高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGE2025學(xué)年度海南創(chuàng)新中學(xué)協(xié)作校高二月考物理試題一、單選題（每題3分，共計(jì)24分）1.以下說(shuō)法正確的是（）A.電流有大小有方向，所以電流是矢量B.據(jù)可知，導(dǎo)體兩端的電壓越大，導(dǎo)體的電阻越大C.據(jù)可知，通過(guò)一段導(dǎo)體的電流跟加在它兩端的電壓成正比D.據(jù)可知，導(dǎo)體的電阻率與導(dǎo)體的電阻和橫截面積的乘積成正比，與導(dǎo)體的長(zhǎng)度成反比【答案】C【解析】A．電流有大小有方向，但電流是標(biāo)量，不遵循矢量疊加原則，A錯(cuò)誤；B．電阻是由導(dǎo)體本身的性質(zhì)決定的，與電壓和電流無(wú)關(guān)，不能說(shuō)導(dǎo)體的電阻與加在電阻兩端的電壓成正比，B錯(cuò)誤；C．根據(jù)歐姆定律的內(nèi)容可知：電阻一定時(shí)，通過(guò)導(dǎo)體中的電流與導(dǎo)體兩端的電壓成正比，C正確；D．電阻率與導(dǎo)體的電阻、長(zhǎng)度、橫截面積無(wú)關(guān)，是導(dǎo)體材料本身的電學(xué)性質(zhì)，由導(dǎo)體的材料決定，且與溫度有關(guān)。同種材料的導(dǎo)體，導(dǎo)體的電阻率不變，即電阻率與導(dǎo)體的電阻和橫截面積的乘積無(wú)關(guān)，與導(dǎo)體的長(zhǎng)度無(wú)關(guān)，D錯(cuò)誤。2.如圖所示，小車靜止在光滑的水平面上，小球用輕繩懸掛在小車的桿子上，現(xiàn)將小球緩慢拉開一定角度，小車和小球均靜止，釋放小球后，下列說(shuō)法正確的是（）A.當(dāng)小球向左擺動(dòng)時(shí)，小車也向左運(yùn)動(dòng)B.小球和小車組成的系統(tǒng)動(dòng)量始終守恒C.當(dāng)小球向左擺動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，小車的速度為零D.當(dāng)小球擺動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，小球和小車的速度相同【答案】C【解析】ABD．小球與小車組成的系統(tǒng)在水平方向不受外力，豎直方向所受外力不為零，故系統(tǒng)只在水平方向動(dòng)量守恒，則小球和小車在水平方向的動(dòng)量一定大小相等、方向相反，則小球向左擺動(dòng)時(shí)，小車向右運(yùn)動(dòng)，當(dāng)小球擺動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，小球和小車的速度不相同，故ABD錯(cuò)誤；C．小球向左擺到最高點(diǎn)，豎直方向速度為零，水平速度小球與車等大反向，則小球的速度為零時(shí)小車的速度也為零，故C正確。故選C。3.如圖所示，水平放置著一根通電直導(dǎo)線，電流方向垂直紙面向外，a、b、c和d是以通電直導(dǎo)線為圓心的同一圓周上的四個(gè)點(diǎn)。已知通電直導(dǎo)線產(chǎn)生磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度在同一圓周上各點(diǎn)大小相等。再添加一個(gè)豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，則在這四個(gè)點(diǎn)中合磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度最大的點(diǎn)是（）A.a B.b C.c D.d【答案】A【解析】根據(jù)右手螺旋定則可知，通電直導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较颍鐖D所示根據(jù)磁感應(yīng)強(qiáng)度疊加原則可知合磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度最大的點(diǎn)是a。故選A。4.如圖所示，圖中的實(shí)線表示電場(chǎng)線，虛線表示只受電場(chǎng)力作用的帶正電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，粒子先經(jīng)過(guò)點(diǎn)，再經(jīng)過(guò)點(diǎn)，可以判定（）A.點(diǎn)的電勢(shì)小于點(diǎn)的電勢(shì)B.粒子在點(diǎn)的電勢(shì)能大于在點(diǎn)的電勢(shì)能C.粒子在點(diǎn)的速度大于在點(diǎn)的速度D.點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度【答案】BBC．過(guò)軌跡與電場(chǎng)線的交點(diǎn)做沿電場(chǎng)線方向的切線和沿軌跡方向的切線，如圖所示可知粒子從點(diǎn)到點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力對(duì)帶電粒子做正功，電勢(shì)能減小，動(dòng)能增加，速度變大，B正確，C錯(cuò)誤；D．電場(chǎng)線的疏密反應(yīng)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，電場(chǎng)線越密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度越大，故點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小于點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，D錯(cuò)誤。故選B。5.如圖甲所示，計(jì)算機(jī)鍵盤為電容式傳感器，每個(gè)鍵下面由相互平行間距為d的活動(dòng)金屬片和固定金屬片組成，兩金屬片間有空氣間隙，兩金屬片組成一個(gè)平行板電容器，如圖乙所示。其內(nèi)部電路如圖丙所示，則下列說(shuō)法正確的是（）A.按鍵過(guò)程中，電容器的電容減小B.按鍵的過(guò)程中，電容器的電量減小C.按鍵的過(guò)程中，圖丙中電流方向從a流向bD.按鍵的過(guò)程中，電容器兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度增大【答案】D【解析】A．根據(jù)平行板電容器的電容計(jì)算公式得知，按鍵過(guò)程中，板間距離d減小，電容C增大，故A錯(cuò)誤；B．電容C變大，由于U不變，根據(jù)Q=CU

可知Q增大，故B錯(cuò)誤；C．因C增大，U不變，根據(jù)Q=CU知Q增大，電容器充電，電流方向從b流向a，故C錯(cuò)誤；D．按鍵過(guò)程中，板間距離d減小，由于U不變，根據(jù)可知，電容器兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度增大，故D正確。故選D。6.微型吸塵器的直流電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻一定，當(dāng)加在它兩端的電壓時(shí)，電流，此時(shí)電動(dòng)機(jī)不轉(zhuǎn)動(dòng)；當(dāng)加在它兩端的電壓時(shí)，由流，此時(shí)電動(dòng)機(jī)能夠正常工作，則下列說(shuō)法正確的是（）A.電動(dòng)機(jī)線圈的電阻為2.5ΩB.電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)的輸入功率為0.09WC.電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)的發(fā)熱功率為6.4WD.電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)的輸出功率為0.96W【答案】D【解析】A．當(dāng)加在它兩端的電壓時(shí)，電流，此時(shí)電動(dòng)機(jī)不轉(zhuǎn)動(dòng)，則電動(dòng)機(jī)線圈的電阻為故A錯(cuò)誤；BCD．當(dāng)加在它兩端的電壓時(shí)，由流，此時(shí)電動(dòng)機(jī)能夠正常工作，則電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)的輸入功率為電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)發(fā)熱功率為電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)的輸出功率為故BC錯(cuò)誤，D正確。故選D。7.2024年在與菲律賓南海島礁對(duì)峙中，我國(guó)海警船裝備的大功率水炮沉重地打擊了挑釁者的囂張氣焰。水炮配備的大功率水泵將水以很大的速度從噴口噴出，利用沖擊力毀傷被沖擊物體。水的密度為，水炮噴口處水的壓強(qiáng)為（若噴口處放一擋板，水沖擊擋板時(shí)速度減為零，水對(duì)擋板沖擊力產(chǎn)生的壓強(qiáng)），則水從噴口處噴出的速度為（）A.12m/s B.120m/s C.14.4m/s D.144m/s【答案】B【解析】設(shè)擋板的面積為S，根據(jù)壓強(qiáng)的計(jì)算公式有在時(shí)間內(nèi)，水的質(zhì)量為根據(jù)動(dòng)量定理有解得8.如圖所示，一絕緣輕質(zhì)細(xì)繩懸掛一質(zhì)量為m、電量為q的帶電小球靜止于水平向左足夠大的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，已知電場(chǎng)強(qiáng)度大小。現(xiàn)使勻強(qiáng)電場(chǎng)保持場(chǎng)強(qiáng)大小不變，方向在紙面內(nèi)緩慢逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)30°，則在該過(guò)程中（已知重力加速度為g，輕繩與豎直方向的夾角設(shè)為θ）（）A.θ先增大后減小B.θ最小值為30°C.電場(chǎng)力不做功D.輕繩拉力最小值為【答案】D【解析】A．根據(jù)受力分析可知，小球受重力，電場(chǎng)力和繩子拉力，重力大小方向不變，電場(chǎng)力大小不變，因?yàn)殡妶?chǎng)方向在紙面內(nèi)緩慢逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)30°，所以電場(chǎng)力也逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)30°，與重力之間的夾角變大，因此θ一直增大，A錯(cuò)誤；B．當(dāng)電場(chǎng)力水平向右時(shí)，θ最小，正切值為B錯(cuò)誤；C．因?yàn)殡妶?chǎng)方向緩慢移動(dòng)，小球動(dòng)能不變，θ一直增大，小球高度升高，重力做負(fù)功，因此電場(chǎng)力做正功，C錯(cuò)誤；D．由受力分析可知，當(dāng)電場(chǎng)力與水平方向夾角為30°時(shí)，輕繩拉力最小，此時(shí)電場(chǎng)力與拉力垂直，根據(jù)勾股定理可得D正確。故選D。二、多選題（每題4分，選對(duì)但不全得2分，共計(jì)20分）9.如圖是一種利用電磁原理制作的充氣泵的結(jié)構(gòu)示意圖。當(dāng)電磁鐵通入電流時(shí)，可吸引或排斥上部的小磁鐵，從而帶動(dòng)彈性金屬片對(duì)橡皮碗下面的氣室施加力的作用，達(dá)到充氣的目的。下列說(shuō)法正確的是（）A.電磁鐵的工作原理是電流的磁效應(yīng)B.電磁鐵用的鐵芯應(yīng)選用不易退磁的材料C.工作時(shí)AB接線柱應(yīng)接入穩(wěn)恒電流D.當(dāng)電流從B接線柱流入時(shí)，電磁鐵吸引小磁鐵向下運(yùn)動(dòng)，則小磁鐵的下端為S極【答案】AD【解析】AB．當(dāng)電磁鐵通入電流時(shí)，可吸引或排斥上部的小磁鐵，從而帶動(dòng)彈性金屬片對(duì)橡皮碗下面的氣室施加力的作用，故電磁鐵的工作原理是電流的磁效應(yīng)；根據(jù)電磁鐵的工作要求，當(dāng)沒有電流時(shí)，要讓鐵芯失去磁性，當(dāng)通電時(shí)，要有磁性，因此鐵芯應(yīng)選用易磁化和退磁的軟磁性材料，故A正確，B錯(cuò)誤；C．當(dāng)A、B間接入恒定電流時(shí)，電磁鐵的磁場(chǎng)始終保持一個(gè)方向，小磁鐵將只能被吸引或排斥，如果接入的是交流電，電磁鐵的磁場(chǎng)方向在不斷變化，從而可以使小磁鐵不斷地與電磁鐵之間有吸引和排斥的作用，使得彈性金屬片上下振動(dòng)，故A、B間應(yīng)接入交流電，故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)電流從電磁鐵的接線柱B流入時(shí)，根據(jù)右手螺旋定則可知電磁鐵的下端為S極，上端為N極；吸引小磁鐵向下運(yùn)動(dòng)，根據(jù)磁鐵同極相斥，異極相吸的特性可知，小磁鐵的下端為S極，故D正確。10.某地新裝了一批節(jié)能路燈可通過(guò)光控開關(guān)實(shí)現(xiàn)自動(dòng)控制，電燈的亮度可自動(dòng)隨周圍環(huán)境的亮度改變而改變。其內(nèi)部電路簡(jiǎn)化原理圖如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為，內(nèi)阻為，為光敏電阻（光照強(qiáng)度增加時(shí)，其電阻值減小）現(xiàn)增加光照強(qiáng)度，燈泡電阻不變，則下列判斷正確的是（）A.A燈變暗，B燈變暗B.電源的總功率變小C.電源的輸出功率變大D.電源的效率變小【答案】AD【解析】A．光照強(qiáng)度增大，光敏電阻阻值減小，則電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知電路總電流I增大；根據(jù)可知路端電壓減小，A燈兩端的電壓即為路端電壓，故A燈變暗，則通過(guò)A燈電流減小；而總電流可知增大，故兩端的電壓增大，而路端電壓可知減小，故B燈變暗，故A正確；B．根據(jù)因總電流I增大，故電源的總功率變大，故B錯(cuò)誤；C．由于不知道電源內(nèi)阻與外電路電阻的大小關(guān)系，則無(wú)法判斷輸出功率的變化，故C錯(cuò)誤；D．電源的效率為因路端電壓減小，可知電源的效率變小，故D正確。故選AD。11.如圖所示，M、N為兩個(gè)等量同號(hào)正電荷Q，在其連線的中垂線上任意一點(diǎn)P自由釋放一個(gè)負(fù)點(diǎn)電荷q，不計(jì)重力影響，下列關(guān)于點(diǎn)電荷q的運(yùn)動(dòng)的說(shuō)法正確的是（）A.從的過(guò)程中，加速度一定先增大后減小，速度也越來(lái)越大B.從的過(guò)程中，加速度可能越來(lái)越小，而速度越來(lái)越大C.點(diǎn)電荷運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)時(shí)加速度為零，速度達(dá)到最大值D.點(diǎn)電荷越過(guò)O點(diǎn)后，速度越來(lái)越小，加速度可能也越來(lái)越小，直到速度為零【答案】BCD【解析】AB．點(diǎn)電荷在從的過(guò)程中，根據(jù)等量同種正電荷電場(chǎng)線分布特點(diǎn)可知，負(fù)點(diǎn)電荷所受的電場(chǎng)力方向豎直向下，做加速運(yùn)動(dòng)，所以速度越來(lái)越大，因?yàn)閺腛點(diǎn)向上到無(wú)窮遠(yuǎn)，電場(chǎng)強(qiáng)度先增大后減小，從的過(guò)程中，電場(chǎng)強(qiáng)度大小變化可能越來(lái)越小，也可能先增大再減小，加速度的變化也是如此，故A錯(cuò)誤，B正確；C．分析可知點(diǎn)電荷運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)時(shí)，所受的電場(chǎng)力為零，加速度為零，然后向下做減速運(yùn)動(dòng)，所以O(shè)點(diǎn)的速度達(dá)到最大值，故C正確；D．根據(jù)電場(chǎng)線的對(duì)稱性可知，越過(guò)O點(diǎn)后，負(fù)電荷做減速運(yùn)動(dòng)，加速度可能越來(lái)越小，也可能先增大后減小，故D正確。故選BCD。12.如圖所示，兩點(diǎn)間的電壓為，三個(gè)電阻的阻值分別為。下列說(shuō)法正確的是（）A.兩端的電壓之比為B.流過(guò)的電流之比為C.在相等的時(shí)間內(nèi)，通過(guò)的電荷量之比為D.在相等的時(shí)間內(nèi)，產(chǎn)生的焦耳熱之比為【答案】ABD【解析】A．由電路圖可知，并聯(lián)再串，由串并聯(lián)電路特征可知的電壓相等，電路中的總電阻為通過(guò)的電流為則兩端的電壓為并聯(lián)部分兩端電壓為所以兩端的電壓之比為，A正確；BC．由電路圖可知，并聯(lián)再串，由串并聯(lián)電路特征可知的電壓相等，的電阻相等，所以電流相等，故流過(guò)的電流之比為，根據(jù)可知在相等的時(shí)間內(nèi)，通過(guò)的電荷量之比為，B正確，C錯(cuò)誤；D．根據(jù)焦耳定律可知在相等的時(shí)間內(nèi)，產(chǎn)生的焦耳熱之比為，D正確。故選ABD。13.如圖所示，水平光滑桌面上，輕彈簧的左端固定，右端連接物體，和通過(guò)細(xì)繩繞過(guò)定滑輪連接。開始時(shí)，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，滑塊處于位置。將滑塊向左推至彈簧原長(zhǎng)的位置點(diǎn)后由靜止釋放，物體將在點(diǎn)和右側(cè)的某位置（圖中未畫出）之間來(lái)回運(yùn)動(dòng)，滑塊未與定滑輪相碰，彈簧未超出彈性限度，已知和的質(zhì)量均為，彈簧的勁度系數(shù)為，重力加速度為，不計(jì)一切摩擦，則（）A.剛釋放瞬間，的加速度為B.做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振幅為C.繩上最大拉力為D.從點(diǎn)到點(diǎn)，物體與彈簧所組成的系統(tǒng)機(jī)械能的增加量等于物體所受重力對(duì)所做的功【答案】BC【解析】A．開始時(shí)將滑塊P向左推至彈簧原長(zhǎng)的位置A點(diǎn)后由靜止釋放，則在釋放瞬間，由牛頓第二定律，對(duì)P、Q整體分析可得解得故A錯(cuò)誤；C．做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的物體，加速度在振幅最大處最大，即加速度的最大值為而繩的拉力在P運(yùn)動(dòng)至最右端時(shí)最大，將Q隔離分析，由牛頂?shù)诙捎薪獾霉蔆正確；D．從A點(diǎn)到O點(diǎn)，物體P與彈簧所組成的系統(tǒng)機(jī)械能的增加量等于物體Q所受重力對(duì)Q所做的功與Q的動(dòng)能之差，故D錯(cuò)誤；B．根據(jù)題意可知，P、Q以及彈簧組成的連接體靜態(tài)平衡時(shí)，物塊P位于位置O，則可知物塊P做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)時(shí)的平衡位置位于O點(diǎn)，根據(jù)平衡條件可得解得平衡時(shí)彈簧的伸長(zhǎng)量為而釋放時(shí)彈簧處于原長(zhǎng)，則可知AO間的距離為x，即可得P做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振幅為，故B正確。三、實(shí)驗(yàn)題（每空2分，共計(jì)20分）14.圖（a）中，水平放置的氣墊導(dǎo)軌上有兩滑塊，的質(zhì)量是的質(zhì)量的3倍，滑塊上的遮光片寬度均為位于導(dǎo)軌的左端，位于導(dǎo)軌中間，間和與導(dǎo)軌右端之間各有一個(gè)光電門。用手推一下向右運(yùn)動(dòng)與發(fā)生碰撞并粘到一起，測(cè)得通過(guò)光電門1時(shí)上遮光片的遮光時(shí)間為一起通過(guò)光電門2時(shí)上遮光片的遮光時(shí)間為。完成下列填空：（1）通過(guò)光電門時(shí)速度的大小為______；（用題中物理量的符號(hào)表示）（2）用游標(biāo)卡尺測(cè)量時(shí)示數(shù)如圖（b）所示，則______cm；（3）當(dāng)______時(shí)，組成的系統(tǒng)碰撞前后的動(dòng)量守恒。【答案】（1）（2）0.85（3）【解析】（1）由于擋光片的寬度比較小，故擋光片通過(guò)光電門的時(shí)間比較短，因此可將擋光片通過(guò)光電門的平均速度看成滑塊通過(guò)光電門的瞬時(shí)速度，故滑塊通過(guò)光電門的速度可表示為（2）游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為8mm，游標(biāo)尺讀數(shù)為，所以擋光片的寬度為（3）滑塊經(jīng)過(guò)光電門1的速度滑塊經(jīng)過(guò)光電門2的速度沒有摩擦力作用，碰撞前后動(dòng)量守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒定律化簡(jiǎn)可得此時(shí)組成的系統(tǒng)碰撞前后的動(dòng)量守恒。15.暑假期間，幾名同學(xué)到郊外野游，登上一座小荒山后，一時(shí)興起他們想利用學(xué)過(guò)的知識(shí)粗略測(cè)量一下他們所在處的重力加速度。于是他們用長(zhǎng)線拴好一個(gè)易拉罐P，爬到樹上系在樹枝上做成一個(gè)簡(jiǎn)易單擺，如圖所示。然后用隨身攜帶的鋼卷尺、電子手表進(jìn)行了測(cè)量。同學(xué)們首先測(cè)出擺長(zhǎng)L，然后將易拉罐拉開一個(gè)小角度，由靜止釋放，使易拉罐在豎直平面內(nèi)擺動(dòng)（樹枝始終靜止），用電子手表測(cè)出單擺完成n次全振動(dòng)所用的時(shí)間t。（1）利用測(cè)量數(shù)據(jù)計(jì)算山頂處重力加速度的表達(dá)式g=___________。（2）若振動(dòng)周期測(cè)量正確，但由于難以確定易拉罐重心，只是測(cè)出懸點(diǎn)O到易拉罐上方的節(jié)點(diǎn)A的距離，并把OA距離當(dāng)作擺長(zhǎng)，這樣計(jì)算出來(lái)的重力加速度值比真實(shí)值___________（選填“偏大”“偏小”或“相等”）。【答案】（1）（2）偏小【解析】（1）單擺的周期由單擺周期公式，可得（2）懸點(diǎn)到易拉罐重心的距離是單擺的擺長(zhǎng)，只測(cè)出懸點(diǎn)O到易拉罐上方的節(jié)點(diǎn)A的距離，把OA距離當(dāng)作擺長(zhǎng)，則所測(cè)擺長(zhǎng)L偏小，由可知，所測(cè)重力加速度偏小。16.某同學(xué)利用兩個(gè)量程為0~3V的電壓表、一個(gè)的定值電阻和一個(gè)滑動(dòng)變阻器R測(cè)定兩節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻，使用的器材還有開關(guān)一個(gè)、導(dǎo)線若干，實(shí)驗(yàn)原理如甲所示。（1）若滑動(dòng)變阻器R有（，允許最大電流為1A）和（，允許最大電流為0.6A）供選擇，則實(shí)驗(yàn)中滑動(dòng)變阻器應(yīng)該選擇__________（選填“”或“”）。（2）按照?qǐng)D甲，完成圖乙中的實(shí)物連線__________。（3）按照?qǐng)D甲接通開關(guān)S，多次改變滑動(dòng)變阻R，同時(shí)讀出對(duì)應(yīng)的電壓表的示數(shù)和，并作記錄，畫出關(guān)系圖線，如圖丙所示，圖線與橫軸的截距為a，與縱軸的截距為b，則根據(jù)圖線可求得電源的電動(dòng)勢(shì)__________，內(nèi)阻__________（用a、b和表示）。（4）實(shí)驗(yàn)中由于電壓表__________分流（選填“”“”或“和”）。使測(cè)量的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r都偏小。【答案】（1）（2）見解析（3）b（4）和【解析】（1）兩節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)約為3V，電壓表的量程除以定值電阻阻值得最大電流為0.6A，電路的最小電阻約為，為方便實(shí)驗(yàn)操作，同時(shí)為了減小電壓表的分流，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選的。（2）按照?qǐng)D甲，實(shí)物連線如圖所示（3）[1][2]根據(jù)電路圖和閉合電路歐姆定律可得整理可得可知縱坐標(biāo)的截距和圖像的斜率絕對(duì)值分別為，可得，（4）通過(guò)電源內(nèi)阻的干路電流真實(shí)值為故即和的分流都會(huì)引起誤差。四、解答題（共3小題，計(jì)36分）17.如圖所示為一彈簧振子的振動(dòng)圖像，完成以下問(wèn)題：（1）該振子振動(dòng)的振幅、周期、頻率；（2）該振子在前100s的總位移是多少？路程是多少？（3）寫出該振子簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式，計(jì)算t=1.5s時(shí)振子的位移。【答案】（1）2cm，4s，0.25Hz；（2）0，2m；（3）x＝2sin(t+cm，?cm【解析】（1）由振動(dòng)圖像可得振子振動(dòng)的振幅A＝2cm周期T＝4s頻率（2）振子經(jīng)過(guò)一個(gè)周期位移是零，路程為4A＝8cm，前100s剛好經(jīng)過(guò)了25個(gè)周期，所以前100s振子總位移x＝0，振子路程s＝25×4Acm＝200cm＝2m（3）初相位φ＝，圓頻率故該振子做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為x＝2sin(t+cm由簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式，可知當(dāng)t=1.5s時(shí)振子的位移18.如圖所示，一個(gè)電子由靜止開始經(jīng)加速電場(chǎng)加速后，又沿偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)極板間的中心軸線從點(diǎn)垂直射入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，并從另一側(cè)射出打到熒光屏上的點(diǎn)，點(diǎn)為熒光屏的中心。已知電子質(zhì)量，電荷量，加速電場(chǎng)電壓，偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)電壓，極板的長(zhǎng)度，板間距離，極板的末端到熒光屏的距離（忽略電子所受重力）。求：（1）電子射入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的初速度；（2）電子從進(jìn)入偏轉(zhuǎn)場(chǎng)到打在熒光屏的運(yùn)動(dòng)時(shí)間；（3）電子經(jīng)過(guò)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)過(guò)程中電場(chǎng)力對(duì)它所做的功。【答案】（1）（2）（3）【解析】電子射入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的初速度；粒子再加速電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，由動(dòng)能定理有代入數(shù)據(jù)解得電子射入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)的初速度為（2）電子再在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中平行極板方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可知電子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為電子出偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由運(yùn)動(dòng)學(xué)知識(shí)有故電子從進(jìn)入偏轉(zhuǎn)場(chǎng)到打在熒光屏的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為（3）電子在偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律方程有在垂直極板方向上做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由運(yùn)動(dòng)學(xué)知識(shí)有則電子經(jīng)過(guò)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)過(guò)程中電場(chǎng)力對(duì)它做的功為聯(lián)立解得電子經(jīng)過(guò)偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)過(guò)程中電場(chǎng)力對(duì)它做的功為19.質(zhì)量為的長(zhǎng)木板靜置在光滑水平面上，質(zhì)量為的小物塊與長(zhǎng)木板的高度相同，小物塊靜止放在光滑的四分之一圓弧形凹槽的最低點(diǎn)，圓弧形凹槽未被固定。現(xiàn)一質(zhì)量為的滑塊以12m/s的水平初速度沖上長(zhǎng)木板，滑塊在長(zhǎng)木板上運(yùn)動(dòng)一小段時(shí)間后二者達(dá)到共速，之后長(zhǎng)木板與小物塊發(fā)生彈性碰撞，碰撞后長(zhǎng)木板和滑塊立即被鎖定。已知小物塊可看作質(zhì)點(diǎn)，，，圓弧形凹槽質(zhì)量，半徑，。求：（1）長(zhǎng)木板與滑塊達(dá)到共速時(shí)速度的大小；（2）相對(duì)于水平面，小物塊能上升的最大高度；（3）小物塊第一次從凹槽上返回到凹槽最低點(diǎn)時(shí)，凹槽對(duì)小物塊的支持力大小。【答案】（1）6m/s（2）（3）180N【解析】（1）長(zhǎng)木板和滑塊組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，有解得（2）長(zhǎng)木板和小物塊組成的系統(tǒng)在碰撞過(guò)程中動(dòng)量守恒、機(jī)械能守恒，有，解得，小物塊滑上凹槽后，兩者組成的系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，總體的機(jī)械能守恒，有，聯(lián)立解得（3）從小物塊滑上凹槽到返回凹槽最低點(diǎn)的過(guò)程，小物塊和凹槽組成的系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，總體的機(jī)械能守恒，有，解得，在最低點(diǎn)對(duì)小物塊由牛頓第二定律有解得2024-2025學(xué)年度海南創(chuàng)新中學(xué)協(xié)作校高二月考物理試題一、單選題（每題3分，共計(jì)24分）1.以下說(shuō)法正確的是（）A.電流有大小有方向，所以電流是矢量B.據(jù)可知，導(dǎo)體兩端的電壓越大，導(dǎo)體的電阻越大C.據(jù)可知，通過(guò)一段導(dǎo)體的電流跟加在它兩端的電壓成正比D.據(jù)可知，導(dǎo)體的電阻率與導(dǎo)體的電阻和橫截面積的乘積成正比，與導(dǎo)體的長(zhǎng)度成反比【答案】C【解析】A．電流有大小有方向，但電流是標(biāo)量，不遵循矢量疊加原則，A錯(cuò)誤；B．電阻是由導(dǎo)體本身的性質(zhì)決定的，與電壓和電流無(wú)關(guān)，不能說(shuō)導(dǎo)體的電阻與加在電阻兩端的電壓成正比，B錯(cuò)誤；C．根據(jù)歐姆定律的內(nèi)容可知：電阻一定時(shí)，通過(guò)導(dǎo)體中的電流與導(dǎo)體兩端的電壓成正比，C正確；D．電阻率與導(dǎo)體的電阻、長(zhǎng)度、橫截面積無(wú)關(guān)，是導(dǎo)體材料本身的電學(xué)性質(zhì)，由導(dǎo)體的材料決定，且與溫度有關(guān)。同種材料的導(dǎo)體，導(dǎo)體的電阻率不變，即電阻率與導(dǎo)體的電阻和橫截面積的乘積無(wú)關(guān)，與導(dǎo)體的長(zhǎng)度無(wú)關(guān)，D錯(cuò)誤。2.如圖所示，小車靜止在光滑的水平面上，小球用輕繩懸掛在小車的桿子上，現(xiàn)將小球緩慢拉開一定角度，小車和小球均靜止，釋放小球后，下列說(shuō)法正確的是（）A.當(dāng)小球向左擺動(dòng)時(shí)，小車也向左運(yùn)動(dòng)B.小球和小車組成的系統(tǒng)動(dòng)量始終守恒C.當(dāng)小球向左擺動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí)，小車的速度為零D.當(dāng)小球擺動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，小球和小車的速度相同【答案】C【解析】ABD．小球與小車組成的系統(tǒng)在水平方向不受外力，豎直方向所受外力不為零，故系統(tǒng)只在水平方向動(dòng)量守恒，則小球和小車在水平方向的動(dòng)量一定大小相等、方向相反，則小球向左擺動(dòng)時(shí)，小車向右運(yùn)動(dòng)，當(dāng)小球擺動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，小球和小車的速度不相同，故ABD錯(cuò)誤；C．小球向左擺到最高點(diǎn)，豎直方向速度為零，水平速度小球與車等大反向，則小球的速度為零時(shí)小車的速度也為零，故C正確。故選C。3.如圖所示，水平放置著一根通電直導(dǎo)線，電流方向垂直紙面向外，a、b、c和d是以通電直導(dǎo)線為圓心的同一圓周上的四個(gè)點(diǎn)。已知通電直導(dǎo)線產(chǎn)生磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度在同一圓周上各點(diǎn)大小相等。再添加一個(gè)豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，則在這四個(gè)點(diǎn)中合磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度最大的點(diǎn)是（）A.a B.b C.c D.d【答案】A【解析】根據(jù)右手螺旋定則可知，通電直導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向?yàn)槟鏁r(shí)針?lè)较颍鐖D所示根據(jù)磁感應(yīng)強(qiáng)度疊加原則可知合磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度最大的點(diǎn)是a。故選A。4.如圖所示，圖中的實(shí)線表示電場(chǎng)線，虛線表示只受電場(chǎng)力作用的帶正電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，粒子先經(jīng)過(guò)點(diǎn)，再經(jīng)過(guò)點(diǎn)，可以判定（）A.點(diǎn)的電勢(shì)小于點(diǎn)的電勢(shì)B.粒子在點(diǎn)的電勢(shì)能大于在點(diǎn)的電勢(shì)能C.粒子在點(diǎn)的速度大于在點(diǎn)的速度D.點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大于點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度【答案】BBC．過(guò)軌跡與電場(chǎng)線的交點(diǎn)做沿電場(chǎng)線方向的切線和沿軌跡方向的切線，如圖所示可知粒子從點(diǎn)到點(diǎn)的過(guò)程中，電場(chǎng)力對(duì)帶電粒子做正功，電勢(shì)能減小，動(dòng)能增加，速度變大，B正確，C錯(cuò)誤；D．電場(chǎng)線的疏密反應(yīng)電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，電場(chǎng)線越密的地方，電場(chǎng)強(qiáng)度越大，故點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度小于點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度，D錯(cuò)誤。故選B。5.如圖甲所示，計(jì)算機(jī)鍵盤為電容式傳感器，每個(gè)鍵下面由相互平行間距為d的活動(dòng)金屬片和固定金屬片組成，兩金屬片間有空氣間隙，兩金屬片組成一個(gè)平行板電容器，如圖乙所示。其內(nèi)部電路如圖丙所示，則下列說(shuō)法正確的是（）A.按鍵過(guò)程中，電容器的電容減小B.按鍵的過(guò)程中，電容器的電量減小C.按鍵的過(guò)程中，圖丙中電流方向從a流向bD.按鍵的過(guò)程中，電容器兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度增大【答案】D【解析】A．根據(jù)平行板電容器的電容計(jì)算公式得知，按鍵過(guò)程中，板間距離d減小，電容C增大，故A錯(cuò)誤；B．電容C變大，由于U不變，根據(jù)Q=CU

可知Q增大，故B錯(cuò)誤；C．因C增大，U不變，根據(jù)Q=CU知Q增大，電容器充電，電流方向從b流向a，故C錯(cuò)誤；D．按鍵過(guò)程中，板間距離d減小，由于U不變，根據(jù)可知，電容器兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度增大，故D正確。故選D。6.微型吸塵器的直流電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻一定，當(dāng)加在它兩端的電壓時(shí)，電流，此時(shí)電動(dòng)機(jī)不轉(zhuǎn)動(dòng)；當(dāng)加在它兩端的電壓時(shí)，由流，此時(shí)電動(dòng)機(jī)能夠正常工作，則下列說(shuō)法正確的是（）A.電動(dòng)機(jī)線圈的電阻為2.5ΩB.電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)的輸入功率為0.09WC.電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)的發(fā)熱功率為6.4WD.電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)的輸出功率為0.96W【答案】D【解析】A．當(dāng)加在它兩端的電壓時(shí)，電流，此時(shí)電動(dòng)機(jī)不轉(zhuǎn)動(dòng)，則電動(dòng)機(jī)線圈的電阻為故A錯(cuò)誤；BCD．當(dāng)加在它兩端的電壓時(shí)，由流，此時(shí)電動(dòng)機(jī)能夠正常工作，則電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)的輸入功率為電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)發(fā)熱功率為電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)的輸出功率為故BC錯(cuò)誤，D正確。故選D。7.2024年在與菲律賓南海島礁對(duì)峙中，我國(guó)海警船裝備的大功率水炮沉重地打擊了挑釁者的囂張氣焰。水炮配備的大功率水泵將水以很大的速度從噴口噴出，利用沖擊力毀傷被沖擊物體。水的密度為，水炮噴口處水的壓強(qiáng)為（若噴口處放一擋板，水沖擊擋板時(shí)速度減為零，水對(duì)擋板沖擊力產(chǎn)生的壓強(qiáng)），則水從噴口處噴出的速度為（）A.12m/s B.120m/s C.14.4m/s D.144m/s【答案】B【解析】設(shè)擋板的面積為S，根據(jù)壓強(qiáng)的計(jì)算公式有在時(shí)間內(nèi)，水的質(zhì)量為根據(jù)動(dòng)量定理有解得8.如圖所示，一絕緣輕質(zhì)細(xì)繩懸掛一質(zhì)量為m、電量為q的帶電小球靜止于水平向左足夠大的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，已知電場(chǎng)強(qiáng)度大小。現(xiàn)使勻強(qiáng)電場(chǎng)保持場(chǎng)強(qiáng)大小不變，方向在紙面內(nèi)緩慢逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)30°，則在該過(guò)程中（已知重力加速度為g，輕繩與豎直方向的夾角設(shè)為θ）（）A.θ先增大后減小B.θ最小值為30°C.電場(chǎng)力不做功D.輕繩拉力最小值為【答案】D【解析】A．根據(jù)受力分析可知，小球受重力，電場(chǎng)力和繩子拉力，重力大小方向不變，電場(chǎng)力大小不變，因?yàn)殡妶?chǎng)方向在紙面內(nèi)緩慢逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)30°，所以電場(chǎng)力也逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)30°，與重力之間的夾角變大，因此θ一直增大，A錯(cuò)誤；B．當(dāng)電場(chǎng)力水平向右時(shí)，θ最小，正切值為B錯(cuò)誤；C．因?yàn)殡妶?chǎng)方向緩慢移動(dòng)，小球動(dòng)能不變，θ一直增大，小球高度升高，重力做負(fù)功，因此電場(chǎng)力做正功，C錯(cuò)誤；D．由受力分析可知，當(dāng)電場(chǎng)力與水平方向夾角為30°時(shí)，輕繩拉力最小，此時(shí)電場(chǎng)力與拉力垂直，根據(jù)勾股定理可得D正確。故選D。二、多選題（每題4分，選對(duì)但不全得2分，共計(jì)20分）9.如圖是一種利用電磁原理制作的充氣泵的結(jié)構(gòu)示意圖。當(dāng)電磁鐵通入電流時(shí)，可吸引或排斥上部的小磁鐵，從而帶動(dòng)彈性金屬片對(duì)橡皮碗下面的氣室施加力的作用，達(dá)到充氣的目的。下列說(shuō)法正確的是（）A.電磁鐵的工作原理是電流的磁效應(yīng)B.電磁鐵用的鐵芯應(yīng)選用不易退磁的材料C.工作時(shí)AB接線柱應(yīng)接入穩(wěn)恒電流D.當(dāng)電流從B接線柱流入時(shí)，電磁鐵吸引小磁鐵向下運(yùn)動(dòng)，則小磁鐵的下端為S極【答案】AD【解析】AB．當(dāng)電磁鐵通入電流時(shí)，可吸引或排斥上部的小磁鐵，從而帶動(dòng)彈性金屬片對(duì)橡皮碗下面的氣室施加力的作用，故電磁鐵的工作原理是電流的磁效應(yīng)；根據(jù)電磁鐵的工作要求，當(dāng)沒有電流時(shí)，要讓鐵芯失去磁性，當(dāng)通電時(shí)，要有磁性，因此鐵芯應(yīng)選用易磁化和退磁的軟磁性材料，故A正確，B錯(cuò)誤；C．當(dāng)A、B間接入恒定電流時(shí)，電磁鐵的磁場(chǎng)始終保持一個(gè)方向，小磁鐵將只能被吸引或排斥，如果接入的是交流電，電磁鐵的磁場(chǎng)方向在不斷變化，從而可以使小磁鐵不斷地與電磁鐵之間有吸引和排斥的作用，使得彈性金屬片上下振動(dòng)，故A、B間應(yīng)接入交流電，故C錯(cuò)誤；D．當(dāng)電流從電磁鐵的接線柱B流入時(shí)，根據(jù)右手螺旋定則可知電磁鐵的下端為S極，上端為N極；吸引小磁鐵向下運(yùn)動(dòng)，根據(jù)磁鐵同極相斥，異極相吸的特性可知，小磁鐵的下端為S極，故D正確。10.某地新裝了一批節(jié)能路燈可通過(guò)光控開關(guān)實(shí)現(xiàn)自動(dòng)控制，電燈的亮度可自動(dòng)隨周圍環(huán)境的亮度改變而改變。其內(nèi)部電路簡(jiǎn)化原理圖如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)為，內(nèi)阻為，為光敏電阻（光照強(qiáng)度增加時(shí)，其電阻值減小）現(xiàn)增加光照強(qiáng)度，燈泡電阻不變，則下列判斷正確的是（）A.A燈變暗，B燈變暗B.電源的總功率變小C.電源的輸出功率變大D.電源的效率變小【答案】AD【解析】A．光照強(qiáng)度增大，光敏電阻阻值減小，則電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知電路總電流I增大；根據(jù)可知路端電壓減小，A燈兩端的電壓即為路端電壓，故A燈變暗，則通過(guò)A燈電流減小；而總電流可知增大，故兩端的電壓增大，而路端電壓可知減小，故B燈變暗，故A正確；B．根據(jù)因總電流I增大，故電源的總功率變大，故B錯(cuò)誤；C．由于不知道電源內(nèi)阻與外電路電阻的大小關(guān)系，則無(wú)法判斷輸出功率的變化，故C錯(cuò)誤；D．電源的效率為因路端電壓減小，可知電源的效率變小，故D正確。故選AD。11.如圖所示，M、N為兩個(gè)等量同號(hào)正電荷Q，在其連線的中垂線上任意一點(diǎn)P自由釋放一個(gè)負(fù)點(diǎn)電荷q，不計(jì)重力影響，下列關(guān)于點(diǎn)電荷q的運(yùn)動(dòng)的說(shuō)法正確的是（）A.從的過(guò)程中，加速度一定先增大后減小，速度也越來(lái)越大B.從的過(guò)程中，加速度可能越來(lái)越小，而速度越來(lái)越大C.點(diǎn)電荷運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)時(shí)加速度為零，速度達(dá)到最大值D.點(diǎn)電荷越過(guò)O點(diǎn)后，速度越來(lái)越小，加速度可能也越來(lái)越小，直到速度為零【答案】BCD【解析】AB．點(diǎn)電荷在從的過(guò)程中，根據(jù)等量同種正電荷電場(chǎng)線分布特點(diǎn)可知，負(fù)點(diǎn)電荷所受的電場(chǎng)力方向豎直向下，做加速運(yùn)動(dòng)，所以速度越來(lái)越大，因?yàn)閺腛點(diǎn)向上到無(wú)窮遠(yuǎn)，電場(chǎng)強(qiáng)度先增大后減小，從的過(guò)程中，電場(chǎng)強(qiáng)度大小變化可能越來(lái)越小，也可能先增大再減小，加速度的變化也是如此，故A錯(cuò)誤，B正確；C．分析可知點(diǎn)電荷運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)時(shí)，所受的電場(chǎng)力為零，加速度為零，然后向下做減速運(yùn)動(dòng)，所以O(shè)點(diǎn)的速度達(dá)到最大值，故C正確；D．根據(jù)電場(chǎng)線的對(duì)稱性可知，越過(guò)O點(diǎn)后，負(fù)電荷做減速運(yùn)動(dòng)，加速度可能越來(lái)越小，也可能先增大后減小，故D正確。故選BCD。12.如圖所示，兩點(diǎn)間的電壓為，三個(gè)電阻的阻值分別為。下列說(shuō)法正確的是（）A.兩端的電壓之比為B.流過(guò)的電流之比為C.在相等的時(shí)間內(nèi)，通過(guò)的電荷量之比為D.在相等的時(shí)間內(nèi)，產(chǎn)生的焦耳熱之比為【答案】ABD【解析】A．由電路圖可知，并聯(lián)再串，由串并聯(lián)電路特征可知的電壓相等，電路中的總電阻為通過(guò)的電流為則兩端的電壓為并聯(lián)部分兩端電壓為所以兩端的電壓之比為，A正確；BC．由電路圖可知，并聯(lián)再串，由串并聯(lián)電路特征可知的電壓相等，的電阻相等，所以電流相等，故流過(guò)的電流之比為，根據(jù)可知在相等的時(shí)間內(nèi)，通過(guò)的電荷量之比為，B正確，C錯(cuò)誤；D．根據(jù)焦耳定律可知在相等的時(shí)間內(nèi)，產(chǎn)生的焦耳熱之比為，D正確。故選ABD。13.如圖所示，水平光滑桌面上，輕彈簧的左端固定，右端連接物體，和通過(guò)細(xì)繩繞過(guò)定滑輪連接。開始時(shí)，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，滑塊處于位置。將滑塊向左推至彈簧原長(zhǎng)的位置點(diǎn)后由靜止釋放，物體將在點(diǎn)和右側(cè)的某位置（圖中未畫出）之間來(lái)回運(yùn)動(dòng)，滑塊未與定滑輪相碰，彈簧未超出彈性限度，已知和的質(zhì)量均為，彈簧的勁度系數(shù)為，重力加速度為，不計(jì)一切摩擦，則（）A.剛釋放瞬間，的加速度為B.做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振幅為C.繩上最大拉力為D.從點(diǎn)到點(diǎn)，物體與彈簧所組成的系統(tǒng)機(jī)械能的增加量等于物體所受重力對(duì)所做的功【答案】BC【解析】A．開始時(shí)將滑塊P向左推至彈簧原長(zhǎng)的位置A點(diǎn)后由靜止釋放，則在釋放瞬間，由牛頓第二定律，對(duì)P、Q整體分析可得解得故A錯(cuò)誤；C．做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的物體，加速度在振幅最大處最大，即加速度的最大值為而繩的拉力在P運(yùn)動(dòng)至最右端時(shí)最大，將Q隔離分析，由牛頂?shù)诙捎薪獾霉蔆正確；D．從A點(diǎn)到O點(diǎn)，物體P與彈簧所組成的系統(tǒng)機(jī)械能的增加量等于物體Q所受重力對(duì)Q所做的功與Q的動(dòng)能之差，故D錯(cuò)誤；B．根據(jù)題意可知，P、Q以及彈簧組成的連接體靜態(tài)平衡時(shí)，物塊P位于位置O，則可知物塊P做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)時(shí)的平衡位置位于O點(diǎn)，根據(jù)平衡條件可得解得平衡時(shí)彈簧的伸長(zhǎng)量為而釋放時(shí)彈簧處于原長(zhǎng)，則可知AO間的距離為x，即可得P做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振幅為，故B正確。三、實(shí)驗(yàn)題（每空2分，共計(jì)20分）14.圖（a）中，水平放置的氣墊導(dǎo)軌上有兩滑塊，的質(zhì)量是的質(zhì)量的3倍，滑塊上的遮光片寬度均為位于導(dǎo)軌的左端，位于導(dǎo)軌中間，間和與導(dǎo)軌右端之間各有一個(gè)光電門。用手推一下向右運(yùn)動(dòng)與發(fā)生碰撞并粘到一起，測(cè)得通過(guò)光電門1時(shí)上遮光片的遮光時(shí)間為一起通過(guò)光電門2時(shí)上遮光片的遮光時(shí)間為。完成下列填空：（1）通過(guò)光電門時(shí)速度的大小為______；（用題中物理量的符號(hào)表示）（2）用游標(biāo)卡尺測(cè)量時(shí)示數(shù)如圖（b）所示，則______cm；（3）當(dāng)______時(shí)，組成的系統(tǒng)碰撞前后的動(dòng)量守恒。【答案】（1）（2）0.85（3）【解析】（1）由于擋光片的寬度比較小，故擋光片通過(guò)光電門的時(shí)間比較短，因此可將擋光片通過(guò)光電門的平均速度看成滑塊通過(guò)光電門的瞬時(shí)速度，故滑塊通過(guò)光電門的速度可表示為（2）游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為8mm，游標(biāo)尺讀數(shù)為，所以擋光片的寬度為（3）滑塊經(jīng)過(guò)光電門1的速度滑塊經(jīng)過(guò)光電門2的速度沒有摩擦力作用，碰撞前后動(dòng)量守恒，根據(jù)動(dòng)量守恒定律化簡(jiǎn)可得此時(shí)組成的系統(tǒng)碰撞前后的動(dòng)量守恒。15.暑假期間，幾名同學(xué)到郊外野游，登上一座小荒山后，一時(shí)興起他們想利用學(xué)過(guò)的知識(shí)粗略測(cè)量一下他們所在處的重力加速度。于是他們用長(zhǎng)線拴好一個(gè)易拉罐P，爬到樹上系在樹枝上做成一個(gè)簡(jiǎn)易單擺，如圖所示。然后用隨身攜帶的鋼卷尺、電子手表進(jìn)行了測(cè)量。同學(xué)們首先測(cè)出擺長(zhǎng)L，然后將易拉罐拉開一個(gè)小角度，由靜止釋放，使易拉罐在豎直平面內(nèi)擺動(dòng)（樹枝始終靜止），用電子手表測(cè)出單擺完成n次全振動(dòng)所用的時(shí)間t。（1）利用測(cè)量數(shù)據(jù)計(jì)算山頂處重力加速度的表達(dá)式g=___________。（2）若振動(dòng)周期測(cè)量正確，但由于難以確定易拉罐重心，只是測(cè)出懸點(diǎn)O到易拉罐上方的節(jié)點(diǎn)A的距離，并把OA距離當(dāng)作擺長(zhǎng)，這樣計(jì)算出來(lái)的重力加速度值比真實(shí)值___________（選填“偏大”“偏小”或“相等”）。【答案】（1）（2）偏小【解析】（1）單擺的周期由單擺周期公式，可得（2）懸點(diǎn)到易拉罐重心的距離是單擺的擺長(zhǎng)，只測(cè)出懸點(diǎn)O到易拉罐上方的節(jié)點(diǎn)A的距離，把OA距離當(dāng)作擺長(zhǎng)，則所測(cè)擺長(zhǎng)L偏小，由可知，所測(cè)重力加速度偏小。16.某同學(xué)利用兩個(gè)量程為0~3V的電壓表、一個(gè)的定值電阻和一個(gè)滑動(dòng)變阻器R測(cè)定兩節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻，使用的器材還有開關(guān)一個(gè)、導(dǎo)線若干，實(shí)驗(yàn)原理如甲所示。（1）若滑動(dòng)變阻器R有（，允許最大電流為1A）和（，允許最大電流為0.6A）供選擇，則實(shí)驗(yàn)中滑動(dòng)變阻器應(yīng)該選擇__________（選填“”或“”）。（2）按照?qǐng)D甲，完成圖乙中的實(shí)物連線__________。（3）按照?qǐng)D甲接通開關(guān)S，多次改變滑動(dòng)變阻R，同時(shí)讀出對(duì)應(yīng)的電壓表的示數(shù)和，并作記錄，畫出關(guān)系圖線，如圖丙所示，圖線與橫軸的截距為a，與縱軸的截距為b，則根據(jù)圖線可求得電源的電動(dòng)勢(shì)__________，內(nèi)阻__________（用a、b和表示）。（4）實(shí)驗(yàn)中由于電壓表__________分