四川省綿陽是南山中學2025年物理高二第二學期期末質量跟蹤監視試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置．3．請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、質量為m的雨滴在空中豎直下落，設空氣阻力的大小恒為f，則雨滴下落高度h的過程中空氣阻力對其做的功為（）A．0 B．fh C．mgh D．﹣fh2、在光滑水平面上，質量為m的小球A正以速度v0勻速運動．某時刻小球A與質量為3m的靜止小球B發生正碰，兩球相碰后，A球的動能恰好變為原來的．則碰后B球的速度大小是()A．B．C．或D．無法確定3、在光電效應實驗中，飛飛同學用同一光電管在不同實驗條件下得到了三條光電流與電壓之間的關系曲線（甲光、乙光、丙光），如圖所示。則可判斷出（）A．甲光的頻率大于乙光的頻率B．乙光的波長大于丙光的波長C．乙光對應的截止頻率大于丙光的截止頻率D．甲光對應的光電子最大初動能大于丙光的光電子最大初動能4、如圖所示，一個三棱鏡的截面為等腰直角△ABC，∠A為直角．此截面所在平面內的光線沿平行于BC邊的方向射到AB邊，進入棱鏡后直接射到AC邊上，并剛好能發生全反射．該棱鏡材料的折射率為()A．B．C．D．5、如圖所示，用輕彈簧相連的物塊A和B放在光滑的水平面上，物塊A緊靠豎直墻壁，一顆子彈沿水平方向射入物體B并留在其中，在下列依次進行的四個過程中，由子彈、彈簧和A、B物塊組成的系統，動量不守恒但機械能守恒的是：①子彈射入木塊過程；②B物塊載著子彈一起向左運動的過程；③彈簧推載著子彈的B物塊向右運動，直到彈簧恢復原長的過程；④B物塊因慣性繼續向右運動，直到彈簧伸長最大的過程。（）A．①②B．②③C．③④D．①④6、現用某一光電管進行光電效應實驗，當用某一頻率的光照射時，有光電流產生．關于光電效應及波粒二象性，下列說法正確的是A．保持入射光的頻率不變，入射光的光強變大，光電流變大B．光的波長越長，其粒子性越顯著；頻率越高，其波動性越顯著C．入射光的頻率變高，光強不變，光電子的最大初動能不變D．保持入射光的光強不變，不斷減小入射光的頻率，始終有光電流產生二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，在水平放置的光滑金屬板中心正上方有一帶正電的點電荷Q，另一表面絕緣、帶正電的金屬小球（可視為質點，且不影響原電場）以初速度v0自左向右運動，則在運動過程中，下列說法正確的是（）A．小球先減速后加速運動B．小球做勻速直線運動C．小球受到的電場力對小球先做負功后做正功D．小球受到的電場力對小球做功為零8、如圖所示，為研究某種射線裝置的示意圖。射線源發出的射線以一定的初速度沿直線射到熒光屏上的中央O點，出現一個亮點。在板間加上垂直紙面向里的磁感應強度為B的勻強磁場后，射線在板間做半徑為r的圓周運動，然后打在熒光屏的P點。若在板間再加上一個豎直向下電場強度為E的勻強電場，亮點又恰好回到O點，由此可知該射線粒子射線源A．帶正電B．初速度為V=C．荷質比為qD．荷質比為q9、(多選)如圖所示，直線A為電源a的路端電壓與電流關系圖象，直線B為電源b的路端電壓與電流關系圖象，直線C為一電阻R兩端電壓與電流關系圖象．將這個電阻R分別接到a、b兩個電源上，由圖可知這兩次相比()A．R接到電源a上，電源效率較高B．R接到電源b上，電源輸出功率較大C．R接到電源a上，電源輸出功率較大，但效率較低D．R接到電源b上，電源內阻發熱功率較小10、陜西神木750kV輸變電工程目前已進入全而架線施工階段。若工程完成后對同一輸電線路，相比原來的250kV輸電，下列說法正確的是（）A．輸電線上的電流頻率將變為原來的三分之一B．輸電線上的電流將變為原來的三分之一C．輸電線上損失的電功率將變為原來的三分之一D．輸電線上損失的電功率將變為原來的九分之一三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學在“研究互感和自感現象”的實驗中，設計了如圖所示的裝置．線圈A、變阻器R和開關S連接到干電池上，靈敏電流計甲與高阻值電阻R0串聯在另一支路中；線圈B的兩端接到另一個靈敏電流計乙上，兩個靈敏電流計相同，零刻度居中．閉合開關S后，保持滑動變阻器R的滑片P不動，穩定后甲、乙兩個靈敏電流計指針的位置如圖所示．⑴當滑片P快速地向a端滑動時，乙表指針的偏轉方向是______．（填“向右偏”、“向左偏”或“不偏轉”）⑵閉合開關S，待電路穩定后再迅速斷開S，甲表的偏轉情況是_______，乙表的偏轉情況是______．(填“向左偏”、“向右偏”或“不偏轉”)12．（12分）現將電池組、滑動變阻器、帶鐵芯的線圈A、線圈B、電流計(零刻線在正中位置)及開關如圖所示連接在一起，在開關閉合、線圈A在線圈B中的情況下，某同學發現當他將滑動變阻器的滑片P向左滑動時，電流計指針向右偏轉，由此可以推斷：如果將線圈A從線圈B中抽出時，電流表指針________。當開關由斷開狀態突然閉合，電流表指針將___________。(均選填“右偏”或“左偏”)四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）質量為M的木楔傾角為θ(θ<45°)，在水平面上保持靜止，當將一質量為m的木塊放在木楔斜面上時，它正好勻速下滑．當用與木楔斜面成α角的力F拉木塊，木塊勻速上升，如圖所示(已知木楔在整個過程中始終靜止)．(1)當α＝θ時，拉力F有最小值，求此最小值；(2)求在(1)的情況下木楔對水平面的摩擦力是多少？14．（16分）如圖甲所示，水平面上有兩電阻不計的光滑金屬導軌平行固定放置，間距d＝0.5m，左端通過導線與阻值R＝2Ω的電阻R連接，右端通過導線與阻值RL＝4Ω的小燈泡L連接．在CDFE矩形區域內有豎直向上均勻磁場，CE長s＝2m，CDFE區域內磁場的磁感應強度B隨時間t的變化規律如圖乙所示；在t＝0s時，一阻值r＝2Ω的金屬棒在恒力F作用下由靜止從AB位置沿導軌向右運動，當金屬棒從AB位置運動到EF位置的過程中，小燈泡的亮度一直不發生變化．求：（1）通過小燈泡的電流；（2）恒力F的大小；（3）金屬棒的質量．15．（12分）一端封閉的玻璃管開口向下插入水銀槽內，如圖所示，管內水銀柱比槽內水銀面高h=5cm，空氣柱長L=45cm，要使管內外水銀面相平．求：（1）應如何移動玻璃管？（2）此刻管內空氣柱長度為多少？（設此時大氣壓相當于75cmHg產生的壓強）

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】

雨滴下落高度h的過程中，空氣阻力方向與雨滴的位移方向相反，對其做負功，為W=-fh。故選D．對功的公式W=Flcosα要加深理解，不同的力做功的含義不同，對于空氣阻力做功與路徑有關，且明確阻力是做負功的．2、A【解析】根據碰后A球的動能恰好變為原來的得：解得：碰撞過程中AB動量守恒，則有：mv=mv′+3mvB

解得：vB=v或vB=v；當vB=v時A的速度大于B的速度，不符合實際，故選項A正確，BCD錯誤，故選A.點睛：本題考查的是動量定律得直接應用，注意動能是標量，速度是矢量；同時要分析結果是否符合實際情況，即不可能發生二次碰撞．3、B【解析】

A．根據入射光的頻率越高，對應的截止電壓越大。甲光、乙光的截止電壓相等，所以甲光、乙光的頻率相等；故A錯誤；B．丙光的截止電壓大于乙光的截止電壓，所以乙光的頻率小于丙光的頻率，乙光的波長大于丙光的波長，故B正確；C．同一金屬，截止頻率是相同的，故C錯誤；D．甲光的截止電壓小于丙光的截止電壓，所以甲光對應的光電子最大初動能小于丙光的光電子最大初動能。故D錯誤。故選B。4、A【解析】三棱鏡的截面為等腰直角ABC，光線沿平行于BC邊的方向射到AB邊，則第一次折射時的入射角等于45°，射到AC邊上，并剛好能發生全反射．則有．由折射定律可得：；所以由上兩式可得：n=，故選A.點睛：臨界角其實也是入射角，對于同一介質它是特定的．當光垂直入射時，由于入射角為零，所以折射角也為零，由于已知三棱鏡的頂角，當光再次入射時，由幾何關系可知折射角角，最后由折射定律可求出折射率．5、B【解析】子彈射入木塊過程，由于時間極短，子彈與木塊組成的系統動量守恒，則系統動量守恒．在此運動過程中，子彈的動能有一部分轉化為系統的內能，則系統的機械能減小．所以機械能不守恒．故①錯誤．B物塊載著子彈一起向左運動的過程，系統受到墻壁的作用力，外力之和不為零，則系統動量不守恒．在此運動過程中，只有彈簧的彈力做功，所以系統的機械能守恒．故②正確．彈簧推載著子彈的B物塊向右運動，直到彈簧恢復原長的過程，彈簧要恢復原長，墻對彈簧有向右的彈力，系統的外力之和不為零，則系統動量不守恒．在此運動過程中，只有彈簧的彈力做功，所以系統的機械能守恒．故③正確．在A離開墻，B繼續向右運動的過程中，系統所受的外力之和，動量守恒．只有彈簧的彈力做功，機械能也守恒．故④錯誤．故選B.點睛：解決本題的關鍵知道機械能等于動能與勢能之和，以及掌握動量守恒和機械能守恒的條件．動量守恒的條件是系統不受外力，或所受的外力之和為零．根據機械能守恒條件：只有重力或彈簧的彈力做功及能量如何轉化判斷機械能是否守恒．6、A【解析】

A.保持入射光的頻率不變，入射光的光強變大，飽和光電流變大，因為飽和光電流與入射光的強度成正比，A正確．B.光的波長越長，越容易發生干涉、衍射等現象，其波動性越顯著，頻率越高，能量越高，其粒子性越顯著；B錯誤．C.根據光電效應的規律，光電子的最大初動能隨入射光頻率的增大而增大，所以入射光的頻率變高，光電子的最大初動能變大，C錯誤．D.如果入射光的頻率小于極限頻率將不會發生光電效應，不會有光電流產生，D錯誤．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

金屬板處于+Q的電場中，經過靜電感應而處于靜電平衡狀態，表面為等勢面，電場線方向垂直上表面，所以移動電荷時電場力豎直向下，電場力不做功，D對；8、AD【解析】粒子在向里的磁場中向上偏轉，根據左手定則可知，粒子帶正電，選項A正確；粒子在磁場中：Bqv=mv2r；在電磁正交場中：qE=qvB，聯立解得qm=E9、CD【解析】

電源的效率為．由圖看出，電源a的電動勢大于電源b的電動勢，直線C與A、B的交點表示R分別接在a、b兩個電源上的工作狀態，交點縱坐標表示路端電壓U，則知R接到電源a上，電源效率較低，故A錯誤．電源的圖線與電阻R的U-I圖線的交點表示電阻R接在該電源上的工作狀態，由圖讀出電阻R接在電源a的電壓和電流較大，電源a的輸出功率較大．電源效率較低，故B錯誤，C正確．電源U-I圖象的斜率大小等于電源的內阻，可知，電源b的內阻較小，且R接到電源b上時電流較小，電源內阻發熱功率較小．故D正確．故選CD．本題是電源的外特性曲線與電阻的伏安特性曲線的綜合，關鍵理解交點的物理意義，也可以根據閉合電路歐姆定律研究電流與電壓關系，來比較電源的輸出功率．10、BD【解析】

A．高壓輸電不改變交流電的頻率，故A錯誤；B．根據可知，輸電電流變為原來的三分之一，故B正確；CD．輸電線路上損失的電功率ΔP=I2r，變為原來的九分之一，故C錯誤，D正確；故選BD。解決本題的關鍵知道輸送功率和輸送電壓、電流的關系，以及知道功率損失P損＝I2r；知道變壓器不改變交流電的頻率.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、向右偏；向左偏；向左偏；【解析】(1)當滑片P快速地向a端滑動時，線圈A中電流增大，穿過線圈B的磁通量向下增大，根據楞次定律，靈敏電流計乙的電流從正極流入，根據靈敏電流計甲電流從正極流入時指針向右偏，靈敏電流計乙的指針向右偏；(2)斷開S，由于自感作用，線圈A中電流逐漸減小，此時靈敏電流計甲的電流從負極流入，所以甲表的指針向左偏；穿過線圈B的磁通量向下減小，根據楞次定律，靈敏電流計乙的電流從負極流入，靈敏電流計乙的指針向左偏；點睛：首先明確靈敏電流計甲的電流與偏轉方向鍵的關系；根據楞次定律判斷當滑片P快速地向a端滑動時，流過靈敏電流計乙的電流方向，確定指針的偏轉方向；斷開S，根據自感現象，判斷流過靈敏電流計甲的電流方向，確定指針的偏轉方向；根據楞次定律判斷流過靈敏電流計乙的電流方向，確定指針的偏轉方向。12、右偏左偏【解析】當他將滑動變阻器的滑片P向左滑動時，電阻變大，電路中電流減小，穿過B的磁通量減小，產生的感應電流使電流計指針向右偏轉，由此可以推斷：如果將線圈A從線圈B中抽出時，穿過B的磁通量也是減小，產生的感應電流使電流計指針也向右偏轉。當開關由斷開狀態突然閉合，電流變大，穿過B的磁通量變大，產生的感應電流使電流計指針向左偏轉.四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）【解析】

（1）對物塊進行受力分析，根據共點力的平衡，利用正交分解，在沿斜面和垂直斜面兩方向列方程，進行求解．（2）采用整體法，對整體受力分析，根據共點力的平衡，利用正交分解，分解為水平和豎直兩方向列方程，進行求解．【詳解】木塊在木楔斜面上勻速向下運動時，有，即(1)木塊在力F的作用下沿斜面向上勻速運動，則：聯立解得：則當時，F有最小值，(2)因為木