2025年福建省高考物理試卷（回憶版）一、單項選擇題：本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1.山崖上有一個風動石，無風時地面對風動石的作用力是F1，當受到一個水平風力時，風動石依然靜止，地面對風動石的作用力是F2，以下正確的是（）A.F2大于F1B.F1大于F2C.F1等于F2D.大小關系與風力大小有關【答案】A【解析】【詳解】無風時，地面對風動石的作用力方向豎直向上，與重力平衡，大小為當受到一個水平風力時，地面對風動石的作用力與豎直向下的重力及水平方向的風力F，三力平衡根據平衡條件可知，地面對風動石的作用力大小為，故F2大于F1。故選A。2.某理想變壓器如圖甲，原副線圈匝數比4：1，輸入電壓隨時間的變化圖像如圖乙，R1的阻值為R2的2倍，則（）A.交流電的周期為2.5sB.電壓表示數12VC.副線圈干路的電流為R1電流的2倍D.原副線圈功率之比為4：1【答案】B【解析】【詳解】A．由圖可知，交流電的周期為2.25s，故A錯誤；B．根據圖乙可知，輸入電壓最大值，則輸入電壓有效值為，根據變壓比可知，副線圈電壓即電壓表示數為，故B正確；C．R1的阻值為R2的2倍，根據并聯規律可知，兩電阻的電壓相同，根據歐姆定律可知，流經R1和R2的電流之比為，副線圈干路電流等于流經兩電阻的電流之和，則副線圈干路的電流為R1電流的3倍，故C錯誤；D．根據變壓器的原理可知，原副線圈功率相同，故D錯誤。故選B。3.如圖所示，空間中存在兩根無限長直導線L1與L2，通有大小相等，方向相反的電流。導線周圍存在M、O、N三點，M與O關于L1對稱，O與N關于L2對稱且OM=ON，初始時，M處的磁感應強度大小為B1，O點磁感應強度大小為B2，現保持L1中電流不變，僅將L2撤去，求N點的磁感應強度大小（）A. B. C.B2﹣B1 D.B1﹣B2【答案】B【解析】【詳解】根據安培定則，兩導線在O點處產生的磁感應強度方向相同大小相等，則單個導線在O點處產生的磁感應強度大小為根據對稱性，兩導線在N處的磁感應強度大小應該與M點一樣，為B1根據對稱性，L2在N點處產生的磁感應強度為由于L2在N點處產生的磁感應強度大于L1在N點處產生的磁感應強度，且方向相反，將L2撤去，N點的磁感應強度為。故選B。4.某種靜電分析器簡化圖如圖所示，在兩條半圓形圓弧板組成的管道中加上徑向電場?，F將一電子a自A點垂直電場射出，恰好做圓周運動，運動軌跡為ABC，半徑為r。另一電子b自A點垂直電場射出，軌跡為弧APQ，其中PBO共線，已知BP電勢差為U，|CQ|=2|BP|，a粒子入射動能為Ek，則（）A.B點的電場強度B.P點場強大于C點場強C.b粒子在P點動能小于Q點動能D.b粒子全程的克服電場力做功小于2eU【答案】D【解析】【詳解】A．a粒子入射動能為Ek，根據動能的表達式有，粒子恰好做圓周運動，則，聯立解得，故A錯誤；B．由圖可知，P點電場線密度較稀疏，則場強小于C點場強，故B錯誤；C．已知|CQ|=2|BP|，因為BC在同一等勢線上，且沿電場方向電勢降低，則Q點電勢小于P點，電子在電勢低處電勢能大，則b粒子在Q點電勢能大，根據能量守恒可知，b粒子在Q點動能較小，故C錯誤；D．由電場線密度分布情況可知，沿徑向向外電場強度減小，則BP之間平均電場強度大小大于CQ之間的平均電場強度大小，根據，則，則b粒子全程的克服電場力做功，故D正確。故選D。二、雙項選擇題：本題共4小題，每小題6分，共24分。每小題有兩項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。5.春晚上轉手絹的機器人，手絹上有P、Q兩點，圓心為O，，手絹做勻速圓周運動，則（）A.P、Q線速度之比B.P、Q角速度之比為C.P、Q向心加速度之比為D.P點所受合外力總是指向O【答案】AD【解析】【詳解】B．手絹做勻速圓周運動，由圖可知、屬于同軸傳動模型，故角速度相等，即角速度之比為，B錯誤；A．由可知，、線速度之比得A正確；C．由可知，、向心加速度之比得C錯誤；D．做勻速圓周運動的物體，其合外力等于向心力，故合力總是指向圓心，D正確。故選AD。6.核反應方程為→+17.6MeV，現真空中有兩個動量大小相等，方向相反的氘核與氚核相撞，發生核反應，設反應釋放的能量幾乎轉化為與的動能，則（）A.該反應有質量虧損B.該反應為核裂變C.獲得的動能約為14MeVD.獲得的動能約為14MeV【答案】AC【解析】【詳解】A．核反應過程中質量數守恒，有質量虧損，A正確；B．該反應是核聚變反應，B錯誤；CD．在真空中，該反應動量守恒，由于相撞前氘核與氚核動量大小相等，方向相反，系統總動量為零。故反應后氦核與中子的動量也大小相等，方向相反。由得反應粒子獲得的動能之比為而兩個粒子獲得的總動能為，故獲得的動能，獲得的動能。故C正確，D錯誤。故選AC。7.空間中存在垂直紙面向里的勻強磁場B與水平向右的勻強電場E，一帶電體在復合場中恰能沿著MN做勻速直線運動，MN與水平方向呈45°，NP水平向右。帶電量為q，速度為v，質量為m，當粒子到N時，撤去磁場，一段時間后粒子經過P點，則（）A.電場強度為B.磁場強度為C.NP兩點的電勢差為D.粒子從N→P時距離NP的距離最大值為【答案】BC【解析】【詳解】AB、帶電體在復合場中能沿著做勻速直線運動，可知粒子受力情況如圖所示。由受力平衡可知解得電場強度，磁感應強度，故A錯誤，B正確。C、在點撤去磁場后，粒子受力方向與運動方向垂直，做類平拋運動，如圖所示。且加速度粒子到達點時，位移偏轉角為，故在點，速度角的正切值所以粒子在點的速度到過程，由動能定理，有解得兩點間的電勢差，C正確；D、將粒子在點的速度沿水平方向和豎直方向進行分解，可知粒子在豎直方向做豎直上拋運動，且故粒子能向上運動的最大距離D錯誤；故選BC。8.傳送帶轉動的速度大小恒為1m/s，順時針轉動。兩個物塊A、B，A、B用一根輕彈簧連接，開始彈簧處于原長，A的質量為1kg，B的質量為2kg，A與傳送帶的動摩擦因數為0.5，B與傳送帶的動摩擦因數為0.25。t=0時，將兩物塊放置在傳送帶上，給A一個向右的初速度v0=2m/s，B的速度為零，彈簧自然伸長。在t=t0時，A與傳送帶第一次共速，此時彈簧彈性勢能Ep=0.75J，傳送帶足夠長，A可在傳送帶上留下痕跡，則（）A.在t=時，B的加速度大小大于A的加速度大小B.t=t0時，B的速度為0.5m/sC.t=t0時，彈簧的壓縮量為0.2mD.0﹣t0過程中，A與傳送帶的痕跡小于0.05m【答案】BD【解析】【詳解】AB．根據題意可知傳送帶對AB的滑動摩擦力大小相等都為初始時A向右減速，B向右加速，故可知在A與傳送帶第一次共速前，AB整體所受合外力為零，系統動量守恒有，代入數值解得t=t0時，B速度為在A與傳送帶第一次共速前，對任意時刻對AB根據牛頓第二定律有，由于，故可知故A錯誤，B正確；C．在時間內，設AB向右的位移分別為，；，由功能關系有解得故彈簧的壓縮量為故C錯誤；D．A與傳送帶的相對位移為B與傳送帶的相對為故可得由于時間內A向右做加速度逐漸增大的減速運動，B向右做加速度逐漸增大的加速運動，且滿足，作出AB的圖像可知等于圖形的面積，等于圖形的面積，故可得結合可知，故D正確。故選BD。三、填空題9.洗衣機水箱的導管內存在一豎直空氣柱，根據此空氣柱的長度可知洗衣機內的水量多少。當空氣柱壓強為p1時，空氣柱長度為L1，水位下降后，空氣柱溫度不變，空氣柱內壓強為p2，則空氣柱長度L2=___________，該過程中內部氣體對外界___________。（填做正功，做負功，不做功）【答案】①.②.做正功【解析】【詳解】[1]設細管的截面積為S，根據玻意耳定律有可得[2]根據題意當洗衣機內的水位下降時，空氣柱長度變長，故內部氣體對外界做正功。10.沙漠中的蝎子能感受來自地面震動的縱波和橫波，某波源同時產生縱波與橫波，已知縱波速度大于橫波速度，頻率相同，則縱波波長___________橫波波長。若波源震動后，蝎子感知到來自縱波與橫波的振動間隔Δt，縱波速度v1，橫波速度v2，則波源與蝎子的距離為___________?！敬鸢浮竣?大于②.【解析】【詳解】[1]根據公式，由于縱波速度大于橫波速度，頻率相同，故可知縱波波長大于橫波波長；[2]設波源與蝎子的距離為，根據題意可知解得11.兩個點電荷Q1與Q2靜立于豎直平面上，于P點放置一檢驗電荷恰好處于靜止狀態，PQ1與Q1Q2夾角為30°，PQ1⊥PQ2，則Q1與Q2電量之比為___________，在PQ1連線上是否存在其它點能讓同一檢驗電荷維持平衡狀態___________（存在，不存在）?！敬鸢浮竣?②.不存在【解析】【詳解】[1]根據幾何關系設，對檢驗電荷進行受力分析，可得其中，聯立解得[2]如圖根據平衡條件可知檢驗電荷受到的重力和兩點電荷對其的庫侖力組成一個封閉的三角形，若在PQ1連線上存在其它點能讓同一檢驗電荷維持平衡狀態，此時點電荷對檢驗電荷的庫侖力變大，根據三角形法則可知此時點電荷對檢驗電荷的庫侖力必然增大；由于此時檢驗電荷與點電荷間的距離在增大，庫侖力在減小，故矛盾，假設不成立，故在PQ1連線上不存在其它點能讓同一檢驗電荷維持平衡狀態。四、實驗題12.（1）為測糖水的折射率與濃度的關系，設計如下實驗：某次射入激光，測得數據如圖，則糖水的折射率為___________。（2）改變糖水濃度，記錄數據如表n1.321.341.351.381.42y（%）10%20%30%40%50%將30%的數據繪圖，求得糖水濃度每增加10%，折射率的增加值為___________（保留兩位有效數字）。【答案】（1）（2）【解析】【小問1詳解】設入射角為，折射角為，根據幾何關系有，根據折射定律可得糖水的折射率為【小問2詳解】根據題中數據作圖故可得糖水濃度每增加10%，折射率的增加值為五、計算題13.某運動員訓練為直線運動，其圖如圖所示，各階段圖像均為直線。（1）內的平均速度；（2）內的加速度；（3）內的位移?！敬鸢浮浚?），方向與正方向相同（2），方向與正方向相同（3）4.2m，方向與正方向相同【解析】【小問1詳解】內的平均速度方向與正方向相同；【小問2詳解】內的加速度方向與正方向相同；【小問3詳解】內位移方向與正方向相同。14.如圖甲，水平地面上有A、B兩個物塊，兩物塊質量均為0.2kg，A與地面動摩擦因數為，B與地面無摩擦，兩物塊用彈簧置于外力F的作用下向右前進，F與位移x的圖如圖乙所示，P為圓弧最低點，M為最高點，水平地面長度大于4m。（1）求，F做的功；（2）時，A與B之間的彈力；（3）要保證B能到達M點，圓弧半徑滿足的條件。【答案】（1）1.5J（2）0.5N（3）【解析】【小問1詳解】求，F做的功【小問2詳解】對AB整體，根據牛頓第二定律其中對B根據牛頓第二定律聯立解得【小問3詳解】當A、B之間的彈力為零時，A、B分離，根據（2）分析可知此時此時過程中，對A、B根據動能定理根據題圖可得從點到點，根據動能定理在點的最小速度滿足聯立可得即圓弧半徑滿足的條件。15.光滑斜面傾角為θ=30°，Ⅰ區域與Ⅱ區域均存在垂直斜面向外的勻強磁場，兩區磁感應強度大小相等，均為B。正方形線框abcd質量為m，總電阻為R，同種材料制成且粗細均勻，Ⅰ區域長為L1，Ⅱ區域長為L2，兩區域間無磁場的區域長度大于線框長度。線框從某一位置釋放，cd邊進入Ⅰ區域時速度為v，且直到ab邊離開Ⅰ區域時速度均為v，當cd邊進入Ⅱ區域時的速度和ab邊離開Ⅱ區域時的速度一致，則：（1）求線框釋放點cd邊與Ⅰ區域上邊緣的距離；（2）求cd邊進入Ⅰ區域時cd邊兩端的電勢差；（3）求線框進入Ⅱ區域到完全離開過程中克服安培力做功的平均功率。【答案】（1）（2）（3）見解析【解析】【小問1詳解】線框在沒有進