高級中學名校試卷PAGEPAGE1高二物理試卷本試卷滿分100分，考試用時75分鐘。注意事項：1.答題前，考生務必將自己的姓名、考生號、考場號、座位號填寫在答題卡上。2.回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3.考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。4.本試卷主要考試內容：人教版必修第一、二、三冊，選擇性必修第一冊第一章。一、選擇題：本題共10小題，共43分。在每小題給出的四個選項中，第1~7題只有一項符合題目要求，每小題4分；第8~10題有多項符合題目要求，每小題5分，全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1.關于電荷，下列說法正確的是（）A.帶電體的帶電荷量不是任意的，必須是元電荷的整數倍B.點電荷不是一種理想化模型，是實際存在的帶電體C.元電荷就是帶電荷量為1.60×10-19C的帶電體D.兩個不帶電的物體經摩擦后帶電，說明電荷可以創生和消滅【答案】A【解析】A．帶電體的帶電量只能是元電荷的整數倍，故A正確；B．點電荷僅僅是一種理想化模型，實際不存在的，故B錯誤；C．元電荷是最小電荷量，它的大小等于電子或者質子所攜帶電荷量不是指帶電體，故C錯誤；D．兩不帶電的物體經摩擦后帶電，只是電荷發生了轉移，電荷不可以創生和消滅，故D錯誤。故選A。2.質量為0.5kg的瓜州蜜瓜放到水平桌面上，經2s，取重力加速度大小g=10m/s2，則桌面支持力對蜜瓜的沖量大小是（）A.1N·s B.5N·s C.10N·s D.15N·s【答案】C【解析】對蜜瓜進行分析，根據平衡條件有則桌面支持力對蜜瓜的沖量大小解得故選C。3.質量的汽車在鄭州的中州大道以的速度行駛，其動量大小為（）A. B.C. D.【答案】B【解析】動量代入數據解得故選B。4.如圖所示，電動勢為4V電源跟一個阻值為8Ω的電阻連接成閉合電路，理想電壓表測得電源兩端的電壓為3.2V，則電源的內阻為（）A.1Ω B.2Ω C.3Ω D.4Ω【答案】B【解析】根據閉合電路歐姆定律有根據歐姆定律有解得故選B。5.關于電磁場和電磁波，下列說法正確的是（）A.任何電場都會產生磁場B.任何磁場都會產生電場C.電磁波是橫波，不能在真空中傳播D.麥克斯韋預言了電磁波的存在【答案】D【解析】A．根據麥克斯韋電磁理論可知，變化的電場才能產生磁場，恒定的電場不會產生磁場，即并不是任何電場都會產生磁場，故A錯誤；B．根據麥克斯韋電磁理論可知，變化的磁場才能產生電場，恒定的磁場不會產生電場，即并不是任何磁場都會產生電場，故B錯誤；C．電磁波是橫波，電磁波本質上是電磁場的傳播，其能夠在真空中傳播，故C錯誤；D．麥克斯韋預言了電磁波的存在，赫茲通過實驗證實了電磁波的存在，故D正確。故選D。6.如圖所示，A、B兩物體的質量相同，中間用輕彈簧相連，水平面光滑，在水平推力F的作用下，A、B兩物體一起以加速度a向右做勻加速直線運動。在突然撤去推力F的瞬間，A、B兩物體的加速度大小分別為（）A.a，0 B.0，a C.a，a D.a，2a【答案】C【解析】撤去推力之前，對A、B兩物體構成的整體進行分析，根據牛頓第二定律有彈簧處于壓縮狀態，令彈簧彈力為，對B物體進行分析，根據牛頓第二定律有解得撤去推力F的瞬間，彈簧彈力不變，則B物體受力情景不變，即B的加速度仍然為a，此時對A進行分析，根據牛頓第二定律有結合上述解得故選C。7.如圖所示，在xOy坐標系內，三根相互平行的通電直導線P、Q、R分別位于正三角形的三個頂點，都通有方向垂直xOy坐標平面向外、大小相等的電流，則導線R受到的安培力的方向是（）A.沿y正方向 B.沿y負方向C沿x正方向 D.沿x負方向【答案】B【解析】同向電流相互吸引，則PQ兩根導線對R都產生吸引力且大小相等，由平行四邊形定則可知，R受安培力方向沿y軸負向。故選B。8.下列情景利用了反沖原理的是（）A.噴氣式飛機飛行 B.火箭飛行C.章魚游動 D.蘋果下落【答案】ABC【解析】ABC．反沖原理是指當一個物體向某一個方向射出它的一部分時，這個物體的剩余部分將向相反的方向運動，這個現象遵循動量守恒定律，可知，噴氣式飛機飛行、火箭飛行與章魚游動均利用了反沖原理，故ABC正確；D．蘋果下落是由于地球的吸引力引起，沒有利用反沖原理，故D錯誤。故選ABC。9.內阻r=1Ω的小型直流電動機線圈與規格為“4V4W”的小燈泡并聯，再與阻值R=5Ω的電阻串聯，然后接至U=12V的電源上，如圖所示，小燈泡恰好正常發光，電動機正常工作，則電動機的輸出功率及效率為（）A.2.04W B.5.06W C.85% D.95%【答案】AC【解析】小燈泡恰好正常發光，電動機正常工作，則定值電阻的兩端電壓為通過定值電阻的電流為通過小燈泡的電流為故通過電動機的電流為電動機的輸入功率為電動機的熱功率為則電動機的輸出功率為電動機的效率為故選AC。10.如圖所示，兩點電荷Q1、Q2連線的延長線上有A、B兩點?，F將一帶負電的試探電荷在A點由靜止釋放，它僅在電場力作用下恰好能在A、B兩點間做往復運動，則下列說法正確的是（）A.Q1的電荷量大于Q2的電荷量B.A、B兩點的電勢相等C.A、B兩點的電場強度大小相等，方向相反D.試探電荷從A點運動到B點的過程中，其所受電場力先增大后減小【答案】AB【解析】ACD．由題意知，帶負電的試探電荷在A點由靜止釋放，恰好能在AB間做往復運動，說明AB間有一點P場強為零，從A到P場強逐漸減小，方向向左；從P到B場強增大，方向向右，即A、B兩點的場強方向相反，但大小無法比較；試探電荷從A點運動到B點的過程中，由于場強先減小后增大，則所受電場力先減小后增大；因為AB間有一點P場強為零，則有由于Q1離P點的距離大于Q2離P點的距離，則Q1的電荷量大于Q2的電荷量，故A正確，CD錯誤；B．試探電荷從A到B的過程根據動能定理得可得可知A、B兩點的電勢相等，故B正確。故選AB。二、非選擇題：本題共5小題，共57分。11.（1）下列是通過描點法畫小球平拋運動軌跡的一些操作要求，將你認為錯誤的選項前面的字母填在橫線上______A.通過調節使斜槽的末端切線保持水平B.每次釋放小球的位置必須相同C.記錄小球位置用的凹槽每次必須等距離下降D.每次必須由靜止釋放小球（2）在“研究平拋物體的運動”的實驗中，得到的軌跡如圖所示，其中O點為平拋運動的起點。取重力加速度大小g=9.8m/s2，根據平拋運動的規律及圖中給出的數據，可計算出小球平拋的初速度大小v0=______m/s。（結果保留三位有效數字）【答案】（1）C（2）1.60【解析】（1）A．為了使小球飛出斜槽末端的速度方向水平，實驗中應通過調節使斜槽的末端切線保持水平，故A正確，不符合題意；B．為了確保小球飛出斜槽末端速度大小一定，實驗中每次釋放小球的位置必須相同，故B正確，不符合題意；C．為了準確描繪出小球的運動軌跡，需要記錄小球的多個位置，但并不需要記錄小球位置用的凹槽每次等距離下降，故C錯誤，符合題意；D．為了確保小球飛出斜槽末端速度大小一定，實驗中每次必須由靜止釋放小球，故D正確，不符合題意。故選C。（2）O點為平拋運動的起點，根據平拋運動的規律有，解得代入坐標（32.0cm，19.6cm）解得12.按要求完成實驗。（1）圖甲為一游標卡尺的結構示意圖，當測量一鋼筆帽的內徑時，應該用游標卡尺的________（填“A”“B”或“C”）進行測量，示數如圖乙所示，該鋼筆帽的內徑為________mm。（2）假設一金屬絲的長度為L，橫截面積為S，電阻為R，則該金屬絲的電阻率ρ=________?！敬鸢浮浚?）A11.25（2）【解析】（1）[1]當測量一鋼筆帽的內徑時，應該用游標卡尺的A進行測量；[2]20分度游標卡尺的精確值為，由圖可知該鋼筆帽的內徑為（2）根據電阻定律可得可得該金屬絲的電阻率13.如圖所示，靈敏電流計的內阻，滿偏電流。當使用、兩個端點時，電流表最大測量值；當使用、兩個端點時，電壓表最大測量值為。已知電阻。求：（1）電阻阻值；（2）最大測量值。【答案】（1）（2）【解析】（1）當使用兩個端點時，與靈敏電流計并聯，根據并聯電路的特點可得解得（2）當使用、兩個端點時，靈敏電流計與并聯后與串聯，根據串、并聯電路特點，有解得14.如圖所示，在光滑水平面上有一長木板，其質量M=2kg，在其左端有一質量m=0.5kg的小滑塊（看作質點），小滑塊與長木板間的動摩擦因數μ=0.4，取重力加速度大小g=10m/s2，小滑塊與長木板一起以v=6m/s的速度水平向右運動，長木板與豎直墻壁發生彈性碰撞，碰撞時間極短，最終小滑塊恰好沒從長木板右端滑出，求：（1）小滑塊的最終速度大小v'；（2）長木板的長度L。【答案】（1）3.6m/s（2）14.4m【解析】（1）長木板與豎直墻壁發生彈性碰撞，令水平向左為正方向，碰后長木板與小滑塊組成的系統動量守恒Mv-mv=(m+M）v'解得v'=3.6m/s方向水平向左。（2）結合上述，根據能量守恒得解得L=14.4m15.現使相距25cm且豎直放置的平行金屬板A、B帶等量異種電荷，每板所帶電荷量為Q=2.0×10-3C，電容C=8μF。如圖所示，板間用絲線懸掛著的小球帶電