高級中學名校試題PAGEPAGE12024一2025高三上期期中試卷物理試題時間75分鐘總分100分一、選擇題（1~7，每小題4分，共28分，在每小題給出的四個選項中，只有一個是符合題目要求的：8~10每小題6分，共18分，在每小題給出的四個選項中，有多個選項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的給3分，有選錯的得0分）1.小李講龜兔沿直線賽道賽跑的故事，故事情節中兔子和烏龜運動的圖像如圖所示，由圖下列判斷正確的是（）A.兔子和烏龜在同一地點、同時出發B.烏龜做勻加速直線運動C.烏龜和兔子在比賽途中，兩次相遇D.時間內兔子的平均速度大于烏龜的平均速度【答案】C【解析】A．兔子和烏龜是在同一地點，但不同時出發，故A錯誤；B．圖像的斜率表示速度，可知烏龜做的是勻速直線運動，故B錯誤；C．由圖像可知，兩圖線有兩個交點，則比賽途中，兔子和烏龜相遇過2次，故C正確；D．由圖像可知，時間內，烏龜的位移等于兔子的位移，則烏龜的平均速度等于兔子的平均速度，故D錯誤。故選C。2.如圖，某同學用繩子拉動木箱，使它從靜止開始沿粗糙水平路面運動至具有某一速度，木箱與路面之間始終存在彈力，則木箱獲得的動能一定：()A.等于拉力所做的功；B.小于拉力所做的功；C.等于克服摩擦力所做功；D.大于克服摩擦力所做的功；【答案】B【解析】受力分析，找到能影響動能變化的是那幾個物理量，然后觀測這幾個物理量的變化即可．木箱受力如圖所示：木箱在移動的過程中有兩個力做功，拉力做正功，摩擦力做負功，根據動能定理可知即：，所以動能小于拉力做的功，故B正確；無法比較動能與摩擦力做功的大小，ACD錯誤．故選B3.一質點在三個恒力作用下做勻變速直線運動，在運動的某一時刻，突然撤去一恒力，另兩個恒力不變，則撤去該恒力之后，質點不可能做（）A.勻加速直線運動 B.做類平拋運動C.勻變速曲線運動 D.勻速圓周運動【答案】D【解析】A．若撤去某個力，剩余的兩個力合力不為零且與速度方向相同，則做勻加速直線運動，故A正確，不符合題意；BC．若撤去某個力，剩余的兩個力合力與速度方向有一定的夾角，則做勻變速曲線運動，若夾角為90°，則質點做類平拋運動，故BC正確，不符合題意；D．其余兩個力的合力恒定，而勻速圓周運動合力一直指向圓心，是變力，所以物體不可能做勻速圓周運動，故D錯誤，符合題意。故選D。4.我國正在運營的“神舟十八號”飛船，即將載著我國的三名宇航員返航。“神舟十八號”在距離地面約400km的圓軌道上飛行，三名宇航員工作時，可以處于“漂浮”轉態。則下列敘述正確的是（）A.三名宇航員處于“漂浮”轉態時，所受力的合力為零B.飛船的運行的線速度，小于赤道上的物體隨地球自轉時的線速度大小C.周期小于地球自轉周期D.向心加速度大于地面表面上重力加速度【答案】C【解析】A．三名宇航員隨“神舟十八號”飛船一起繞地球做圓周運動，速度時刻在改變，故三名宇航員合力不為0，故A錯誤；B．同步衛星與赤道上的物體繞地心做圓周運動周期相同，均為地球自轉周期，故二者角速度相同，且同步衛星距離地面高度約是地球半徑R的6倍，即約36000km，根據可知赤道上的物體線速度小于同步衛星的線速度，即根據解得可知軌道半徑越小，線速度越大，結合題意可知，同步衛星軌道半徑比“神舟十八號”飛船軌道半徑大，則同步衛星線速度比“神舟十八號”飛船小，即綜合以上可得故B錯誤；C．由B選項分析可知，地球自轉周期與同步衛星周期相同，即根據解得可知軌道半徑越大，周期越大，由于同步衛星軌道半徑比“神舟十八號”飛船軌道半徑大，則同步衛星周期大于“神舟十八號”飛船做圓周運動的周期，即綜合以上可得故C正確；D．設“神舟十八號”飛船向心加速度大小為，根據解得在地球表面，由黃金代換式有解得地面表面上重力加速度由于“神舟十八號”軌道半徑大于地球半徑，故故D錯誤。故選C。5.某同學研究一空心小球在空中運動時受到的阻力，在豎直平面內固定一個方格紙，將一質量為m的空心小球用彈射器把小球豎直彈出，小球靠近方格紙運動，用頻閃相機拍攝小球在不同時刻的位置，圖甲是小球上升時的頻閃照片，圖乙是小球下落時的頻閃照片，其中O點是運動的最高點，重力加速度為g，則可估算小球受到空氣阻力的大小約為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】設閃光周期為T，方格紙上方格的邊長為l，則小球上拋時的加速度根據牛頓第二定律小球下落時的加速度根據牛頓第二定律聯立，解得故選C。6.如圖所示，質量為m的物塊B放在光滑的水平桌面上，其上放置質量為m的物塊A，A、B之間的動摩擦因數為，用通過光滑定滑輪的細線將B與質量為M的物塊C連接，釋放C，A和B一起做勻加速度運動，重力加速度大小為g。則三者一起運動過程中，下列正確的是（）A.A、B之間的摩擦力大小為B.繩子的拉力大小為C.B對A的作用力的方向豎直向上，大小為D.三者一起運動的加速度可能大于【答案】B【解析】由題意，三者一起加速，對整體受力分析，根據牛頓第二定律有得整體的加速度大小為ABC．對AB整體，利用牛頓第二定律有求得繩子的拉力大小為隔離A，B對A的摩擦力提供合外力，根據牛頓第二定律有在豎直方向上，根據平衡條件，可知B對A的支持力方向豎直向上，大小等于，則可得B對A的作用力大小為故AC錯誤，B正確；D．由于三者一起加速運動，AB之間的摩擦力為靜摩擦力，且靜摩擦提供A加速運動的合外力，即所以，可知三者一起運動的加速度不可能大于，故D錯誤。故選B。7.A、B兩小球（可看成質點）從同一高度、同一位置先后以10m/s的速率水平拋出，A先拋出，B后拋出，時間間隔為，B拋出后1s時，A、B兩小球位置的連線與豎直方向的夾角為45°，如圖所示。重力加速度g取10m/s2，忽略空氣的阻力。則為（）A.0.5s B.1s C. D.2s【答案】D【解析】由題意可知，A、B球都做平拋運動，B球運動時，對A球豎直方向有水平方向有對B球分析，平拋運動在豎直和水平方向有根據兩球連線的幾何關系可得代入數據解得故選D。8.如圖甲，物體在水平恒力F作用下沿粗糙水平地面由靜止開始運動，在時刻撤去恒力F，物體運動的v－t圖象如圖乙所示，重力加速度，則（）A.恒力F與摩擦力f大小之比為B.物體在3s內的位移C.在撤去F前后兩個階段的平均速度大小之比為D.物體與地面間的動摩擦因數為【答案】AD【解析】A．物體在第1s內和后2s內的位移分別為對整個過程，由動能定理得解得A正確；B．根據v-t圖象與時間軸所圍的面積表示位移，可得：物體在3s內的位移B錯誤；C．撤去外力前后的兩個過程為勻變速直線運動，根據知C錯誤；D．對2~3s內物體的運動過程，由動能定理得得D正確。故選AD。9.如圖所示，輕桿長3L，在桿兩端分別固定質量均為m的球A和B，光滑水平轉軸穿過桿上距球A為L處的O點，外界給系統一定能量后，桿和球在豎直平面內轉動，球B運動到最高點時，桿對球B恰好無作用力。忽略空氣阻力，則球B在最高點時（）A.球B的速度為B.球A的角速度C.水平轉軸對桿的作用力為D.水平轉軸對桿的作用力為【答案】ABC【解析】A．球B運動到最高點時，球B對桿恰好無作用力，即重力恰好提供向心力，則有解得故A正確；B．由于A、B兩球的角速度相等，由v=ωr得故B正確；CD．設桿對A球的作用力為T，對A球受力分析有則B球到最高點時，對桿無彈力，對桿受力分析，水平轉軸對桿的作用力為1.5mg，C正確，D錯誤。故選D10.一長輕質木板置于光滑水平地面上，木板上放質量分別為mA=1kg和mB=2kg的A、B兩物塊，A、B與木板之間的動摩擦因數都為=0.2，水平恒力F作用在A物塊上，如圖所示（重力加速度g取10m/s2）。則（）A.若F=1N，則物塊、木板都靜止不動B.若F=1.5N，則A物塊所受摩擦力大小為1NC.若F=4N，則B物塊所受摩擦力大小為2ND若F>8N，則B物塊相對于木板滑動【答案】B【解析】A．A與木板的摩擦力最大為B與木板的摩擦力最大為F=1N，小于最大摩擦阻力，所以AB的加速度一樣故A錯誤；B．若F=1.5N，小于最大摩擦阻力，所以AB的加速度一樣木板看作輕質木板故故B正確；C．同理可計算，若F=4N，則故C錯誤；D．若F=8N，則A相對木板滑動，此時A給木板的摩擦力為2N，小于B所受的最大摩擦，所以B物塊相對木板靜止，故D錯誤。故選B。二、實驗題（2小題，共16分）11.某同學設計了一個探究平拋運動規律的實驗：在水平桌面上用硬練習本做成一個斜面，讓小鋼球從斜面上滾下，滾出桌面后做平拋運動，在小鋼球拋出后經過的地方，水平放置一木板，木板到桌邊緣（拋出點）的高度可以調節，在木板上放一張白紙，在白紙上放有復寫紙。已知平拋運動豎直方向上的運動與自由落體的運動相同。（1）實驗時是否要求斜面和桌面光滑___________（填“是”或“否”）（2）調節好木板到桌邊緣的高度為y，讓小鋼球從斜面上某一位置自由滾下，記下小鋼球在白紙上留下的痕跡，用刻度尺測量出痕跡到桌邊緣出的水平距離。（3）調節木板到桌邊緣的高度為，重復（2）過程，痕跡到桌邊緣出的水平距離。當和滿足___________關系時，驗證小鋼球水平方向做勻速運動。（4）實驗時得不到（3）中關系，造成的可能原因是___________。（寫出一條即可）【答案】（1）否（3）（4）水平桌面不水平或不是從同一位置靜止釋放【解析】（1）[1]要求小球每次都從同一位置靜止釋放，這樣小球每次滑到桌邊緣（拋出點）的速度相同，斜面和桌面是否光滑并不影響實驗。（3）[2]已知平拋運動豎直方向上的運動與自由落體的運動相同，由可得若小鋼球水平方向做勻速直線運動，則水平方向位移為當木板到桌邊緣的高度為y時，痕跡到桌邊緣出的水平距離當木板到桌邊緣的高度為2y時，痕跡到桌邊緣出的水平距離若小鋼球水平方向做勻速運動，則因此，當和滿足關系時，驗證小鋼球水平方向做勻速運動。（4）[3]實驗時得不到，可能是因為水平桌面不水平或不是從同一位置靜止釋放。水平桌面不水平，則小鋼球初速度不水平，做的不是平拋運動；不是從同一位置靜止釋放，則小鋼球做平拋運動初速度大小不同。12.實驗小組采用如圖甲所示實驗裝置測量木塊與木板間動摩擦因數μ，提供器材有：帶定滑輪的長木板，有凹槽的木塊，質量為20g的鉤碼若干，打點計時器，電源，紙帶，細線等．實驗中將部分鉤碼懸掛在細線下，剩余的鉤碼放在木塊的凹槽中，保持長木板水平，利用打出的紙帶測量木塊的加速度．(1)正確進行實驗操作，得到一條紙帶，從某個清晰的打點開始，依次標注0、1、2、3、4、5、6，分別測出位置0到位置3、位置6間的距離，如圖乙所示．已知打點周期T＝0.02s，則木塊的加速度a＝________m/s2.(2)將木塊凹槽中的鉤碼逐個添加到細線下端，改變懸掛鉤碼的總質量m，測得相應的加速度a，作出a－m圖象如圖丙所示．已知當地重力加速度g＝9.8m/s2，則木塊與木板間動摩擦因數μ＝________(保留兩位有效數字)；μ的測量值________(選填“大于”“小于”或“等于”)真實值，原因是________________________(寫出一個即可)．(3)實驗中________(選填“需要”或“不需要”)滿足懸掛鉤碼總質量遠小于木塊和槽中鉤碼總質量．【答案】(1)3.33(2)0.32～0.36大于滑輪與軸承、細線間有摩擦，紙帶與打點計時器間有摩擦等(3)不需要【解析】（1）已知打點周期T＝0.02s，根據逐差法可得木塊的加速度為：．（2）設木塊的質量為M，根據牛頓第二定律有，，，聯立可解得加速度為：，由丙圖可知，當m=0時，a==3.3，則木塊與木板間動摩擦因數μ＝0.34，因滑輪與軸承、細線間有摩擦，紙帶與打點計時器間有摩擦，所以測量值大于真實值．（3）實驗中沒有采用細線拉力等于重力，所以不需要滿足懸掛鉤碼總質量遠小于木塊和槽中鉤碼總質量．三、計算題（3小題，共38分）13.為了測定氣墊導軌上滑塊的加速度，滑塊上安裝了寬度為L＝3.0cm的遮光板，如圖所示，滑塊在牽引力作用下先后勻加速通過兩個光電門，配套的數字毫秒計記錄了遮光板通過第一個光電門的時間為Δt1＝0.30s，通過第二個光電門的時間為Δt2＝0.10s，遮光板從開始遮住第一個光電門到開始遮住第二個光電門的時間間隔為Δt＝3.0s．試估算：(1)滑塊的加速度大小(保留兩位有效數字)；(2)兩個光電門之間的距離．【答案】(1)0.067m/s2(2)0.6m【解析】(1)遮光板通過第一個光電門的速度大小v1＝＝m/s＝0.10m/s遮光板通過第二個光電門的速度大小v2＝＝m/s＝0.30m/s故滑塊加速度大小a＝＝m/s2≈0.067m/s2(2)兩個光電門之間的距離x＝＝＝0.6m.14.假設有一輛超級電容車，質量m＝2×103kg，額定功率P＝60kW，當超級電容車在平直水平路面上行駛時，受到的阻力Ff是車重的0.1，g取10m/s2。（1）求超級電容車在此路面上行駛所能達到的最大速度是多大；（2）若超級電容車從靜止開始，保持以0.5m/s2的加速度做勻加速直線運動，求這一過程能維持多長時間。【答案】（1）30m/s；（2）40s【解析】（1）當超級電容車速度達到最大時，超級電容車的牽引力與阻力平衡，即F＝FfFf＝kmg＝2000NP＝Ffvm解得vm＝＝30m/s（2）超級電容車做勻加速直線運動，由牛頓第二定律得：F1－Ff＝ma解得F1＝3000N設超級電容車剛達到額定功率時的速度為v1，P＝F1v1v1＝＝20m/s設超級電容車勻加速運動的時間為t，則v1＝at解得t＝＝40s?15.如圖所示，光滑圓弧AB在豎直平面內，圓弧B處的切線水平A，B兩端的高度差為0.2m，B端高出水平地面0.8m，O點在B點的正下方。將一滑塊從A端由靜止釋放，落在水平面上的C點處，（g=10m/s2）(1)求OC的長；(2)在B端接一長為1.0m的木板MN，滑塊從A端釋放后正好運動N端停止，求木板與滑塊的動摩擦因數；(3)若將木板右端截去長為△L的一段，滑塊從A端釋放后將滑離木板落在水平面上P點處，要使落地點距O點的距離最遠，ΔL應為多少。【答案】(1)0.8m；(2)0.2；(3)0.16m【解析】(1)根據動能定理有得做平拋運動時有，解得(2)滑塊從B端運動到N端停止的過程有代入數據解得(3)若將木板右端截去長為△L的一段后，由動能定理有則落地點距O點的距離為聯立得根據數學知識知，當即△L=0.16m時，s最大，且2024一2025高三上期期中試卷物理試題時間75分鐘總分100分一、選擇題（1~7，每小題4分，共28分，在每小題給出的四個選項中，只有一個是符合題目要求的：8~10每小題6分，共18分，在每小題給出的四個選項中，有多個選項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的給3分，有選錯的得0分）1.小李講龜兔沿直線賽道賽跑的故事，故事情節中兔子和烏龜運動的圖像如圖所示，由圖下列判斷正確的是（）A.兔子和烏龜在同一地點、同時出發B.烏龜做勻加速直線運動C.烏龜和兔子在比賽途中，兩次相遇D.時間內兔子的平均速度大于烏龜的平均速度【答案】C【解析】A．兔子和烏龜是在同一地點，但不同時出發，故A錯誤；B．圖像的斜率表示速度，可知烏龜做的是勻速直線運動，故B錯誤；C．由圖像可知，兩圖線有兩個交點，則比賽途中，兔子和烏龜相遇過2次，故C正確；D．由圖像可知，時間內，烏龜的位移等于兔子的位移，則烏龜的平均速度等于兔子的平均速度，故D錯誤。故選C。2.如圖，某同學用繩子拉動木箱，使它從靜止開始沿粗糙水平路面運動至具有某一速度，木箱與路面之間始終存在彈力，則木箱獲得的動能一定：()A.等于拉力所做的功；B.小于拉力所做的功；C.等于克服摩擦力所做功；D.大于克服摩擦力所做的功；【答案】B【解析】受力分析，找到能影響動能變化的是那幾個物理量，然后觀測這幾個物理量的變化即可．木箱受力如圖所示：木箱在移動的過程中有兩個力做功，拉力做正功，摩擦力做負功，根據動能定理可知即：，所以動能小于拉力做的功，故B正確；無法比較動能與摩擦力做功的大小，ACD錯誤．故選B3.一質點在三個恒力作用下做勻變速直線運動，在運動的某一時刻，突然撤去一恒力，另兩個恒力不變，則撤去該恒力之后，質點不可能做（）A.勻加速直線運動 B.做類平拋運動C.勻變速曲線運動 D.勻速圓周運動【答案】D【解析】A．若撤去某個力，剩余的兩個力合力不為零且與速度方向相同，則做勻加速直線運動，故A正確，不符合題意；BC．若撤去某個力，剩余的兩個力合力與速度方向有一定的夾角，則做勻變速曲線運動，若夾角為90°，則質點做類平拋運動，故BC正確，不符合題意；D．其余兩個力的合力恒定，而勻速圓周運動合力一直指向圓心，是變力，所以物體不可能做勻速圓周運動，故D錯誤，符合題意。故選D。4.我國正在運營的“神舟十八號”飛船，即將載著我國的三名宇航員返航。“神舟十八號”在距離地面約400km的圓軌道上飛行，三名宇航員工作時，可以處于“漂浮”轉態。則下列敘述正確的是（）A.三名宇航員處于“漂浮”轉態時，所受力的合力為零B.飛船的運行的線速度，小于赤道上的物體隨地球自轉時的線速度大小C.周期小于地球自轉周期D.向心加速度大于地面表面上重力加速度【答案】C【解析】A．三名宇航員隨“神舟十八號”飛船一起繞地球做圓周運動，速度時刻在改變，故三名宇航員合力不為0，故A錯誤；B．同步衛星與赤道上的物體繞地心做圓周運動周期相同，均為地球自轉周期，故二者角速度相同，且同步衛星距離地面高度約是地球半徑R的6倍，即約36000km，根據可知赤道上的物體線速度小于同步衛星的線速度，即根據解得可知軌道半徑越小，線速度越大，結合題意可知，同步衛星軌道半徑比“神舟十八號”飛船軌道半徑大，則同步衛星線速度比“神舟十八號”飛船小，即綜合以上可得故B錯誤；C．由B選項分析可知，地球自轉周期與同步衛星周期相同，即根據解得可知軌道半徑越大，周期越大，由于同步衛星軌道半徑比“神舟十八號”飛船軌道半徑大，則同步衛星周期大于“神舟十八號”飛船做圓周運動的周期，即綜合以上可得故C正確；D．設“神舟十八號”飛船向心加速度大小為，根據解得在地球表面，由黃金代換式有解得地面表面上重力加速度由于“神舟十八號”軌道半徑大于地球半徑，故故D錯誤。故選C。5.某同學研究一空心小球在空中運動時受到的阻力，在豎直平面內固定一個方格紙，將一質量為m的空心小球用彈射器把小球豎直彈出，小球靠近方格紙運動，用頻閃相機拍攝小球在不同時刻的位置，圖甲是小球上升時的頻閃照片，圖乙是小球下落時的頻閃照片，其中O點是運動的最高點，重力加速度為g，則可估算小球受到空氣阻力的大小約為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】設閃光周期為T，方格紙上方格的邊長為l，則小球上拋時的加速度根據牛頓第二定律小球下落時的加速度根據牛頓第二定律聯立，解得故選C。6.如圖所示，質量為m的物塊B放在光滑的水平桌面上，其上放置質量為m的物塊A，A、B之間的動摩擦因數為，用通過光滑定滑輪的細線將B與質量為M的物塊C連接，釋放C，A和B一起做勻加速度運動，重力加速度大小為g。則三者一起運動過程中，下列正確的是（）A.A、B之間的摩擦力大小為B.繩子的拉力大小為C.B對A的作用力的方向豎直向上，大小為D.三者一起運動的加速度可能大于【答案】B【解析】由題意，三者一起加速，對整體受力分析，根據牛頓第二定律有得整體的加速度大小為ABC．對AB整體，利用牛頓第二定律有求得繩子的拉力大小為隔離A，B對A的摩擦力提供合外力，根據牛頓第二定律有在豎直方向上，根據平衡條件，可知B對A的支持力方向豎直向上，大小等于，則可得B對A的作用力大小為故AC錯誤，B正確；D．由于三者一起加速運動，AB之間的摩擦力為靜摩擦力，且靜摩擦提供A加速運動的合外力，即所以，可知三者一起運動的加速度不可能大于，故D錯誤。故選B。7.A、B兩小球（可看成質點）從同一高度、同一位置先后以10m/s的速率水平拋出，A先拋出，B后拋出，時間間隔為，B拋出后1s時，A、B兩小球位置的連線與豎直方向的夾角為45°，如圖所示。重力加速度g取10m/s2，忽略空氣的阻力。則為（）A.0.5s B.1s C. D.2s【答案】D【解析】由題意可知，A、B球都做平拋運動，B球運動時，對A球豎直方向有水平方向有對B球分析，平拋運動在豎直和水平方向有根據兩球連線的幾何關系可得代入數據解得故選D。8.如圖甲，物體在水平恒力F作用下沿粗糙水平地面由靜止開始運動，在時刻撤去恒力F，物體運動的v－t圖象如圖乙所示，重力加速度，則（）A.恒力F與摩擦力f大小之比為B.物體在3s內的位移C.在撤去F前后兩個階段的平均速度大小之比為D.物體與地面間的動摩擦因數為【答案】AD【解析】A．物體在第1s內和后2s內的位移分別為對整個過程，由動能定理得解得A正確；B．根據v-t圖象與時間軸所圍的面積表示位移，可得：物體在3s內的位移B錯誤；C．撤去外力前后的兩個過程為勻變速直線運動，根據知C錯誤；D．對2~3s內物體的運動過程，由動能定理得得D正確。故選AD。9.如圖所示，輕桿長3L，在桿兩端分別固定質量均為m的球A和B，光滑水平轉軸穿過桿上距球A為L處的O點，外界給系統一定能量后，桿和球在豎直平面內轉動，球B運動到最高點時，桿對球B恰好無作用力。忽略空氣阻力，則球B在最高點時（）A.球B的速度為B.球A的角速度C.水平轉軸對桿的作用力為D.水平轉軸對桿的作用力為【答案】ABC【解析】A．球B運動到最高點時，球B對桿恰好無作用力，即重力恰好提供向心力，則有解得故A正確；B．由于A、B兩球的角速度相等，由v=ωr得故B正確；CD．設桿對A球的作用力為T，對A球受力分析有則B球到最高點時，對桿無彈力，對桿受力分析，水平轉軸對桿的作用力為1.5mg，C正確，D錯誤。故選D10.一長輕質木板置于光滑水平地面上，木板上放質量分別為mA=1kg和mB=2kg的A、B兩物塊，A、B與木板之間的動摩擦因數都為=0.2，水平恒力F作用在A物塊上，如圖所示（重力加速度g取10m/s2）。則（）A.若F=1N，則物塊、木板都靜止不動B.若F=1.5N，則A物塊所受摩擦力大小為1NC.若F=4N，則B物塊所受摩擦力大小為2ND若F>8N，則B物塊相對于木板滑動【答案】B【解析】A．A與木板的摩擦力最大為B與木板的摩擦力最大為F=1N，小于最大摩擦阻力，所以AB的加速度一樣故A錯誤；B．若F=1.5N，小于最大摩擦阻力，所以AB的加速度一樣木板看作輕質木板故故B正確；C．同理可計算，若F=4N，則故C錯誤；D．若F=8N，則A相對木板滑動，此時A給木板的摩擦力為2N，小于B所受的最大摩擦，所以B物塊相對木板靜止，故D錯誤。故選B。二、實驗題（2小題，共16分）11.某同學設計了一個探究平拋運動規律的實驗：在水平桌面上用硬練習本做成一個斜面，讓小鋼球從斜面上滾下，滾出桌面后做平拋運動，在小鋼球拋出后經過的地方，水平放置一木板，木板到桌邊緣（拋出點）的高度可以調節，在木板上放一張白紙，在白紙上放有復寫紙。已知平拋運動豎直方向上的運動與自由落體的運動相同。（1）實驗時是否要求斜面和桌面光滑___________（填“是”或“否”）（2）調節好木板到桌邊緣的高度為y，讓小鋼球從斜面上某一位置自由滾下，記下小鋼球在白紙上留下的痕跡，用刻度尺測量出痕跡到桌邊緣出的水平距離。（3）調節木板到桌邊緣的高度為，重復（2）過程，痕跡到桌邊緣出的水平距離。當和滿足___________關系時，驗證小鋼球水平方向做勻速運動。（4）實驗時得不到（3）中關系，造成的可能原因是___________。（寫出一條即可）【答案】（1）否（3）（4）水平桌面不水平或不是從同一位置靜止釋放【解析】（1）[1]要求小球每次都從同一位置靜止釋放，這樣小球每次滑到桌邊緣（拋出點）的速度相同，斜面和桌面是否光滑并不影響實驗。（3）[2]已知平拋運動豎直方向上的運動與自由落體的運動相同，由可得若小鋼球水平方向做勻速直線運動，則水平方向位移為當木板到桌邊緣的高度為y時，痕跡到桌邊緣出的水平距離當木板到桌邊緣的高度為2y時，痕跡到桌邊緣出的水平距離若小鋼球水平方向做勻速運動，則因此，當和滿足關系時，驗證小鋼球水平方向做勻速運動。（4）[3]實驗時得不到，可能是因為水平桌面不水平或不是從同一位置靜止釋放。水平桌面不水平，則小鋼球初速度不水平，做的不是平拋運動；不是從同一位置靜止釋放，則小鋼球做平拋運動初速度大小不同。12.實驗小組采用如圖甲所示實驗裝置測量木塊與木板間動摩擦因數μ，提供器材有：帶定滑輪的長木板，有凹槽的木塊，質量為20g的鉤碼若干，打點計時器，電源，紙帶，細線等．實驗中將部分鉤碼懸掛在細線下，剩余的鉤碼放在木塊的凹槽中，保持長木板水平，利用打出的紙帶測量木塊的加速度．(1)正確進行實驗操作，得到一條紙帶，從某個清晰的打點開始，依次標注0、1、2、3、4、5、6，分別測出位置0到位置3、位置6間的距離，如圖乙所示．已知打點周期T＝0.02s，則木塊的加速度a＝________m/s2.(2)將木塊凹槽中的鉤碼逐個添加到細線下端，改變懸掛鉤碼的總質量m，測得相應的加速度a，作出a－m圖象如圖丙所示．已知當地重力加速度g＝9.8m/s2，則木塊與木板間動摩擦因數μ＝________(保留兩位有效數字)；μ的測量值________(選填“大于”“小于”或“等于”)真實值，原因是________________________(寫出一個即可)．(3)實驗中________(選填“需要”或“不需要”)滿足懸掛鉤碼總質量遠小于木塊和槽中鉤碼總質量．【答案】(1)3.33(2)0.32～0.36大于滑輪與軸承、細線間有摩擦，紙帶與打點計時器間有摩擦等(3)不需要【解析】（1）已知打點周期T＝0.02s，根據逐差法可得木塊的加速度為：．（2）設木塊的質量為M，根據牛頓第二定律有，，，聯立可解得加速度為：，由丙圖可知，當m=0時，