上海市嘉定區2025年物理高二第二學期期末達標測試試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角"條形碼粘貼處"。2．作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3．非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4．考生必須保證答題卡的整潔。考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，B、C兩個小球用細線懸掛于豎直墻面上的A、D兩點，兩球均保持靜止，已知B球的重力為2G，C球的重力為3G，細線AB與豎直墻面之間的夾角為37°，細線CD與豎直墻面之間的夾角為53°，則A．AB繩中的拉力為5GB．CD繩中的拉力為3GC．BC繩中的拉力為2GD．BC繩與豎直方向的夾角θ為53°2、一個物體以初速度v0沿光滑斜面向上運動，其速度v隨時間t變化的規律如圖所示，在連續兩段時間m和n內對應面積均為S，則b時刻速度vb的大小為()A．B．C．D．3、如圖所示，A、B兩物體的質量分別為2kg和1kg，靜止疊放在水平地面上．A、B間的動摩擦因數為0.8，B與地面間的動摩擦因數為0.4.最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為10m/s2.現對A施加一水平拉力F，不計空氣阻力，則()A．當F＝17N時，物體A的加速度大小為0.5m/s2B．當F＝21N時，物體A的加速度大小為3m/s2C．當F＝22N時，A相對B滑動D．當F＝39N時，B的加速度為9m/s24、法國科學家阿爾貝·費爾由于發現了巨磁電阻（）效應，榮獲了諾貝爾物理學獎，如圖電路中，巨磁電阻周圍的磁場增強時，其阻值減小；為電容器，當有磁鐵靠近時，下列說法正確的是（）A．電流表的示數減小B．電容器的電荷量增大C．電壓表的示數變小D．電源內部消耗的功率變小5、如圖所示，質量為M的盒子放在光滑的水平面上，盒子內表面不光滑，盒內放有一塊質量為m的物體，某時刻給物體一個水平向右的初速度v0，那么在物體與盒子前后壁多次往復碰撞后()A．兩者的速度均為零B．兩者的速度總不會相等C．盒子的最終速度為，方向水平向右D．盒子的最終速度為，方向水平向右6、將一質點從靜止開始做勻加速直線運動的總時間分成相等的三段，按從開始到最后的順序，則質點經過這三段時間內的平均速度之比是（）A．1:4:9 B．1:3:5 C．1:: D．1:(+1):(+)二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下列說法正確的是()A．康普頓發現了電子B．盧瑟福提出了原子的核式結構模型C．貝克勒爾發現了鈾和含鈾礦物的天然放射現象D．倫琴發現了X射線8、如圖為研究斷電自感現象的電路圖，其中R0為定值電阻，小燈泡的電阻為R，線圈的自感系數為L、直流電阻為RL。電路接通并達到穩定狀態后，斷開A．撤去自感線圈中的鐵芯B．換用阻值更大的定值電阻C．換用阻值更大的小燈泡D．換用RL更小、但L9、某理想氣體從a狀態經等溫過程到達b狀態，再經等容過程到達c狀態，又經等壓過程回到a狀態，對應的P-V圖像如圖甲所示．則圖乙中該過程中對應的P-T圖像、V-T圖像，可能正確的是A． B． C． D．10、用相同強度、相同頻率的兩束紫外線分別照射兩種不同金屬表面，產生光電效應時，下列說法正確的是（）A．兩束光的光子能量相同B．在單位時間里逸出的電子數相同C．兩金屬逸出的光電子最大初動能相同D．從兩金屬表面幾乎同時逸出光電子三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）兩位同學用如圖甲所示裝置，通過半徑相同的A、B兩球的碰撞來驗證動量守恒定律．（1）實驗中必須滿足的條件是_____．A．斜槽軌道盡量光滑以減小誤差B．斜槽軌道末端的切線必須水平C．入射球A每次必須從軌道的同一位置由靜止滾下D．兩球的質量必須相等（2）測量所得入射球A的質量為mA，被碰撞小球B的質量為mB，圖甲中O點是小球拋出點在水平地面上的垂直投影，實驗時，先讓入射球A從斜軌上的起始位置由靜止釋放，找到其平均落點的位置P，測得平拋射程為OP；再將入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，與小球B相撞，分別找到球A和球B相撞后的平均落點M、N，測得平拋射程分別為OM和ON．當所測物理量滿足表達式___________時，即說明兩球碰撞中動量守恒；如果滿足表達式______________時，則說明兩球的碰撞為完全彈性碰撞．（1）記錄紙上的O點是重垂線所指的位置，若測得各落點痕跡到O的距離：OM=2.68cm，OP=8.62cm，ON=11.50cm，并知兩球的質量分別為mB=10g與mA=20g，系統碰撞前總動量p與碰撞后總動量p′的百分誤差=______%（結果保留一位有效數字）．（4）乙同學也用上述兩球進行實驗，但將實驗裝置進行了改裝：如圖乙所示，將白紙、復寫紙固定在豎直放置的木條上，用來記錄實驗中球A、球B與木條的撞擊點．實驗時，首先將木條豎直立在軌道末端右側并與軌道接觸，讓入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，撞擊點為B′；然后將木條平移到圖中所示位置，入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，確定其撞擊點P′；再將入射球A從斜軌上起始位置由靜止釋放，與球B相撞，確定球A和球B相撞后的撞擊點分別為M′和N′．測得B′與N′、P′、M′各點的高度差分別為h1、h2、h1．若所測物理量滿足表達式__________時，則說明球A和球B碰撞中動量守恒．12．（12分）在做“研究勻變速直線運動”的實驗時，某同學得到一條用電火花計時器打下的紙帶如圖所示，并在其上取了A、B、C、D、E、F、G7個計數點，每相鄰兩個計數點間還有4個點圖中沒有畫出，電火花計時器接220V、50Hz交流電源．他經過測量并計算得到電火花計時器在打B、C、D、E、F各點時物體的瞬時速度如下表：(1)(1)根據表中給出的數據，以A點對應的時刻為t＝0，試在圖坐標系中合理選擇好標度，作出v-t圖象_______．根據圖象求出打G點時物體的速度v＝______m/s；（保留兩位有效數字）；(2)當時電網中交變電流的頻率變為49Hz電壓變為210V，但該同學并不知道，那么做實驗的這個同學測得的物體加速度的測量值與實際值相比_______（選填“偏大”、“偏小”或“不變”）．四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，邊長為1=60cm的正方形線圈abcd的匝數為n=100匝，線圈電阻為r=1Ω，外電路的電阻為R=8Ω，ab的中點和cd的中點的連線00′恰好位于勻強磁場的邊界上，磁感應強度為B=0.2T，現在線圈以00′為軸，以角速度ω=10rad/s勻速轉動，求：(1)閉合電路中電流瞬時值的表達式；(2)線圈從圖示位置轉過90°的過程中電阻R上產生的熱量；(3)線圈從圖示位置轉過90°的過程中電阻R上通過的電荷量．14．（16分）如圖所示，兩光滑軌道相距L=0.5m，固定在傾角為的斜面上，軌道下端接入阻值為R=1.6Ω的定值電阻。整個軌道處在豎直向上的勻強磁場中，磁感應強度B=1T。一質量m=0.1kg的金屬棒MN從軌道頂端由靜止釋放，沿軌道下滑，金屬棒沿軌道下滑x=3.6m時恰好達到最大速度（軌道足夠長），在該過程中，金屬棒始終能保持與軌道良好接觸。（軌道及金屬棒的電阻不計，重力加速度g取10m/s2,sin37°=0.6，cos37°=0.8)求：（1）金屬棒下滑過程中，M、N哪端電勢高；（2）求金屬棒下滑過程中的最大速度v；（3）求該過程回路中產生的焦耳熱Q。15．（12分）一個靜止的氮核俘獲了一個速度為2.3×107m/s的中子生成一個復核A，A又衰變成B、C兩個新核，設B、C的速度方向與中子方向相同，B的質量是中子的11倍，速度是106m/s，B、C在同一磁場中做圓周運動的半徑之比RB：RC=11：30，求：（1）C核的速度大小；（2）根據計算判斷C核是什么？（3）寫出核反應方程．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】

先以兩個小球整體為研究對象，受力分析，根據平衡條件求出AB和CD兩根細線的拉力；再隔離C球受力分析，正交分解，根據平衡條件類方程求解BC繩中拉力和細線BC與豎直方向的夾角θ．【詳解】對兩個小球構成的整體受力分析：根據平衡條件：x軸：FABsin37°=FCDsin53°，y軸：FABcos37°+FCDcos53°=5G，得：FAB=4G，FCD=3G，故A錯誤，B正確；對C球受力分析，根據平衡條件：x軸：FBCsinθ=FCDsin53°，y軸：FBCcosθ+FCDcos53°=3G，得：tanθ=2；FBC=G，故CD錯誤；故選B．本題首先要選擇好研究對象，其次正確分析受力情況，作出力圖，再由平衡條件求解．以上是利用正交分解法，也可以利用合成法．2、A【解析】設物體在a時刻速度為，b時刻速度為，物體加速度為a，則：；；，聯立解得：，故選A3、B【解析】A與B間的最大摩擦力為：fA=μ1mAg=0.8×2×10N=16N

B與地面間的摩擦力為：f=μ2（mA+mB）g=12N

B的最大加速度為am，則有：fA-f=mBam，

解得：am對A分析，當A的加速度大于4m/s2時，AB發生滑動，此時的拉力為F，則F-fA=mAam，解得F=24N，當F=17N時，AB以共同的加速度運動，此時的加速度為：a共＝F-fmA點睛：本題考查了摩擦力的計算和牛頓第二定律的綜合運用，解決本題的突破口在于通過隔離法和整體法求出A、B不發生相對滑動時的最大拉力。4、C【解析】

AC．當有磁鐵靠近時，其電阻減小，故回路中的總電阻減小，則總電流增大，路端電壓減小，故電壓表的示數減小，電流表的示數增大，故A錯誤，C正確；B．電容器C兩端的電壓等于路端電壓，根據Q=CU，可知U減小，則電荷量減小，故B錯誤；D．根據，可知總電流增大，故電源內部消耗的功率變大，故D錯誤。故選C。5、D【解析】試題分析：根據動量守恒，物塊與盒子前后壁多次往復碰撞，最后以相同的速度向右運動，所以：，選項D正確．考點：動量守恒6、B【解析】

質點從靜止開始做勻加速直線運動，設每段時間為T，則有：第一個T末的速度為：v1=aT；第二個T末的速度為：v2=a?2T；第三個T末的速度為：v3=a?3T

，由勻變速直線運動的推論，可知，，，可得這三段時間內的平均速度之比是1：3：5，故選B．熟練掌握勻變速直線運動的三個速度公式和四個位移公式，并靈活運用．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】試題分析：電子是湯姆生發現的，故A項不正確；盧瑟福根據α粒子散射實驗提出了原子的核式結構模型，故B項正確；貝克勒爾發現了含鈾礦物的天然放射現象，但鈾不是他發現的，故C項不正確；倫琴發現了X射線，并因此獲得了諾貝爾獎，故D項正確考點：物理學史點評：物理學史屬于必考知識，在高中階段有一些重要的歷史人物需要大家總結歸納記憶，在光學和原子物理方面就人物更多了，需要學生多看書，積累．8、CD【解析】

開關由閉合到斷開瞬間，線圈中產生感應電動勢，而燈R與線圈L是串聯，所以二者的電流是相等的。由題，斷開開關S，可以看到燈泡先是“閃亮”（比開關斷開前更亮）一下，則說明在電路在穩定狀態時，通過燈泡的電流小于通過電感線圈的電流，同時電感線圈的電阻RL小于燈泡的電阻R。

A.撤去電感線圈中的鐵芯，根據線圈的特點可知，L將減小，可知產生的感應電動勢減小，對電流變化的阻礙作用減小，則自感現象將不明顯。故A錯誤；B.換用阻值更大的定值電阻對燈泡是否閃亮無影響，選項B錯誤；C.換用阻值更大的小燈泡，可使得通過燈泡的電流小于通過電感線圈的電流，電鍵斷開的瞬時可使燈泡更閃亮一次然后逐漸熄滅，選項C正確；D.換用RL更小、但L不變的線圈，可使得通過燈泡的電流小于通過電感線圈的電流，電鍵斷開的瞬時可使燈泡更閃亮一次然后逐漸熄滅，選項D正確；9、AC【解析】

AB、根據甲圖可知，從a-b是等溫變化，在等溫變化時壓強P是在減小的，b-c過程等容過程壓強是增大，c-a等壓過程中體積減小溫度應該降低，故A對；B錯；CD、根據甲圖可知，從a-b是等溫變化，在等溫變化時壓強P減小導致體積也減小，b-c過程等容過程壓強是增大，則溫度也是增大，，c-a等壓過程中體積減小溫度應該降低，故C對，D錯；故選AC10、ABD【解析】

根據E=hv知，兩束光的頻率相同，則光子能量相同，故A正確．由于兩束光的強度相同，則產生光電效應，單位時間內逸出的光電子數目相同，故B正確．根據光電效應方程Ekm=hv-W0，入射光的頻率相同，兩種金屬的逸出功不同，則逸出的光電子的最大初動能不相同，故C錯誤．光電效應具有瞬時性，光電子的發射幾乎是瞬時的，則從兩金屬表面幾乎同時逸出光電子，故D正確．故選ABD．解決本題的關鍵掌握光電效應的規律及光電效應方程，知道發生光電效應的條件，以及知道入射光的強度影響單位時間內逸出光電子的數目．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BCmAOP=mAOM+mBONmAOP2=mAOM2+mBON22【解析】（1）“驗證動量守恒定律”的實驗中，是通過平拋運動的基本規律求解碰撞前后的速度的，只要離開軌道后做平拋運動，對斜槽是否光滑沒有要求，故A錯誤；要保證每次小球都做平拋運動，則軌道的末端必須水平，故B正確；要保證碰撞前的速度相同，所以入射球每次都要從同一高度由靜止滾下，故C正確；為了使小球碰后不被反彈，要求入射小球質量大于被碰小球質量，故D錯誤．（2）小球離開軌道后做平拋運動，由于小球拋出點的高度相同，它們在空中的運動時間t相等，它們的水平位移x與其初速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球的初速度，若兩球相碰前后的動量守恒，則mAv0=mAv1+mBv2，又OP=v0t，OM=v1t，ON=v2t，代入得：mAOP=mAOM+mBON；若碰撞是彈性碰撞，則機械能守恒，由機械能守恒定律得：mAv02=mAv12+mBv22，將OP=v0t，OM=v1t，ON=v2t，代入得：mAOP2=mAOM2+mBON2．（1）由（2）知（4）小球做平拋運動，在豎直方向上：h=gt2，平拋運動時間：t=，設軌道末端到木條的水平位置為x，小球做平拋運動的初速度：vA=，vA′=，vB′=，如果碰撞過程動量守恒，則：mAvA=mAvA′+mBvB′，將速度代入動量守恒表達式解得：．12、0.34(0.33~0.35)偏大【解析】

(1)作出v-t圖象如圖所示，注意盡量使描出的點落到直線上，不能落到直線上的點盡量讓其分布在直線兩側．由速度-時間圖象的斜率表示加速度，得：所以(2)實驗中電壓偏小不影響打點周期．當電源的頻率為50Hz時打點計時器每隔打一個點，當交流電的頻率小于50Hz時，打點時間間隔T變大，大于0.02s，如果仍按50Hz計算，計算所用的時間小于真實時間，則測量的速度的數值比真實的速度數值偏大．根據給出的速度的數值做出圖像,根據速度-時間圖象的斜率表示加速度解出加速度的數值．再根據求解G點的速度．四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）i=4sin10t(A)（2）Q=1.44πJ（3）q=0.4C【解析】(1)線圈轉動時，總有一條邊切割磁感線，且ac邊和bd邊轉動的線速度大小相等，當線框平行于磁場時，產生的感應電動勢最大，為：由閉