重慶市南坪中學2024-2025學年高二下物理期末考試試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規定答題。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列說法正確的是（）A．研究沿地面翻滾前進的體操運動員的動作可把運動員看成質點B．前3s內的含義是這段時間是3sC．牛頓第一定律可用實驗來驗證D．時間的單位一小時是國際單位制中的導出單位2、如圖所示的電路中,L為自感線圈,其直流電阻與電阻R相等,C為電容器,電源內阻不可忽略.當開關S由閉合變為斷開瞬間,下列說法中正確的是A．通過燈A的電流由c到d B．A燈突然閃亮一下再熄滅C．B燈無電流通過,不可能變亮 D．電容器立即放電3、汽車剎車后做勻減速直線運動，最后停了下來，在剎車過程中，汽車前半程的平均速度與后半程的平均速度之比是（）A．（＋1）∶1 B．2∶1C．1∶（＋1） D．1∶4、不計空氣阻力，以一定的初速度豎直上拋一物體，物體從被拋出至回到拋出點的運動時間為t.現在物體上升的最大高度的一半處設置一塊擋板，物體撞擊擋板前后的速度大小相等、方向相反，撞擊所需時間不計，則這種情況下物體上升和下降的總時間約為()A．0.5t B．0.4t C．0.3t D．0.2t5、如圖甲所示，一矩形線圈位于隨時間t變化的勻強磁場中，磁感應強度B隨t的變化規律如圖乙所示．以i表示線圈中的感應電流，以圖甲中線圈上箭頭所示方向為電流正方向，以垂直紙面向里的磁場方向為正，則以下的i﹣t圖象中正確的是（）A． B． C． D．6、如圖所示，一定質量的物體用輕繩AB懸掛于天花板上，用水平向左的力F緩慢拉動繩的中點O，用T表示繩OB段拉力的大小，在O點向左移動的過程中（）A．F逐漸變大，T逐漸變大 B．F逐漸變大，T不變C．F逐漸變小，T不變 D．F逐漸變小，T逐漸變小二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，質量均為M的物塊A、B疊放在光滑水平桌面上，質量為m的物塊C用跨過輕質光滑定滑輪的輕繩與B連接，且輕繩與桌面平行，A、B之間的動摩擦因數為μ，設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度大小為g，下列說法正確的是（）A．物塊A運動的最大加速度為μgB．輕繩對定滑輪的作用力為2C．若物塊A、B未發生相對滑動，物塊A受到的摩擦力為MmgD．要使物塊A、B發生相對滑動，應滿足關系m>8、如圖甲為豎直彈簧振子，物體在A、B之間做簡諧運動，O點為平衡位置，A點為彈簧的原長位置，從振子經過A點時開始計時，振動圖象如圖乙所示，下列說法正確的是A．t=1s時，振子加速度最大B．t=2s時，彈簧彈性勢能最大C．t=1s和t=2s兩個時刻，彈簧彈性勢能相等D．t=3s時，振子經過O點向上運動E.t=4s時，振子加速度大小為g9、圖甲為一列簡諧橫波在t=2s時的波形圖，圖乙為介質中平衡位置在x=1.5m處的質點P（圖中未畫出）的振動圖象，質點Q（圖中未畫出）是平衡位置為x=2m的質點，下列說法正確的是A．該波波速為0.5m/sB．該波沿x軸正方向傳播C．當t=2018s時，Q質點處于波峰的位置D．在0~2018s時間內，Q運動的路程為8072cm10、如圖所示表示一定質量的理想氣體狀態變化過程中的四個狀態，圖中平行于橫軸，M的延長線過原點，以下說法正確的是A．從狀態b到a，氣體溫度升高B．從狀態a到d，氣體體積增大C．從狀態d到c，氣體體積減小D．從狀態c到b，氣體體積減小三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖甲為測量重力加速度的實驗裝置，C為數字毫秒表，A、B為兩個相同的光電門，C可以測量鐵球兩次擋光之間的時間間隔.開始時鐵球處于A門的上邊緣，當斷開電磁鐵的開關由靜止釋放鐵球時開始計時，落到B門時停止計時，毫秒表顯示時間為鐵球通過A、B兩個光電門的時間間隔t，測量A、B間的距離x.現將光電門B緩慢移動到不同位置，測得多組x、t數值，畫出隨t變化的圖線為直線，如圖乙所示，直線的斜率為k，則由圖線可知，當地重力加速度大小為g＝________；若某次測得小球經過A、B門的時間間隔為t0，則可知鐵球經過B門時的速度大小為________，此時兩光電門間的距離為________.12．（12分）如圖所示，某同學利用方格坐標紙測定半圓形玻璃磚的折射率，OA是畫在紙上的直線，他在直線OA適當位置先后豎直插上P1、P2兩枚大頭針，如圖所示放上玻璃磚(如粗黑線所示)，然后插上P3、P4大頭針．（1）其中他確定P3大頭針位置的方法是______．（2）若該同學實驗操作規范準確，其記錄的情況如圖所示．該同學還用圓規做了一個以O為圓心，半徑與玻璃磚相同的半圓(如圖中虛線所示)．請算出玻璃磚的折射率n＝________．（3）該同學在插大頭針P3前不小心將玻璃磚繞圓心順時針轉過一小角度，由此測得玻璃磚的折射率將________(選填“偏大”、“偏小”或“不變”)．四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，一定質量的理想氣體從狀態A變化到狀態B，再由狀態B變化到狀態C．已知狀態A的溫度為300K.（1）求氣體在狀態B的溫度；（2）由狀態B變化到狀態C的過程中，氣體是吸熱還是放熱？簡要說明理由．14．（16分）如圖所示，折射率的透明介質的橫截面由等腰直角三角形AOC和圓心為O、半徑為R的四分之一圓弧BC組成．一束單色光從M點以α=45°入射角由真空射入透明介質中，已知M點與AB之間距離為，光在真空中的傳播速度為c．求：（1）這種透明介質對于真空的臨界角C；（2）通過計算，畫出光在透明介質中傳播的光路圖；（3）單色光在透明介質中的傳播時間t（有光折射時，不考慮反射）．15．（12分）如圖所示，一長木板靜止在水平地面上，在長木板的上表面放一滑塊?，F在長木板上施加一水平向左的恒力，使長木板由靜止開始以恒定的加速度a＝2.5m/s2向左做勻加速直線運動，當其速度為v＝9m/s時調整恒力的大小使長木板做勻速直線運動。假設滑塊與長木板之間的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，滑塊與長木板之間的動摩擦因數為μ＝0.225，重力加速度g＝10m/s2，運動過程中滑塊始終未滑離長木板。求：(1)長木板的速度達到v前滑塊的加速度大??；(2)滑塊相對地面加速運動的時間及位移大小；(3)為保證運動過程中滑塊不滑離長木板，長木板運動前滑塊到長木板右端的最短距離。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

A．研究沿地面翻滾前進的體操運動員的動作時如果將其看成質點，而質點是一個點，看不到點的動作，所以運動員不能被看成質點，故A錯誤；B．根據時間軸的知識，前3s指的是時間3s內，故B正確；C．牛頓第一定律實在伽利略的斜面實驗基礎上總結的定律，而伽利略通過對斜面實驗進行推論得出的理想實驗，完全光滑的斜面不存在，所以牛頓第一定律不能用實驗驗證，故C錯誤；D．導出單位是由基本單位通過定義或一定的關系以及定律推導出來的單位，故D錯誤；2、B【解析】當開關S由閉合變為斷開時，線圈中產生自感電動勢，與燈泡A和電阻R構成閉合回路放電，由于斷開開關前流過線圈的電流大于流過燈泡A的電流，故A燈突然閃亮一下再熄滅，電流從d到c流動燈泡A，故d點電勢比c點高，故A錯誤，B正確；當開關S由閉合變為斷開時，外電路的總電流減小，故內電壓減小，根據閉合電路歐姆定律，電源的輸出電壓增加，故電容器充電，有充電電流，故B燈有電流通過，電流方向由a到b，故CD錯誤；故選B．點睛：本題綜合考查了電阻、電容器和電感線圈對電流的影響，關鍵是明確各個元件的在直流電流電路中的作用，結合楞次定律判斷．3、A【解析】試題分析：將汽車剎車看作是初速度為零的勻加速直線運動，根據初速度為零的勻加速直線的比例式可知，相等位移所用的時間之比為，根據平均速度公式可知，前、后半程的平均速度之比為，即，所以只有選項A正確；考點：勻變速直線運動公式4、C【解析】

物體做豎直上拋運動，從拋出至回到原點的時間為t，根據對稱性可得，物體下降時間為0.5t，故高度為物體自由落體運動0.5h過程，有聯立解得故第二次物體上升和下降的總時間故選C。5、A【解析】試題分析：由圖乙可知磁感應強度的變化，則可知線圈中磁通量的變化，由法拉第電磁感應定律可知感應電動勢變化情況，由楞次定律可得感應電流的方向，二者結合可得出正確的圖象．解：感應定律和歐姆定律得I===，線圈的面積S和電阻R都是定值，則線圈中的感應電流與磁感應強度B隨t的變化率成正比．由圖乙可知，0～1時間內，B均勻增大，Φ增大，根據楞次定律得知，感應磁場與原磁場方向相反（感應磁場的磁感應強度的方向向外），由右手定則判斷可知，感應電流是逆時針的，因而是負值．由于不變，所以可判斷0～1為負的恒值；同理可知1～2為正的恒值；2～3為零；3～4為負的恒值；4～5為零；5～6為正的恒值．故選A．【點評】此類問題不必非要求得電動勢的大小，應根據楞次定律判斷電路中電流的方向，結合電動勢的變化情況即可得出正確結果．6、B【解析】以結點O為研究對象受力分析如下圖所示：

由題意知點O緩慢移動，即在移動過程中始終處于平衡狀態，則可知：

繩OB的張力TB=mg

根據平衡條件可知：

Tcosθ-TB=0

Tsinθ-F=0

由此兩式可得：

F=TBtanθ=mgtanθ

在結點O被緩慢拉動過程中，夾角θ增大，由三角函數可知：F和T均變大，故A正確，BCD錯誤．故選A.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】A受到的最大合外力為μMg，則A的最大加速度：a=μMgM=μg，故A正確；C要向下做加速運動，C處于失重狀態，繩子的拉力：T＜mg，輕繩對定滑輪的作用力：N=T2+T2=2T＜2mg，故B錯誤；若物塊A、B未發生相對滑動，A、B、C三者加速的大小相等，由牛頓第二定律得：mg=（2M+m）a，對A：f=Ma，解得：f=Mmg2M+m，故C錯誤；當A的加速度恰好為μg時A、B發生相對滑動，以A、B、C系統為研究對象，由牛頓第二定律得：mg=（M+M+m）μg，解得：m=點睛：本題考查了求加速度、摩擦力等問題，正確選擇研究對象、應用牛頓第二定律可以解題；應用整體法與隔離法是解題的關鍵．8、BDE【解析】

A.t=1s時，振子在平衡位置，加速度為零，選項A錯誤；B.t=2s時，振子到達最低點，此時彈簧彈性勢能最大，選項B正確；C.t=2s時刻彈簧的壓縮量比t=1s時刻大，t=2s時刻彈簧的彈性勢能比t=1s時刻大，選項C錯誤；D.由振動圖像可知，t=3s時，振子經過O點向上運動，選項D正確.E.t=4s時，振子回到A點，此時振子的加速度大小為g，選項E正確.9、AD【解析】

A．由圖甲可得：波長λ=2m，由圖乙可得：周期T=4s，故波速，故A正確；B．由圖乙可得：t=2s時質點P在平衡位置向下振動，故由圖甲可得：波向左傳播，故B錯誤；C．t=2018s=504T+2s，故當t=2018s時，Q質點振動和t=2s時一致，故由圖甲可得：質點Q處于波谷位置，故C錯誤；D．在0~2018s時間內，Q運動的時間，故運動路程，故D正確．10、ABD【解析】

A.從狀態b到a是一個等容變化過程，隨壓強的增大，氣體的溫度升高，故A正確；B.從狀態a到d是一個等壓、升溫的過程，同時體積增大，故B正確；C.從狀態d到c，溫度不變，理想氣體內能不變，但是由于壓強減小，所以體積增大，故C錯誤；D.從狀態c到b是一個降壓、降溫的過程，同時體積減小，故D正確。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、2k2kt0kt【解析】

根據位移時間公式得出A到B過程中位移時間的表達式，得出xt-t的表達式，結合圖線的斜率求出重力加速度的大小，再依據運動學公式，即可求解經過B【詳解】小球做自由落體運動，出發點在A點，設小球在A點的速度為0，則小球從A到B的過程：x=12gt2，則xt=12gt，可知xt-t成一次函數，斜率12、透過玻璃磚看，使P3擋住P1、P2的像1.5偏小【解析】

（1）[1]透過玻璃磚看，P3大頭針擋住P1、P2兩枚大頭針的像；（2）[2]如圖，作出法線，過圓與入射光線與折射光線的交點作法線的垂線CA和DB由數學知識得，入射角和折射角的正弦值分別為其中，CO=DO，則折射率（3）[3]該同學在插大頭針P3前不小心將玻璃磚以O為圓心順時針轉過一小角度，折射光線將順時針轉動，而作圖時仍以玻璃磚直線邊緣為邊界，AB為法線，則入射角i不變，折射角減小，由折射率公式律可知，測得玻璃磚的折射率將偏小。四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算