第1頁(yè)/共1頁(yè)第十屆湖北省高三（4月）調(diào)研模擬考試數(shù)學(xué)試卷命題單位：黃岡市教科院審題單位：宜昌市教科院2025.4本試卷共4頁(yè)，19題，全卷滿分150分.考試用時(shí)120分鐘.★?？荚図樌镒⒁馐马?xiàng)：1.答題前，先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫(xiě)在試卷和答題卡上，并將準(zhǔn)考證號(hào)條形碼粘貼在答題卡上的指定位置.2.選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑.寫(xiě)在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效.3.非選擇題的作答：用黑色簽字筆直接答在答題卡上對(duì)應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi).寫(xiě)在試卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無(wú)效.4.考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡一并上交.一、選擇題：本題共8小題，每小題5分，共40分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的.1.已知集合，，則（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】根據(jù)一元二次不等式化簡(jiǎn)集合A，進(jìn)而求交集.【詳解】由題意可得：集合，且，所以.故選：C.2.已知復(fù)數(shù)滿足，則（）A. B. C. D.【答案】A【解析】【分析】設(shè)，則，代入已知條件，利用復(fù)數(shù)相等的條件即可求解.【詳解】設(shè)，則，因?yàn)?，所以，所以，所以，解得，所?故選：A.3.已知函數(shù)，若，則的最小值為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【分析】由，可得，結(jié)合周期分析可求得最小值.【詳解】由，可得，解得，又函數(shù)的最小正周期為，故取的最小值時(shí)，在同一個(gè)周期內(nèi)，當(dāng)，，此時(shí)，當(dāng)，時(shí)，，所以的最小值為.故選：C.4.一個(gè)直三棱柱形容器中盛有水，側(cè)棱，底面邊上的高為.當(dāng)?shù)酌嫠椒胖脮r(shí)水面高度為16（如圖①）.當(dāng)側(cè)面水平放置時(shí)（如圖②），水面高度為（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【分析】利用水的體積不變計(jì)算可求解.【詳解】設(shè)底面的面積為，當(dāng)?shù)酌嫠椒胖脮r(shí)水面高度為16，所以水的體積為，設(shè)側(cè)面水平放置時(shí)，水呈四棱柱體，設(shè)四棱柱體的底面梯形的面積為，則水的體積為，所以，所以，設(shè)四棱柱體的底面梯形的高為，則可得，解得.故選：D.5.已知向量，滿足，且在上的投影向量為單位向量，則（）A.1 B. C.3 D.2【答案】D【解析】分析】由題意可得，進(jìn)而可得，設(shè)設(shè)，，計(jì)算可求.【詳解】因?yàn)樵谏系耐队跋蛄繛閱挝幌蛄?，所以，所以，所以，設(shè)，，可得，兩邊平方得，所以，令，則，解得或，當(dāng)時(shí)，這時(shí)，此時(shí)，此時(shí)，不符合題意，當(dāng)時(shí)，即，此時(shí).故選：D.6.已知為坐標(biāo)原點(diǎn)，為雙曲線：的右焦點(diǎn)，，為的左右頂點(diǎn)，M為C上一點(diǎn)，軸，過(guò)的直線分別交y軸和線段于H，N兩點(diǎn)，直線交y軸于G點(diǎn)，且，則雙曲線的漸近線方程為（）A. B. C. D.【答案】B【解析】【分析】設(shè)，可得，利用相似三角形建立關(guān)系求得，進(jìn)而得到，得解.【詳解】如圖，設(shè)，由，得，由，可得，即，則，又，得，即，，即，解得，，即，所以雙曲線的漸近線方程為.故選：B.7.已知函數(shù)，若，則的最小值為（）A.1 B.2 C. D.【答案】B【解析】【分析】由題意可得，結(jié)合函數(shù)的單調(diào)性可得，進(jìn)而可求的最小值.【詳解】函數(shù)的定義域?yàn)?，可得函?shù)在上單調(diào)遞增，又，由，得，因?yàn)楹瘮?shù)在上單調(diào)遞增，所以，所以，所以，當(dāng)且僅當(dāng)時(shí)取等號(hào)，所以的最小值為.故選：B.8.如圖，半徑為1的與半徑為2的內(nèi)切于點(diǎn)A，沿的圓弧無(wú)滑動(dòng)的滾動(dòng)一周.若上一定點(diǎn)P從A點(diǎn)出發(fā)隨著的滾動(dòng)而運(yùn)動(dòng)，設(shè)點(diǎn)P的軌跡為C，則（）A.C是半徑為的圓 B.C是半徑為1的圓C.C是長(zhǎng)度為2的線段 D.C是長(zhǎng)度為4的線段【答案】D【解析】【分析】作圓運(yùn)動(dòng)后的某圓，設(shè)此時(shí)與圓相切于點(diǎn)，點(diǎn)從運(yùn)動(dòng)到，通過(guò)題設(shè)運(yùn)動(dòng)中的等量關(guān)系結(jié)合弧長(zhǎng)公式得到即可得到的軌跡求解.【詳解】圓運(yùn)動(dòng)到，設(shè)此時(shí)與圓相切于點(diǎn)，點(diǎn)從運(yùn)動(dòng)到，易知，所以，所以，所以的軌跡為圓中過(guò)，的直徑，長(zhǎng)度為4．故選：D二、選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得6分，部分選對(duì)的得部分分，有選錯(cuò)的得0分.9.下列命題正確的是（）A.是一組樣本數(shù)據(jù)，去掉其中的最大數(shù)和最小數(shù)后，剩下10個(gè)數(shù)的中位數(shù)小于原樣本的中位數(shù)B.若事件A，B相互獨(dú)立，且，，則事件A，B不互斥C.若隨機(jī)變量，，則D.若隨機(jī)變量的方差，期望，則隨機(jī)變量的期望【答案】BCD【解析】【分析】A選項(xiàng)，利用中位數(shù)的定義判斷出A錯(cuò)誤；B選項(xiàng)，計(jì)算出，故，B正確；C選項(xiàng)，利用正態(tài)分布的對(duì)稱性進(jìn)行判斷；D選項(xiàng)，利用得到，D正確.【詳解】A選項(xiàng)，從小到大排序，去掉其中的最大數(shù)和最小數(shù)后，剩下10個(gè)數(shù)大小順序不變，故剩下10個(gè)數(shù)的中位數(shù)和原來(lái)的中位數(shù)一樣，A錯(cuò)誤；B選項(xiàng)，事件A，B相互獨(dú)立，且，，，所以，故事件A，B不互斥，B正確；C選項(xiàng)，隨機(jī)變量，，設(shè)，，則，，根據(jù)原則，可知，C正確；D選項(xiàng)，隨機(jī)變量的方差，期望，其中，故，，故隨機(jī)變量的期望，D正確.故選：BCD10.已知a，b，c分別為的內(nèi)角A，B，C所對(duì)的邊，，則下列說(shuō)法正確的是（）A. B. C. D.，【答案】ABD【解析】【分析】由已知結(jié)合二倍角的余弦公式可得，利用三角恒等變換可得，可判斷A；利用三角內(nèi)角和可得，結(jié)合兩角和正切公式計(jì)算可判斷B；分類討論可得，進(jìn)而，進(jìn)而計(jì)算可判斷CD.【詳解】由，可得，所以，所以，所以，所以，所以，所以，故A正確；因?yàn)椋裕?，所以，所以，故B正確；因?yàn)椋酝?hào)，若，又，此時(shí)，顯然不符合題意，所以，所以，所以，所以，由，可得，所以，所以，所以，故C錯(cuò)誤；由，可得，，故D正確.故選：ABD.11.已知拋物線：的焦點(diǎn)為，點(diǎn)在拋物線上，，設(shè)直線為拋物線在點(diǎn)處的切線，過(guò)點(diǎn)作的垂線交拋物線于另一點(diǎn)，若，則下列說(shuō)法正確的是（）A. B.直線的斜率為C. D.【答案】BCD【解析】【分析】對(duì)于A，根據(jù)條件，利用拋物線的定義，即可求解；對(duì)于B和C，利用導(dǎo)數(shù)的幾何意，求得拋物線在點(diǎn)處的切線方程為，求得垂線方程，聯(lián)立拋物線方程得到，再利用過(guò)兩點(diǎn)直線的斜率，即可求解；對(duì)于D，利用，得到，利用累加法得到，即可求解.【詳解】對(duì)于選項(xiàng)A，因?yàn)?，解得，所以選項(xiàng)A錯(cuò)誤，因?yàn)?，即，則，所以拋物線在點(diǎn)處的切線方程為，垂線方程，由，消得到，則，得到，又，所以選項(xiàng)B和C正確，對(duì)于選項(xiàng)D，因?yàn)?，得到，所以?dāng)時(shí)，，又，所以，則，故選項(xiàng)D正確，故選：BCD．三、填空題：本題共3小題，每小題5分，共15分.12.已知，，則______.【答案】【解析】【分析】利用余弦差公式將已知條件展開(kāi)，結(jié)合，求得，再利用正弦二倍角公式，將展開(kāi)，代入即可求解.【詳解】因?yàn)椋?，所以，所?故答案為：.13.已知函數(shù)恰有2個(gè)極值點(diǎn)，則實(shí)數(shù)a的取值范圍為_(kāi)_______.【答案】【解析】【分析】由題可得有兩個(gè)不同正根，利用分離參數(shù)法得到.令，，只需與有兩個(gè)交點(diǎn)，利用導(dǎo)數(shù)研究的單調(diào)性與極值，利用數(shù)形結(jié)合即可求解.【詳解】因?yàn)楹瘮?shù)的定義域?yàn)?，由，可得，要使函?shù)有兩個(gè)極值點(diǎn)，只需有兩個(gè)不同正根，并且在的兩側(cè)的單調(diào)性相反，由得，，所以，由題意可知與有兩個(gè)不同的交點(diǎn)，令，則，所以當(dāng)時(shí)，，函數(shù)在上單調(diào)遞增，當(dāng)時(shí)，，函數(shù)在上單調(diào)遞減，所以，當(dāng)時(shí)，，作出圖形如圖所示：由圖象可得實(shí)數(shù)a的取值范圍為.故答案為：.14.甲乙丙三個(gè)班級(jí)共同分配9個(gè)三好學(xué)生名額，每班至少1個(gè)名額，用X表示這三個(gè)班級(jí)中分配的最少名額數(shù)，則X的數(shù)學(xué)期望_______.【答案】【解析】【分析】由隔板法求得總的情況數(shù)，利用分組分配的思想求得不同取值下情況數(shù)，結(jié)合古典概型寫(xiě)出分布列，根據(jù)均值的計(jì)算，可得答案，【詳解】由題意可得的可能取值為，且總的情況數(shù)為，當(dāng)時(shí)，分組情況有，，，，情況數(shù)分別為；當(dāng)時(shí)，分組情況有，，情況數(shù)分別；當(dāng)時(shí)，分組情況有，情況數(shù)為.則，，，可得的分布列如下：所以.故答案為：.四、解答題：共77分.解答應(yīng)寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、證明過(guò)程或演算步驟.15.已知是無(wú)窮正整數(shù)數(shù)列，定義操作為刪除數(shù)列中除以余數(shù)為的項(xiàng)，剩下的項(xiàng)按原先后順序不變得到新數(shù)列.若，，進(jìn)行操作后剩余項(xiàng)組成新數(shù)列，設(shè)數(shù)列的前項(xiàng)和為.（1）求；（2）設(shè)數(shù)列滿足，求數(shù)列的前項(xiàng)和.【答案】（1）（2）【解析】【分析】（1）分析可知，進(jìn)而可得，結(jié)合等差數(shù)列求和公式運(yùn)算求解；（2）整理可得，利用裂項(xiàng)相消法運(yùn)算求解.【小問(wèn)1詳解】因?yàn)椋芍M足除以3余數(shù)為1），當(dāng)時(shí)，為3的倍數(shù)，進(jìn)行操作，即刪除，剩余，則，可得，所以.【小問(wèn)2詳解】由（1）可知，則，所以數(shù)列的前項(xiàng)和.16.設(shè)函數(shù)，.（1）當(dāng)，時(shí)，討論的單調(diào)性；（2）若，且和（為的導(dǎo)函數(shù)）的零點(diǎn)均在集合中，求的極小值.【答案】（1）答案見(jiàn)解析（2）【解析】【分析】（1）求導(dǎo)可得，分，兩種情況討論可求得的單調(diào)性；（2）求導(dǎo)，令，可得或，由，計(jì)算求解可得的值，進(jìn)而可求極小值.【小問(wèn)1詳解】當(dāng)時(shí)，，．當(dāng)時(shí)，，在上單增，當(dāng)時(shí)，令，或，時(shí)，，單調(diào)遞增，時(shí)，，單調(diào)遞減，時(shí)，，單調(diào)遞增，綜上所述：當(dāng)時(shí)，在上單增；當(dāng)時(shí)，和上單調(diào)遞增，在上單調(diào)遞減，【小問(wèn)2詳解】，令，所以或令，或，又，且，，互不相等，所以，所以所以或或．經(jīng)檢驗(yàn)，符合，所以，，令，或，當(dāng)，，，，，所以時(shí)，取得極小值．17.在平面直角坐標(biāo)系中，為坐標(biāo)原點(diǎn)，F(xiàn)，T分別是橢圓：的左焦點(diǎn)，右頂點(diǎn)，過(guò)F的直線交橢圓C于A，B兩點(diǎn)，當(dāng)軸時(shí)，的面積為.（1）求；（2）若斜率為的直線交橢圓C于G，H兩點(diǎn)，N為以線段為直徑的圓上一點(diǎn)，求的最大值.【答案】（1）（2）【解析】【分析】（1）在橢圓方程中，令，解得，得，再根據(jù)結(jié)合，求出答案；（2）設(shè)直線：與橢圓方程聯(lián)立，由韋達(dá)定理求得的中點(diǎn)為，利用弦長(zhǎng)公式求得，進(jìn)而得到以為直徑的圓的半徑，由，三角換元利用三角函數(shù)性質(zhì)求出最大值.【小問(wèn)1詳解】依題意有，當(dāng)軸時(shí)，在橢圓方程中，令，解得，則，，又．解得，．【小問(wèn)2詳解】設(shè)直線：，設(shè)，，聯(lián)立，得，所以，所以.，所以的中點(diǎn)為，所以.又的軌跡是以為圓心，半徑的圓，所以令，，記，又，所以，時(shí)，.18.如圖，在四棱錐中，為矩形，且，，.（1）求證：平面；（2）若（N在S的左側(cè)），設(shè)三棱錐體積為，四棱錐體積為，且.①求點(diǎn)到平面的距離；②求平面與平面所成夾角的正弦值.【答案】（1）證明見(jiàn)解析（2）；【解析】【分析】（1）由余弦定理得到，進(jìn)而得到即可求證；（2）建系，通過(guò)點(diǎn)到面距離公式及面面角的夾角公式即可求解.【小問(wèn)1詳解】在中，，，，所以，解得：，所以，所以，又，為平面內(nèi)兩條相交直線，所以平面；【小問(wèn)2詳解】（2）由（1）知，平面，，所以平面，又在平面內(nèi)，所以平面平面，在平面內(nèi)，所以，在三角形中，，，，所以，又，所以，又，又，所以，又，所以，取的中點(diǎn)，，可知：，因?yàn)槠矫嫫矫?，交線為，又在平面內(nèi)，所以平面，如圖建立空間直角坐標(biāo)系易得：,所以，設(shè)平面的法向量為，則，所以，令，得，即，又，所以求點(diǎn)到平面的距離，②，設(shè)平面的法向量，則，所以，令，則，可得：，設(shè)平面與平面所成夾角為，所以，所以，即平面與平面所成夾角的正弦值為.19.一電動(dòng)玩具汽車需放入電池才能啟動(dòng).現(xiàn)抽屜中備有6塊規(guī)格相同的電池，其中3塊為一次性電池，另外3塊為可反復(fù)使用的充電電池.每次使用時(shí)隨機(jī)取一塊電池，若取出的是一次性電池，則使用后作廢品回收，若取出的是可充電電池，則使用后充滿電再放回抽屜.（1）在已知第2次取出一次性電池的條件下，求第1次取出的是可充電電池的概率；（2）設(shè)X，Y是離散型隨機(jī)變量，X在給定事件條件下的期望定義為，其中為X的所有可能取值的集合，表示事件“”與“”均發(fā)生的概率.設(shè)X表示玩具汽車前4次使用中取出一次性電池的塊數(shù)，Y表示前2次使用中取出可充電電池的塊數(shù)，求；（3）若已用完一塊一次性電池后，記剩下電池再使用次后，所有一次性電池恰好全部用完的概率為，求數(shù)列的通項(xiàng)公式.【答案】（1）（2）（3）【解析