答案第=page11頁，共=sectionpages22頁2024-2025學年第二學期高一年級第四次診斷考試物理試題答案題號12345678910答案CBDCAABBCACCD1．C【詳解】不計空氣阻力，炮彈投出后做平拋運動，只受重力作用，所以加速度為重力加速度，方向豎直向下。故選C。2．B【詳解】A．向心力大小不變，方向總是沿半徑指向圓心，向心力是一個變力，A錯誤；B．向心力指向圓心，且與線速度的方向垂直，改變線速度的方向，不改變線速度的大小，B正確；C．向心力可能是物體受到的合力，可能是某個分力，C錯誤；D．向心力和向心加速度的方向都是時刻改變的，D錯誤。故選B。3．D【詳解】若圓弧半徑為125m，取重力加速度大小，在最低點解得：100m/s故選D。4．C【詳解】根據由于挖去的球體半徑是原球體半徑的，則挖去的球體質量是原球體質量的，所以挖去的球體質量，未挖時，原球體對質點的萬有引力挖去部分對質點的萬有引力則剩余部分對質點的萬有引力大小故ABD錯誤，C正確。故選C。5．A【詳解】小球的速度沿圓弧的切線方向，將小球的速度分解為沿繩子方向和垂直繩子方向的分量，沿繩子方向的速度為v，則解得A正確。故選A。6．A【詳解】A．竄天猴在無動力飛行過程中，竄天猴只受重力作用，根據動量定理有解得可知，任意相同的時間內，竄天猴動量變化率相同，故A正確；B．竄天猴在無動力飛行過程中，竄天猴只受重力作用，做豎直上拋運動，在任意相同的時間內，位移不相等，則重力做功不相同，故B錯誤；C．根據動能定理有結合上述，在任意相同的時間內，位移不相等，則動能變化不相同，故C錯誤；D．竄天猴只受重力作用，則合力做功的平均功率由于在任意相同的時間內，位移不相等，則合力做功的平均功率不相同，故D錯誤。故選A。7．B【詳解】AB．物體B在壓力作用下向左運動，則物體B對小球A的支持力做負功，故A錯誤，B正確；C．由沖量公式I=Ft物體B對小球A的支持力不為零，時間不為零，所以物體B對小球A的支持力的沖量不為零，故C錯誤；D．小球A與物體B組成的系統在水平方向上動量守恒，豎直方向不守恒，故D錯誤。故選B。8．BC【詳解】AB．動車的功率恒定，根據可知動車的牽引力減小，根據牛頓第二定律得可知動車的加速度減小，所以動車做加速度減小的加速運動，A錯誤，B正確；C．當加速度為0時，牽引力等于阻力，則額定功率為C正確；D．動車功率恒定，在時間內，牽引力做功為根據動能定理得D錯誤。故選BC。9．AC【詳解】A．木塊下滑過程重力一直大于摩擦力，所以木塊下滑過程一直做加速運動，故A正確；B．木塊下滑過程克服摩擦阻力所做的功J故B錯誤；C．木塊下滑過程摩擦力的大小與下滑位移成線性關系，則有得v＝8m/s故C正確；D．木塊下滑過程速度增加得越來越慢，相比勻減速直線運動，每個時刻的速度均小于勻減速直線運動的速度，則vt＜h得t＜1s故D錯誤。故選AC。10．CD【詳解】A.設物塊的質量為M，由題意可知，圓環下落到B點時所受合外力為零，則有

①解得

②故A錯誤；B.在A位置時，設圓環的加速度大小為a，根據運動的合成與分解可知此時物塊的加速度大小為

③設此時細繩的張力大小為T，則對圓環和物塊分別應用牛頓第二定律有

④

⑤聯立②③④⑤解得

⑥故B錯誤；C.設圓環的最大速度為v，根據運動的合成與分解可知物塊的最大速度為

⑦圓環從釋放到運動至B點的過程中，對圓環和物塊組成的系統根據機械能守恒定律有⑧聯立②⑦⑧解得

⑨故C正確；D.設圓環下落的最大距離為H，圓環從釋放到運動至最低點的過程中，對圓環和物塊組成的系統根據機械能守恒定律有⑩聯立②⑩解得

?故D正確。故選CD。11．AC/CA2.55J2.50J存在空氣阻力和摩擦阻力，導致減小的部分重力勢能轉化為內能【詳解】（1）[1]AB.通過打點計時器計算時間，故不需要秒表，需要毫米刻度尺測量紙帶上兩點間的距離，A正確，B錯誤；CD．電火花打點計時器應該與220V的交流電源連接，C正確，D錯誤。故選AC。（2）[2]從打下O點至B點的過程中，重力勢能減少量為[3]利用勻變速直線運動的推論可得，打下B點時的速度為動能增加量為（3）[4][5]通過計算發現，小于，即較大，因為存在空氣阻力和摩擦阻力，導致減小的部分重力勢能轉化為內能。12．cbda天平A、B兩滑塊的質量M1、M2M1＝M2【詳解】（1）[1]實驗首先需要調整氣墊導軌；然后按實驗要求安裝實驗設備；測量CA和BD的距離，最后釋放滑塊開始實驗，因此順序為cdba(2)[2][3]實驗需要驗證的是動量守恒，因此需要測量物體的質量，需要天平測量其質量(3)[4]物體在導軌上做勻速直線運動，因此速度分別為和，因此動量守恒需要驗證M1＝M213．(1)2m/s2；(2)7.96m；(3)0.08J【詳解】(1)郵件剛放在傳送帶上時受向前的滑動摩擦力，大小為F=μmg根據牛頓第二定律可知(2)加速過程郵件的總位移x=x1+v(t－t1)=7.96m(3)滑動摩擦力對郵件所做的功W=Fx1=0.08J14．（1）2950N；（2）3.2m；（3）1300J【詳解】（1）B、C間的距離x=14.5m，從B點勻減速運動到C點，所用的時間t=1.0s，平均速度在C點，由牛頓第二定律得F-mg=m

解得F=2950N根據牛頓第三定律，滑雪者在C點對圓弧軌道的壓力大小與支持力大小相等，故F'=F=2950N（2）從D點躍起時的速度vD=8m/s，滑雪者從D點躍起后在空中上升的最大高度h==3.2m（3）滑雪者從C點到D點運動的過程中由動能定理得=-mgR-Wf解得Wf=1300J15．(1)6m/s(2)6m/s(3)1s【詳解】（1）因，所以物塊滑上木板后木板仍然靜止，設物塊在木板上滑動時的加速度大小為a1，物塊與擋板碰撞前的速度大小為v1，則有根據速度—位移公式有解得（2）設碰撞后物塊和木板的速度分別為v2、v，則有、解得（3）碰撞后物塊由靜止開始以a1的加速度向左加速，設木板向左滑動的加速度大小為a2，設物塊與