安徽省蕪湖市2024?2025學年高二下學期期中聯考數學試題一、單選題（本大題共8小題）1．3個班分別從5個風景點中選擇一處游覽，不同選法的種數是（

）A． B． C． D．2．已知等差數列和的前項和分別為，，若，則（

）A． B． C． D．3．甲、乙、丙等5人站成一排，且甲不在兩端，乙和丙之間恰有2人，則不同排法共有（

）A．20種 B．16種 C．12種 D．8種4．在等比數列中，是函數的兩個極值點，若，則t的值為（

）A． B． C．4 D．55．記為等比數列的前n項和，若，，則（

）．A．120 B．85 C． D．6．已知數列的前項和（為常數），則“為遞增的等差數列”是“”的（

）A．充分不必要條件 B．必要不充分條件C．充要條件 D．既不充分也不必要條件7．設a=0.1A．a＜B．c＜C．c＜D．a＜8．對于，恒成立，則正數的范圍是（

）A． B． C． D．二、多選題（本大題共3小題）9．已知等差數列的前項和為，若，，則下列結論正確的是（）A．是遞減數列 B．，C． D．10．設函數，則（）A．存在，函數僅有一個極值點B．曲線關于點對稱C．當時，是曲線的切線方程D．當時，函數有唯一零點11．如圖，曲線上的點與x軸非負半軸上的點，構成一系列正三角形，記為，，…，（為坐標原點）．設的邊長為，點，的面積為，則下列說法中正確的是（）A．數列的通項公式 B．數列的通項公式C． D．三、填空題（本大題共3小題）12．某臺小型晚會由5個節目組成，演出順序有如下要求：節目甲必須排在前兩位，節目乙不能排在第一位，則該臺晚會節目演出順序的編排方案共有種．13．已知等比數列的前項和，則.14．已知函數，不等式對任意的恒成立，則的最大值為．四、解答題（本大題共5小題）15．（1）已知，計算：.（2）解方程：．16．設為數列的前n項和，已知．(1)求的通項公式；(2)求數列的前n項和．17．已知函數．(1)當時，求曲線在點處的切線方程；(2)若有極小值，且極小值小于0，求a的取值范圍．18．漢諾塔（Hanoi）游戲是源于印度古老傳說的益智游戲，該游戲是一塊銅板裝置上，有三根桿（編號A、B、C），在A桿自下而上、由大到小按順序放置若干個金盤（如下圖）．游戲的目標：把A桿上的金盤全部移到C桿上，并保持原有順序疊好．操作規則如下：每次只能移動一個盤子，并且在移動過程中三根桿上都始終保持大盤在下，小盤在上，操作過程中盤子可以置于A、B、C任一桿上．記n個金盤從A桿移動到C桿需要的最少移動次數為．(1)求，，；(2)寫出與的關系，并求出．(3)求證：19．已知函數．(1)若，求函數的最大值；(2)若函數有兩個不同的零點m，n．（ⅰ）求實數k的取值范圍；（ⅱ）若不等式恒成立，求實數a的取值范圍．

參考答案1．【答案】D【詳解】解：由題意可知，每個班都有5種選法，則由分步計數原理可得共有種方法.故選D.2．【答案】B【分析】計算出，由等差數列的性質得，，從而得到答案.【詳解】因為等差數列和的前項和分別為，，滿足，所以，又，故，故選B.3．【答案】B【詳解】因為乙和丙之間恰有人，所以乙丙及中間人占據首四位或尾四位，①當乙丙及中間人占據首四位，此時還剩末位，故甲在乙丙中間，排乙丙有種方法，排甲有種方法，剩余兩個位置兩人全排列有種排法，所以有種方法；②當乙丙及中間人占據尾四位，此時還剩首位，故甲在乙丙中間，排乙丙有種方法，排甲有種方法，剩余兩個位置兩人全排列有種排法，所以有種方法；由分類加法計數原理可知，一共有種排法，故選B.4．【答案】C【詳解】，所以是方程的兩個實數根，則，，，根據等比數列的性質，，且所以，即，得.故選C.5．【答案】C【分析】方法一：根據等比數列的前n項和公式求出公比，再根據的關系即可解出；方法二：根據等比數列的前n項和的性質求解．【詳解】方法一：設等比數列的公比為，首項為，若，則，與題意不符，所以；若，則，與題意不符，所以；由，可得，，①，由①可得，，解得：，所以．方法二：設等比數列的公比為，因為，，所以，否則，從而，成等比數列，所以有，，解得：或，當時，，即為，易知，，即；當時，，與矛盾，舍去．故選C．【思路導引】本題主要考查等比數列的前n項和公式的應用，以及整體思想的應用，解題關鍵是把握的關系，從而減少相關量的求解，簡化運算．6．【答案】A【詳解】設等差數列的公差為，由等差數列的前項和，類比表達式，有.當為遞增等差數列時，有；反之，當時，例如，可得；，則，此時數列從第二項開始才為遞增的等差數列；所以“為遞增的等差數列”是“”的充分不必要條件.故選A.7．【答案】C【詳解】設fx=ln1+當x∈-1,0時，f′x＞0所以函數fx=ln1+x-x所以f19＜f0=0，所以ln10所以f-110＜f0=0，所以ln故a＜b設gx=xex令hx=exx當0＜x＜2-1時，當2-1＜x＜1時，又h0=所以當0＜x＜2-所以當0＜x＜2-1時，所以g0.1＞g0=0，即故選C.8．【答案】B【詳解】由恒成立可得，即恒成立，由，可得恒成立，令，則，由知，函數單調遞增，所以恒成立，則恒成立，即恒成立，令，則，當時，，單調遞增，當時，，單調遞減，所以當時，，所以只需，即.故選B.9．【答案】BCD【詳解】，，∴，，∴，，∴，，且，故B、C正確；∴公差，等差數列是遞增數列，故A錯誤；因為，，所以時，取得最小值，所以，故D正確.故選BCD.10．【答案】BC【詳解】對于A，由題意可得，當時，恒成立，函數在上單調遞減，無極值點，當時，令，即，解得，此時函數有兩個極值點，所以不存在，使函數僅有一個極值點，故A錯誤；對于B，設是圖像上任意一點，則，點關于點對稱的點為，將代入函數可得，而，所以曲線關于點對稱，故B正確；對于C，當時，，，若是切線方程，則其斜率為9，令，解得，當時，，切線方程為，化簡可得；當時，，切線方程為，化簡可得；所以是曲線的切線方程，故C正確；對于D，由，當時，令，可得，當或時，，函數單調遞增；當時，，函數單調遞減；，，當時，，當時，，所以函數在上各有一個零點，即函數有三個零點，故D錯誤；故選BC.11．【答案】ACD【詳解】已知，設，因為為正三角形，則直線的斜率為，直線的方程為，聯立，化簡可得，因為，解得，則，即，則，由，則的橫坐標為，縱坐標為，且在曲線上，故①，又因為，即代入①可得，即②，當時，，再將代入上式可得③，由②③可得，即，由，可得，故得，所以數列是以為首項，以為公差的等差數列，則，故A正確；對于B，因，則，故B錯誤；對于C，因為是正三角形，其面積，則由平方和公式，可得，故C正確；對于D，因為，，當時，，則，故D正確.故選ACD.12．【答案】42【詳解】由題意得，節目甲必須排在前兩位，則節目甲只能排在第一位或第二位．若節目甲排在第一位，則節目乙有種情況；若節目甲排在第二位，則節目乙有種情況．故節目乙一共有種情況，再安排剩下的三個節目，有種情況，所以根據分步乘法計數原理，得到編排方案共有（種）．13．【答案】【詳解】由已知，，，成等比數列，則，解得，此時，也適合，所以，滿足題意.14．【答案】【詳解】設，由，可得，函數的定義域為，函數的定義域關于原點對稱，又，所以函數為奇函數，因為，當且僅當時取等號，所以函數為增函數，不等式可化為，故，所以，所以，由已知，其中，設，，則令，可得，設，，則，所以在上單調遞增，又，，所以存在，使得，所以當時，，函數在上單調遞減，當時，，函數在上單調遞增，所以當時，取最小值，最小值為，其中所以，所以，所以的最大值為.15．【答案】（1）126（2）【分析】（1）根據給定條件，利用組合數的性質求出并計算得解.（2）利用組合計算公式，排列數公式求解即得.【詳解】（1）因為，則，解得，經驗證符合題意，所以.（2）由，得，即，而由，知，解得，所以原方程的解為.16．【答案】(1)(2)【分析】（1）根據即可求出；（2）根據錯位相減法即可解出．【詳解】（1）因為，當時，，即；當時，，即，當時，，所以，化簡得：，當時，，即，當時都滿足上式，所以．（2）因為，所以，，兩式相減得，，，即，．【方法總結】（1）結合解題；（2）用錯位相減法即可解出．17．【答案】(1)(2)【詳解】（1）當時，則，，可得，，即切點坐標為，切線斜率，所以切線方程為，即.（2）解法一：因為的定義域為，且，若，則對任意恒成立，可知在上單調遞增，無極值，不合題意；若，令，解得；令，解得；可知在內單調遞減，在內單調遞增，則有極小值，無極大值，由題意可得：，即，構建，則，可知在內單調遞增，且，不等式等價于，解得，所以a的取值范圍為；解法二：因為的定義域為，且，若有極小值，則有零點，令，可得，可知與有交點，則，若，令，解得；令，解得；可知在內單調遞減，在內單調遞增，則有極小值，無極大值，符合題意，由題意可得：，即，構建，因為則在內單調遞增，可知在內單調遞增，且，不等式等價于，解得，所以a的取值范圍為.18．【答案】(1)；；；(2)（，），(3)證明見解析【詳解】（1）；；；（2）（，）（，）即（，），由于，所以（，），所以（，）．即數列是以2為首項，2為公比的等比數列，所以，即；（3）記，因為，所以所以所以．19．【答案】(1)-1；(2)（ⅰ）；（ⅱ）.【詳解】（1），,由得，由得,所以在上單調遞增，在上單調遞減，則．（2）（ⅰ）令，則．當時，，單調遞