】(1)8m/s2；(2)0.25；(3)4.0m【解析】(1)由小物塊上滑過程的速度—時間圖線，可得小物塊沖上斜面過程中加速度為a==m/s2=－8m/s2負號表示方向與速度方向相反，大小為8m/s2；(2)對小物塊進行受力分析如圖所示，由牛頓第二定律知mgsin+Ff=ma又FN－mgcos=0且Ff=μFN，代入數據解得=0.25(3)由圖線知小物塊沿斜面上滑的距離為19.5G自動駕駛是基于5G通信技術實現網聯式全域感知、協同決策與智慧云控，相當于有了“千里眼”的感知能力，同時，5G網絡超低延時的特性，讓“汽車大腦”可以實時接收指令，極大提高了汽車運行的安全性A，B兩輛5G自動駕駛測試車，在同一直線上向右勻速運動，B車在A車前，A車的速度大小為，B車的速度大小為，如圖所示。當A、B兩車相距時，B車因前方突發情況緊急剎車，已知剎車過程的運動可視為勻減速直線運動，加速度大小為，從此時開始計時，求：（1）A車追上B車之前，兩者相距的最大距離？（2）A車追上B車所用的時間？（3）如果B車剎車后，為避免兩車相撞，A車也要剎車，且加速度大小也為，則A車最遲在B車剎車后幾秒接受指令剎車？【答案】（1）；（2）；（3）【解析】（1）當A、B兩車速度相等時，相距最遠，根據速度關系得代入數據解得t1=6s此時，根據位移公式得代入數據解得（2）B車剎車停止運動所用時間所發生位移此時則可見此時A車并未追上B車，而是在B車停止后才追上，A車追上B車所用的時間（3）A車最遲在B車剎車后接受指令剎車，因兩車剎車的加速度相同，則B減速到零的位移為對A先勻速后減速，有解得20.B、C兩個小球重量均為G，用細線懸掛在豎直墻上的A、D兩點．細線與豎直墻壁之間的夾角分別為30o和60o（見圖中標注），兩個小球處于靜止狀態．求：（1）AB和CD兩根細線的拉力FAB和FCD分別為多大？（2）細線BC與豎直方向的夾角θ是多少？【答案】（1），；（2）【解析】（1）對兩個小球構成整體受力分析：在x、y軸方向正交分解，根據平衡條件可知聯立可得：（2）對C球受力分析在x、y軸方向正交分解，根據平衡條件：聯立解得：21.如圖（a）所示，水平桌面上放有一本質量分布均勻的字典，頁面大于字典的長方形白紙夾在字典中（白紙的左邊與字典的左邊對齊），白紙離桌面的高度是字典高度的。已知字典的質量M=1.2kg，寬度x0=0.2m白紙上下表面與字典書頁之間的動摩擦因數均為μ=0.25，且只有與白紙重疊部分的字典才對白紙有壓力。若白紙的質量和厚度均可忽略不計，最大靜摩擦力的大小等于滑動摩擦力現用與白紙長邊垂直的水平拉力F將白紙由靜止從字典中向右拉出，在此過程中字典始終保持靜止，重力加速度g=10m/s2。（1）求出白紙剛開始運動時，白紙上表面所受的摩擦力（2）寫出白紙在運動過程中所受的摩擦力f大小與位移x大小的關系式；（3）若控制水平拉力F，使白紙的加速度與位移關系如圖（b）所示，當白紙速度v=0.3m/s時，求白紙所受的摩擦力f2的大小。【答案】（1）1.5N，方向水平向左；（2）f=-15x+3（N）；（3）1.5N【解析】(1)由受力分析得白紙上表面的壓力為所受的滑動摩擦力為解得f1=1.5N方向水平向左(2)白紙運動過程中，壓力FN與x關系的表達式為又解得f=-15x+3（N）(3)由圖可得，加速度與位移代數關系a=0.4+x由公式v2=2ax可知，速度平方等于如圖所示梯形的面積的兩倍當v=0.3m/s時，可得關系式解得x=0.1m代入解得2024-2025學年度第一學期階段性學習效果評測高一物理注意事項：1.本試卷滿分100分，考試時間75分鐘。2.答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。3.回答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。第I卷（選擇題）一、單項選擇題（共10小題，每小題3分，共30分）1.蹦床是一項運動員利用從蹦床反彈中表現雜技技巧的競技運動，如圖所示，是一運動員從蹦床上跳起后的v-t圖像，已知t2=2t1，關于該運動員的運動，下列分析正確的是（）A.在0~t1階段上升，t1~t2階段下降B.速度大小先變大后變小C.從圖像中可以看出，是選擇的向下為正方向D.在t1時刻回到蹦床上【答案】A【解析】A．由圖像可知，在0~t1階段上升，t1~t2階段下降，選項A正確；B．速度先向上減小，后向下變大，選項B錯誤；C．從圖像中可以看出，是選擇的向上為正方向，選項C錯誤；D．在t1時刻到達最高點，在t2時刻回到蹦床上，選項D錯誤。故選A。2.甲、乙兩位同學進行百米賽跑，假如把他們的運動近似為勻速直線運動來處理，他們同時從起跑線起跑，經過一段時間后他們的位置如圖所示。下列關于兩人在這段時間內運動的位移、速度與時間的關系圖像，正確的是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】甲、乙同時從起跑線起跑且均做勻速直線運動，故他們的x-t圖線均是經過原點的傾斜直線，斜率絕對值表示速度大小，由圖可知乙的速度大于甲；圖像是與時間軸平行的直線，故B正確，ACD錯誤。故選B。3.一觀察者站在站臺前端，設每節車廂的長度相同，車廂間間隙可以不計，當列車勻減速進站到停止，當車頭經過人時開始，車尾剛好停在觀察者處，下列說法中正確的是（）A.每節車廂末端經過觀察者的時間之比是…∶3∶2∶1B.每節車廂末端經過觀察者的速度之比是…∶（－）∶（－1）∶1C.在相等時間里經過觀察者的車廂速度之比是…∶32∶22∶1D.在相等時間里經過觀察者的車廂數之比是…∶5∶3∶1【答案】D【解析】AB．根據運動學公式將列車看成初速度為零勻加速運動，通過相同位移所需時間之比為則每節車廂末端經過觀察者的時間之比是根據由逆向思維法可知每節車廂末端經過觀察者的速度之比是故AB錯誤；C．由可知，從靜止開始做勻加速直線運動的速度之比為1:2:3：…，由逆向思維法可知在相等時間里經過觀察者的車廂速度之比是…∶3∶2∶1，故C錯誤；D．通過相同時間的位移之比為，逆向思維可知在相等時間里經過觀察者的車廂數之比是…∶5∶3∶1，故D正確。故選D。4.如圖，在氣墊導軌上安裝有兩個光電門A、B，A、B間距離為L＝30cm。為了測量滑塊的加速度，在滑塊上安裝了一寬度為d＝1cm的遮光條，現讓滑塊以某一加速度通過光電門A、B?，F記錄了遮光條通過兩光電門A、B的時間分別為0.010s、0.005s，滑塊從光電門A到B的時間為0.200s。則下列正確的是（）A.滑塊經過A的速度為1cm/s B.滑塊經過B的速度為2cm/sC.滑塊的加速度為5m/s2 D.滑塊在A、B間的平均速度為3m/s【答案】C【解析】ABD．滑塊經過A的速度為滑塊經過B的速度為滑塊在A、B間的平均速度為故ABD錯誤；C．根據公式可得滑塊加速度為故C正確。故選C。5.某同學在參觀高鐵的監控中心時，恰好看到某列高速列車啟動過程的速率監控圖像如下圖所示，由圖可知其中ab、cd段為直線。以下關于該列高速列車運動情況的判斷不正確的是（）A.0~90s，列車的加速度在逐漸減小B.0~250s時間內的加速度為0.32m/s2C.列車300s時的加速度大于其在90s時的加速度D.列車在400s內前進的距離超過了20km【答案】C【解析】A．由v-t圖像斜率表示加速度，斜率越大加速度越大，可知0～90s列車的加速度在逐漸減小，故A正確，不符合題意；B．0～250s時間內的平均加速度為故B正確，不符合題意；C．ab段斜率不變，bc段斜率減小，列車300s時加速度小于其在90s時的加速度，故C錯誤，符合題意；D．若列車在400s內做勻加速直線運動，則其前進的距離為根據v-t圖像與坐標軸圍成面積表示位移可知，列車在400s內前進的距離超過了20km，故D正確，不符合題意。故選C。6.如圖，P是位于水平的粗糙桌面上的物塊。用跨過定滑輪的輕繩將P與小盤相連，小盤內有砝碼，小盤與砝碼的總質量為m。在P運動的過程中，若不計空氣阻力，則關于P在水平方向受到的作用力與相應的施力物體，下列說法正確的是（）A.拉力和摩擦力，施力物體是地球和桌面B.拉力和摩擦力，施力物體是繩和桌面C.重力mg和摩擦力，施力物體是地球和桌面D.重力mg和摩擦力，施力物體是繩和桌面【答案】B【解析】AB．以P為研究對象，對其受力分析，受重力，繩子拉力，桌面對其垂直向上的支持力和向左的滑動摩擦力，水平方向受到兩個力的作用，分別是繩的拉力和桌面的摩擦力，故A錯誤，B正確；CD．題目中問的是水平方向的力，故CD錯誤。故選B。【『點石成金』】受力分析是高中物理的基礎，在高一必須養成一個習慣，每一個力都要找出施力物體和受力物體，按重力、彈力、電磁力、摩擦力的順序分。7.如圖所示，電燈懸掛于兩壁之間，更換水平繩OA使連接點A向上移動而保持點的位置不變，則A點向上移動時（）A.繩OA的拉力逐漸增大 B.繩OA的拉力逐漸減小C.繩OA的拉力先增大后減小 D.繩OA的拉力先減小后增大【答案】D【解析】以O點位研究對象，處于平衡裝態，根據受力平衡，有由圖可知，繩子OB上的拉力逐漸減小，OA上的拉力先減小后增大，ABC錯誤，D正確。故選D。8.如圖所示，半球P始終保持靜止，球Q光滑，用外力使MN保持豎直并且緩慢地向右移動。在Q落到地面之前，下列說法正確的是（）A.MN對Q的彈力逐漸減小 B.地面對P的摩擦力逐漸增大C.地面對P的彈力變小 D.PQ之間的彈力逐漸減小【答案】B【解析】對受力分析：受重力、對的支持力和對的支持力，如圖根據平衡條件有BC．對、整體分析，受重力、地面支持力、擋板對其向左的支持力和地面對其向右的摩擦力，如圖所示根據平衡條件得保持豎直且緩慢向右移動過程中，角不斷變大，則變大，不變，故B正確，C錯誤；AD．保持豎直且緩慢向右移動過程中，角不斷變大，根據可知變大，變大，故AD錯誤。故選B。9.如圖所示為雜技“頂竿”表演，若表演中，一人A站在地上，頭上頂一根豎直竹竿，另外一人B在竹竿上某位置處開始以加速度a加速下滑，接著以同樣大小的加速度減速到另一位置停下。已知兩表演者質量均為M，桿質量為m，重力加速度為g，則下列說法正確的是（）A.當B加速下滑時A對地面的壓力為B.當B減速下滑時A對地面的壓力為C.A對地面的壓力一直為D.B下滑過程中一直處于失重狀態，所以A對地面的壓力一直小于【答案】A【解析】A．當B加速下滑時，對B由牛頓第二定律可知對A解得則A對地面的壓力為，選項A正確；BC．當B減速下滑時，對B由牛頓第二定律可知對A解得則A對地面的壓力為，選項BC錯誤；D．B下滑過程中先加速后減速，則先失重后超重，所以A對地面的壓力先小于，后大于，選項D錯誤。故選A。10.如圖所示，在光滑水平桌面上放一質量為m乙=5kg的盒子乙，乙內放置質量m丙=1kg的滑塊丙，用質量不計的細繩跨過光滑的定滑輪將一質量為m甲=2kg的物塊甲與乙相連接，其中連接乙的細繩與水平桌面平行。現由靜止釋放物塊甲，在以后的運動過程中，盒子乙與滑塊丙之間沒有相對運動，假設整個運動過程中盒子始終沒有離開水平桌面，重力加速度g＝10m/s2。則（）A.細繩對盒子的拉力大小為20N B.盒子的加速度大小為2.5m/s2C.盒子對滑塊丙的摩擦力大小為2.5N D.定滑輪受到細繩的作用力為30N【答案】BC【解析】AB．以整體為研究對象，根據牛頓第二定律可得解得整體的加速度為：以乙和丙整體為研究對象，根據牛頓第二定律可得繩子的拉力大小為故A錯誤、B正確；C．以丙為研究對象，根據牛頓第二定律可得盒子對滑塊丙的摩擦力大小為故C正確；D．定滑輪受到細繩的作用力為故D錯誤。故選BC。二、多項選擇題（共4小題，每小題4分，共16分。）11.多功能道路檢測車是一套模塊化的數據采集平臺，由一輛特別改裝的汽車和各種數據采集系統組成，對自動駕駛汽車的研究具有重大意義。現在在某個測試場的一平直公路上行駛的兩輛汽車a和b，其位移時間圖像分別如圖中直線a和曲線b所示，下列說法正確的是（）A.時，a車速度大于b車速度B.a車做勻速運動，b車做加速運動C.在時間內，a車的平均速度比b車的大D.在的時間內，b車始終沒有超過a車【答案】D【解析】A．根據位移時間圖像的斜率表示速度可知，時，a車速度等于b車速度，故A錯誤；B．根據位移時間圖像的斜率表示速度可知，a車做勻速運動，b車做減速運動，故B錯誤；C．在時間內，a車的平均速度為在時間內，b車的平均速度為可知，在時間內，a車的平均速度比b車的小，故C錯誤；D．在的時間內，b車的位移始終小于a車的位移，所以b車始終沒有超過a車，故D正確。故選D。12.科學訓練可以提升運動成績，某短跑運動員科學訓練前后百米全程測試中，速度v與時間t的關系圖像如圖所示。由圖像可知，不正確的是（）A.時間內，訓練后運動員的平均加速度大B.時間內，訓練前、后運動員跑過的距離相等C.時間內，訓練后運動員的平均速度小D.時刻后，運動員訓練前做減速運動，訓練后做加速運動【答案】ABC【解析】A．根據v-t圖像的斜率表示加速度，由圖可知，0～t1時間內，訓練后運動員的平均加速度比訓練前的小，故A錯誤，符合題意；B．根據v-t圖像與時間軸所圍成的面積表示位移，由題圖可知，0～t2時間內，訓練前運動員跑過的距離比訓練后的大，故B錯誤，符合題意；C．根據v-t圖像與時間軸所圍成的面積表示位移，由題圖可知，t2～t3時間內，訓練后運動員的位移比訓練前的位移大，根據平均速度等于位移與時間的比值可知，訓練后運動員的平均速度大，故C錯誤，符合題意；D．根據v-t圖像可知，t3時刻后，運動員訓練前速度減小，做減速運動，運動員訓練后速度增加，做加速運動，故D正確，不符合題意。故選ABC。13.如圖所示，一個彈簧一端固定在傳感器上，傳感器與電腦相連，當對彈簧施加變化的作用力（拉力或壓力）時，在電腦上得到了彈簧長度的形變量與彈簧產生的彈力大小的關系圖像（如圖乙），則下列判斷正確的是（）A.彈簧產生的彈力和彈簧的長度成正比B.彈簧長度的增加量與對應的彈力增加量成正比C.該彈簧的勁度系數是200N/mD.該彈簧受到反向壓力時，勁度系數不變【答案】BCD【解析】AB．因為此圖像是彈簧長度的形變量與彈簧產生的彈力大小的關系圖像，可知彈力的增加量與對應的彈簧長度的增加量成正比，故A錯誤，B正確；C．該彈簧的勁度系數是故C正確；D．勁度系數由彈簧本身的性質決定，故該彈簧受到反向壓力時，勁度系數不變，故D正確。故選BCD。14.如圖甲所示，為測定物體沖上粗糙斜面能達到的最大位移x與斜面傾角θ的關系，將某一物體每次以不變的初速率沿足夠長的斜面向上推出，調節斜面與水平方向的夾角θ，實驗測得x與斜面傾角θ的關系如圖乙所示，g取10m/s2，根據圖象可求出()A.物體的初速率v0＝3m/sB.物體與斜面間的動摩擦因數μ＝0.75C.取不同的傾角θ，物體在斜面上能達到的位移x的最小值x小＝1.44mD.當某次θ＝300時，物體達到最大位移后將不會沿斜面下滑【答案】BCD【解析】ABC．當時據得當時，由得設斜面傾角為時，沿斜面上升的最大位移達最小聯立得所以故A錯誤，BC正確；D．當某次θ＝300時，物體達到最大位移后，根據重力沿斜面的分力小于最大靜摩擦力，將不會沿斜面下滑，故D正確。故選BCD。第II卷（非選擇題）三、實驗題（共3小題，15題6分，16題8分，17題6分，總分20分）15.打點計時器接在50Hz的交流電源上時，每隔_______s打一個點．做勻變速直線運動的小車拖動紙帶穿過打點計時器，紙帶上記錄的點如圖，A、B、C、D、E為5個計數點，相鄰兩計數點間有4個點沒標出．已知紙帶與A點相近的一端跟小車相連，由此可知，小車的加速度大小為_______m/s2，方向與小車運動方向___________（填“相同”或“相反”）；打C點時，小車的瞬時速度________m/s．（計算結果均保留三位有效數字）【答案】0.020.740相反0.472【解析】打點計時器接在50Hz的交流電源上時，每隔0.02s打一個點．因相鄰兩計數點間有4個點沒標出，則T=0.1s．已知紙帶與A點相近的一端跟小車相連，由此可知，小車的加速度大小為負號說明方向與小車運動方向相反；AB中間時刻的速度則打C點時，小車的瞬時速度16.某同學做“驗證平行四邊形定則”實驗情況如圖甲所示，其中A為固定橡皮條的圖釘，O為橡皮條與細繩的結點，OB和OC為細繩。(1)實驗記錄紙如圖乙所示，兩彈簧測力計共同作用時,O點為結點的位置，拉力F1和F2的方向分別過P1和P2點；一個彈簧測力計拉橡皮筋時,拉力F3的方向過P3點。力F1的大小如彈簧測力計所示，F1=__________N(已知F2=2.63N，F3=4.41N)。(2)請作出F1和F2的合力F____________(標度已給出);并求出合力F=__________N。【答案】(1)2.92(2)4.30【解析】(1)由圖知1N之間有10小格，一個小格代表0.1N，所以彈簧測力計的示數為2.92N；(2)根據平行四邊形定則先作出F2與F1的合力，如圖所示由圖測量出對角線的長度得F1、F2的合力大小4.30N17.圖為“探究小車的加速度與物體受力的關系”的實驗裝置圖,圖中A為小車,質量為連接在小車后面的紙帶穿過電磁打點計時器,它們均置于水平放置的一端帶有定滑輪的足夠長的木板上,B為沙桶和沙,質量為不計繩與滑輪問的摩擦，改變沙的質量,測量多組數據,并在坐標系中作出了如圖所示的圖像,其中(1)下列說法正確的是_______.A.電磁打點計時器正常工作時使用220V的交流電B.實驗時應先接通電源后釋放小車C.平衡摩擦力時,應將沙桶用細繩通過定滑輪系在小車上D.為了減小誤差,實驗中一定要保證遠小于(2)圖b為某次實驗得到的紙帶，紙帶上標出了所選的四個計數點之間的距離，相鄰計數點間還有四個打印點沒有畫出，各點間的距離如圖所示，則小車的加速度大小為____(交流電的頻率為50Hz，結果保留兩位有效數字).(3)圖所示的圖像中,圖線不過坐標原點的原因是_________________，由圖像求出小車的質量為_______(結果保留兩位有效數字).【答案】(1)BD(2)4.0m/s2(3)沒有平衡摩擦力或者平衡摩擦力不夠1.0kg【解析】（1）電磁打點計時器正常工作時使用4-6V的交流電，選項A錯誤；實驗時應先接通電源后釋放小車，選項B正確；平衡摩擦力時應不掛沙桶，只讓小車拖著紙帶在木板上勻速運動，選項C錯誤；為了減小誤差，實驗中一定要保證m2遠小于m1，這樣才能認為砂桶的重力等于小車的拉力，選項D正確；故選BD.（2）由紙帶可知T=0.1s，，則加速度（3）圖c所示的a-F圖像中，當F=0.1N時才開始有加速度，可知圖線不過坐標原點的原因是沒有平衡摩擦力或者平衡摩擦力不夠；根據牛頓第二定律，則，解得m1=1.0kg四、計算題（18題7分，19題8分，20題9分，21題10分，共34分）18.一質量m=2.0kg的小物塊以一定的初速度沖上