云南衡水實驗中學2025年高二下物理期末學業質量監測模擬試題考生須知：1．全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2．請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，通電導體棒靜止于水平導軌上，棒的質量為m，長為L，通過的電流大小為I且垂直紙面向里，勻強磁場的磁感強度B的方向與導軌平面成θ角，則導體棒受到的A．安培力大小為BILB．安培力大小為BILsinθC．摩擦力大小為BILcosθD．支持力大小為mg－BILcosθ2、某人用繩子將一桶水從井內豎直向上提出，在桶離開水面未出井口的過程中，以下說法正確的是（）A．在桶勻速上升的過程中，繩子對桶的拉力等于桶對繩子的拉力B．在桶加速上升的過程中，繩子對桶的拉力大于桶對繩子的拉力C．在桶減速上升的過程中，繩子對桶的拉力小于桶對繩子的拉力D．只要桶向上上升，就有繩子對桶的拉力大于桶和水的重力3、單匝線圈在勻強磁場中繞垂直于磁場的軸勻速轉動，穿過線圈的磁通量Φ隨時間t的變化圖象如圖所示，則()A．在t＝0時，線圈中磁通量最大，感應電動勢也最大B．在0～2×10－2s時間內，線圈中感應電動勢的平均值為零C．在t＝2×10－2s時，線圈中磁通量最小，感應電動勢最大D．在t＝1×10－2s時，線圈中磁通量最小，感應電動勢最大4、在新疆吐魯番的葡萄烘干房內，果農用圖示支架懸掛葡萄。OA、OB為承重的輕桿，AOB始終在豎直平面內，OA可繞A點自由轉動，OB與OA通過鉸鏈連接，可繞0點自由轉動，且OB的長度可調節，現將新鮮葡萄用細線掛于0點，保持OA不動，調節OB的長度讓B端沿地面上的AB連線向左緩慢移動，OA桿所受作用力大小為F1，OB桿所受的作用力大小為F2，∠AOB由銳角變為鈍角的過程中，下列判斷正確的是（）A．F1逐漸變大，F2先變小后變大B．F1先變小后變大，F2逐漸變大C．F1逐漸變小，F2逐漸變小D．F1逐漸變大，F2逐漸變大5、關于加速度，下列說法中不正確的是A．速度變化越大，加速度一定越大B．速度變化越快，加速度一定越大C．速度變化一樣但所用的時間越短，加速度一定越大D．單位時間內速度變化越大，加速度一定越大6、如圖所示為氫原子的能級圖，用某種頻率的光照射大量處于基態的氫原子，受到激發后的氫原子只輻射出三種不同頻率的光a、b、c，頻率νa>νA．照射氫原子的光子能量為12.75eVB．從n=3能級躍遷到n=2能級輻射出的光頻率為νC．逸出的光電子的最大初動能為1.89eVD．光a、b、c均能使金屬發生光電效應二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、在光滑水平面上，原來靜止的物體在水平力的作用下．經過時間、通過位移后，動量變為，動能變為，以下說法正確的是（）A．在作用下，這個物體經過位移，其動量等于B．在作用下，這個物體經過時間，其動量等于C．在作用下，這個物體經過時間，其動能等于D．在作用下，這個物體經過位移，其動能等于8、如圖1，輕彈簧豎直固定，一質量m=0.2kg的小球從彈簧上端某高度處自由下落，從它接觸彈簧到彈簧壓縮到最短的過程中(彈簧始終在彈性限度內)，其速度v和彈簧壓縮量Δx的變化關系如圖2，其中A為曲線最高點．不計空氣阻力，取g=10m/s，以下說法正確的是A．彈簧的勁度系數為20N/mB．當Δx=0.4m時小球處于超重狀態C．小球剛接觸彈簧時速度最大D．從接觸彈簧到壓縮至最短過程中，小球的加速度先減小后增大9、如圖所示，小車在光滑水平面上向左勻速運動，輕質彈簧左端固定在A點，物體與固定在A點的細線相連，彈簧處于壓縮狀態（物體與彈簧未連接），某時刻細線斷開，物體沿車滑動，脫離彈簧后與B端碰撞并粘合在一起，取小車、物體和彈簧為一個系統，下列說法正確的是（）A．若物體滑動中不受摩擦力，則全過程系統機械能守恒B．若物體滑動中受摩擦力，全過程系統動量不守恒C．不論物體滑動中受不受摩擦力，小車的最終速度都相同D．不論物體滑動中受不受摩擦力，全過程系統損失的總機械能都是相同的10、如圖所示，一人站在商場的自動扶梯的水平踏板上隨扶梯一起向上勻加速運動，則下列說法正確的是()A．踏板對人的摩擦力可能為0B．踏板支持力對人做的功大于人重力勢能增量C．踏板對人做的功等于人的機械能的增量D．不計一切損耗，電梯消耗的電能等于人增加的機械能三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）(1)在“用單擺測定重力加速度”的實驗中，有人提出以下幾點建議，其中對提高測量結果精確度有利的是________．A．測量擺長的方法：用刻度尺量出從懸點到擺球間細線的長B．測量周期時，從小球到達最大位移處開始計時，測出擺球完成一次全振動的時間C．適當加長擺線D．為了便于計時觀察，單擺的擺角應盡量大些(2)用毫米刻度尺測得擺線長為L；用游標卡尺測得擺球的直徑為d；用秒表測得單擺完成n次全振動的時間為t，若用給定物理量符號表示當地的重力加速度g，則g＝________．(寫出表達式，不必計算結果)12．（12分）某實驗小組研究兩個未知元件X和Y的伏安特性，使用的器材包括電壓表（內阻約為3kΩ）、電流表（內阻約為1Ω）、定值電阻等：(1)使用多用電表粗測元件X的電阻，選擇“×1”歐姆檔測量，示數如圖（a）所示，讀數__________Ω，據此應選擇圖中的__________（選填“b”或“c”）電路進行實驗；(2)連接所選電烙，閉合S；滑動變阻器的滑片P從左同右滑動，電流表的示數逐漸__________（填增大”“減小”）；依次記錄電流及相應的電壓；將元件X換成元件Y，重復實驗；(3)圖（d）是根據實驗數據做出的U-I圖線，由圖可判斷元件__________（填“X”或“Y”）是非線性元件；(4)該小組還借助X和Y中的線性元件和阻值R=21Ω的定值電阻，測量待測電池組的電動勢E和內阻r，如圖（e）所示，閉合S1和S2，電壓表讀數為3.00V，斷開S2，電壓表讀數為1.00V，結合圖（d）可算出E=_______V，r=__________Ω。（電壓表為理想電壓表）四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）一定質量的理想氣體由狀態A經狀態B變化C的p﹣V圖象如圖所示．①若已知在A狀態時，理想氣體的溫度為27℃，求處于B狀態時氣體的攝氏溫度．②從A狀態變化到C狀態氣體是吸熱還是放熱？并求出吸收或放出的熱量的數值．（已知1atm＝1×105Pa）14．（16分）質量分別為m1＝1kg，m2＝3kg的小車A和B靜止在水平面上，小車A的右端水平連接一根輕彈簧，小車B以水平向左的初速度v0向A駛，與輕彈簧相碰之后，小車A獲得的最大速度為v＝6m/s，如果不計摩擦，也不計相互作用過程中機械能的損失，求：(1)小車B的初速度v0；(2)A和B相互作用過程中，彈簧獲得的最大彈性勢能。15．（12分）如圖所示為一豎直放置、上粗下細且上端開口的薄壁玻璃管，上部和下部的橫截面積之比為2:1，上管足夠長，下管長度l=34????cm．在管內用長度h=4????cm的水銀柱封閉一定質量的氣體，氣柱長度l1=20????cm①若緩慢升高氣體溫度，使水銀上表面到達粗管和細管交界處，求此時的溫度T2②繼續緩慢升高溫度至水銀恰好全部進人粗管，求此時的溫度T3

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、A【解析】

AB.導體棒受到的安培力大小FA=BIL，選項A正確，B錯誤；CD.以導體棒為研究對象，分析受力，如圖。

根據平衡條件得：G+FAcosθ=FN…①

f=FAsinθ…②

由①得：FN=G+FAcosθ=mg+BILcosθ

由②得：f=BILsinθ選項CD錯誤。2、A【解析】

繩子對桶的拉力和桶對繩子的拉力是一對作用力和反作用力，不是一對平衡力，它們總是大小相等，方向相反，滿足牛頓第三定律．【詳解】A、B、C項：繩子對桶的拉力和桶對繩子的拉力是一對作用力和反作用力，根據牛頓第三定律可知這兩個力總是大小相等，與桶的運動狀態無關，故A正確，B、C錯誤；D項：當桶加速上升時，繩子對桶的拉力大于桶和水的重力，故D錯誤．故應選：A．解決本題的關鍵知道作用力與反作用力大小相等，方向相反，作用在同一條直線上，作用在兩個不同的物體上，而平衡力一定作用在同一物體上．3、D【解析】

t=0時刻，線圈中磁通量最大，Φ的變化率達最小，感應電動勢最小，故A錯誤；在0-2×10-2s時間內，磁通量變化不為零，線圈中感應電動勢的平均值不為零，故B錯誤；在t=2×10-2s時刻，Φ的變化率為零，感應電動勢為零，故C錯誤；在t=1×10-2s時刻，磁通量為零，但Φ的變化率達最大，感應電動勢最大，故D正確；故選D．本題關鍵是記住兩個特殊位置：在中性面時磁通量最大，感應電動勢最小，電動勢方向改變；垂直中性面位置磁通量為零，但電動勢最大；4、A【解析】由題,保持OA的位置不變,則需要使OA受力的方向沿OA的方向,OB受到的力沿OB的方向;

以O點為研究對象進行受力分析,受到細線的拉力(等于葡萄的重力)、OA和OB桿的支持力,如圖所示,

作出OB桿的支持力與細線拉力的合力,與OA桿的支持力等大反向,當OB桿向左移動而OA位置不變時,利用矢量三角形方法作出各力的變化情況如圖,

由圖可以知道,F1逐漸增大、F2先減小再增大,當OB與OA相互垂直時,F2最小故A正確；綜上所述本題答案是：A5、A【解析】加速度是描述速度變化快慢的物理量，A錯（，根據公式控制變量可知道變化情況，BCD都對）故選A6、C【解析】

根據公式Cn可知n=3，因此受到激發后的氫原子處于第n=3能級；A．根據氫原子由n=3躍遷到n=1產生的光子能量與從n=1躍遷到n=3所吸收的光子能量相等可知，照射氫原子的光子能量為：ΔEA錯誤；B．頻率大小關系為νa>νb>νc，從n=3躍遷到C．氫原子由n=2向n=1能級躍遷時輻射的光子能量為ΔE而由n=3躍遷到n=1產生的光的能量12.09eV，依據光電效應方程，逸出的光電子的最大初動能為12.09eVC正確；D．氫原子由n=3躍遷到n=2能級時，輻射的光子能量為ΔE所以不能使逸出功為10.2eV的金屬能發生光電效應，D錯誤．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】

由題意可知，經過時間t、通過位移L后，動量為p、動能為，由動量定理可知，由動能定理得，設物體質量為m；當位移為2L時，物體的動能，物體的動量，故A錯誤D正確；當時間為2t時，動量，物體的動能，故B正確C錯誤．8、ABD【解析】

結合圖象分析可知，小球從開始接觸彈簧，到彈簧被壓縮到最短的過程中，先做加速度逐漸減小的加速運動，后做加速度逐漸增大的減速運動，加速度為零時，速度最大，即彈簧的壓縮量時，，代入數據，解得該彈簧的勁度系數=20N/m，AD正確，C錯誤；當時，小球所受彈力大于重力，其加速度豎直向上，處于超重狀態，B正確；故本題選ABD根據圖象可知，當△x為0.1m時，小球的速度最大，加速度為零，此時重力等于彈簧對它的彈力，根據k△x=mg求出k，再求出最低點的彈力，根據牛頓第二定律求解在最低點的加速度，與剛開始接觸時比較得出什么時候加速度最大，小球和彈簧組成的系統機械能守恒．9、CD【解析】

A．物體與橡皮泥粘合的過程，發生非彈性碰撞，系統機械能有損失，故A錯誤.B．整個系統在水平方向不受外力，豎直方向上合外力為零，則全過程系統的合外力為零，系統的動量一直守恒；故B錯誤.C．不論物體滑動中受不受摩擦力，全過程系統的合外力為零，系統的動量一直守恒，原來物體和小車一起向左做勻速運動，速度相同，最終小車物體的速度仍然相同，由動量守恒可得，系統的速度與初速度相等．即不論物體滑動中受不受摩擦力，小車的最終速度都等于初速度，故C正確．D．由C項的分析可知，當物體與B端橡皮泥粘在一起時，系統的速度與初速度相等，所以系統的末動能與初動能是相等的，系統損失的機械能等于彈簧的彈性勢能，與物體滑動中有沒有摩擦無關；故D正確．10、BC【解析】A.人隨扶梯一起斜向上加速運動的過程中，有水平向右的加速度，人要受到扶梯的靜摩擦力．故A錯誤；B.人隨扶梯一起斜向上做加速運動，有豎直向上的加速度，處于超重狀態，則踏板對人的支持力大小大于人所受到的重力大小，踏板支持力對人做的功大于人重力重力做的功，大于人重力勢能的增量，故B正確；C.根據功能關系得知，除了重力以外的力對人做的功等于人的機械能的增加，即踏板對人做的功等于人的機械能增加量．故C正確．D.自動扶梯動能也增大，電梯消耗的電能大于人增加的機械能，故D錯誤．故選：BC三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、C【解析】

（1）擺長等于線長加擺球半徑；測30至50次全振動時間，計算出平均周期是減小偶然誤差的好辦法，次數太少、太多都不好；在平衡位置啟動秒表計時和結束計時便于操作、誤差小；做單擺時擺線要適當加長，擺角不能太大；則選項C正確，ABD錯誤．（2）周期，，則12、10（或10.0）b增大Y3.150.5（或0.50）【解析】

(1)[1][2]．使用多用電表粗測元件X的電阻，選擇“×1”歐姆擋測量，示數如圖（a）所示，讀數為10Ω．

元件X的電阻遠小于電壓表內阻，電流表采用外接法誤差較小，因此需要選擇圖b所示實驗電路．

(2)[3]．連接所選電路，閉合S；滑動變阻器的滑片P從左向右滑動，并聯支路電壓增大，電流表的示數逐漸增大；

(3)[4]．由圖象可知，X電阻不變化；而Y所示電阻隨電壓的變化而變化，則可判斷元件Y是非線性元件；

(4)[5][6]．根據U-I圖線得出元件X的電阻閉合S1和S2，電壓表讀數為3.00V；斷開S2，讀數為1.00V，根據閉合電路歐姆定律列出等式解得E=3.15Vr=0.50Ω四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答