2025年江蘇省淮安市漣水縣中考物理一模試卷

一、單選題：本大題共12小題，共24分。

1.我國自行研制的北斗衛星導航系統具有定位、導航和通信等功能，它傳遞信息是利用（）

A.電磁波B.超聲波C.次聲波D.光纖

2.下列關于聲音的說法正確的是（）

A.用力鼓掌比輕輕拍掌發出的聲音音調高

B.聲音是一種波，在真空中傳播速度最大

C.在街道上安裝的噪聲監測儀是用來防止噪聲產生

D.醫生用B超檢查胎兒的發育情況，利用了聲音可以傳播信息

3.如圖所示是小明在鄭州蝶湖森林公園拍攝的“戒指橋”夜景。下列分析正確的是（）

A.樹木在地面的影子與戒指橋的倒影原理是相同的

B.戒指橋經照相機鏡頭成的是倒立縮小的實像

C.湖中的水越深，橋中間的圓環在水中形成倒影的直徑越大

D.拍攝位置不變時，要使像變大些，應調節相機的焦距變小一些

4.在“探究凸透鏡成像規律”的實驗中，當凸透鏡、光屏和燭焰的位置如圖所示時，光屏上能成一清晰的

像，下列說法正確的是（）

||川||川||川||川|||川川平叫川1|川1|1叩川1川|川1|1川|川1|11叩11|川甲1川川

0cm1。2()4()607()80?M)10()

A.此時可以在光屏上觀察到縮小的像

B.保持凸透鏡的位置不動，向左移動蠟燭，則需要將光屏向右移動才能得到清晰的像

C.保持蠟燭和光屏的位置不動，慢慢向右移動透鏡，光屏上無法呈現出清晰的像

D.僅將蠟燭移至20cM刻度線處，光屏上模糊成像，與近視眼成因相同

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5.如圖所示，將水壺放在燃氣灶上燒水，下列說法中正確的是（）

A.燃氣燃燒時將內能轉化為化學能

B.燒水的過程中，水的溫度升高時內能增加

C.燒水的過程中，水含有的熱量變多

D.水沸騰后繼續吸收熱量時，溫度升高，內能不變

6.下列有關聲現象的說法正確的是（）

A.通過響度分辨不同樂器演奏的聲音

B.笛子發出的聲音是由笛子振動產生的

C.教室內安裝噪聲檢測裝置，學生可以免受噪聲干擾

D.通過聲學儀器接收到的次聲波等信息判斷地震的方位和強度

7.手機是常用的電子工具。圖示是某款國產手機，使用功率為60W的充電器半小時可充滿一

次電。下列對于該款手機的估測，最符合實際的是（）

A.質量約為500g

B.正常使用時，后殼溫度約為65T

C.充滿一次電消耗的電能約為0.3上勿?h

D.長度約為1.2dm

8.2023年4月7日，全國航空航天模型錦標賽暨中國無人機國家隊選拔賽開幕式在上海市金山區體育中心舉

行。下列說法中正確的是（）

A.無人機升空主要靠空氣對它的浮力

B.無人機升空時相對于地面是運動的

C.無人機勻速上升時，動能轉化為重力勢能

D.無人機加速上升時，始終受到平衡力的作用

9.如圖所示，電源電壓12M保持不變，小燈泡標有“4V1.6W”字樣（燈絲電阻

不受溫度影響），滑動變阻器標有“50014”字樣，電流表量程為0?0.6A,電

壓表量程為0?3V。閉合開關，保證各元件不損壞，下列選項正確的是（）

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A.移動滑動變阻器滑片，小燈泡可能正常發光

B.電路中消耗的最大功率為3.6勿

C.滑動變阻器兩端電壓變化范圍為9?12P

D.當滑動變阻器滑片尸置于b端時，滑動變阻器通電1機譏產生的熱量為140/

10.如圖是探究電流通過導體時產生熱量的多少與哪些因素有關的實驗裝置，兩個透明容器中（）

甲乙

A.通電后，圖甲透明容器中電阻絲內能增加和空氣內能增大的方式是相同的

B.圖甲中通電一段時間后，左側容器中電阻產生的熱量更少

C.圖乙實驗是為了研究電流產生的熱量與電流的關系

D.通電后，圖乙右側容器中電阻產生的熱量多

11.2024年3月4日，世界泳聯跳水世界杯蒙特利爾站比賽落幕，中國跳水隊包攬全部金牌。跳板跳水運動

有起跳、騰空、下落、入水四個階段，下列說法正確的是（）

A.運動員起跳時對跳板的力大于跳板對運動員的力

B.運動員離開跳板騰空后受到平衡力作用

C.運動員下落過程中動能主要轉化為重力勢能

D.運動員入水后受到豎直向上的浮力

12.如圖電路電源電壓不變，滑動變阻器為“2000.54”，小燈泡的額定電壓為6V,電流表的量程為

“0?0.64”。只閉合開關S時小燈泡正常發光，將滑動變阻器的滑片滑至阻值最大處，再閉合開關Si，電

流表的示數為0.54閉合開關Si、S2,在電路安全情況下，下列說法正確的是（）

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A.小燈泡的額定功率為1.2勿

B.電路的最大功率為3勿

C.電路功率最小時工作10s所消耗的電能為12/

D.滑動變阻器連入的阻值范圍是12。?20。

二、填空題：本大題共11小題，共22分。

13.“神舟十五號”宇宙飛船于2022年11月29日由長征二號運載火箭發射升空。飛船加速上升時，它的機

械能逐漸,到達預定軌道后與天宮空間站對接成組合體（如圖甲所示）。當空間站組合體在運行軌道

上由近地點向遠地點運行的過程中（如圖乙所示），空間站組合體的動能（以上兩空均填“增大”、

“減小”或“不變”）。

近地點

遠地點

14.手機都采用可充電鋰電池作為電源，給手機電池充電時，鋰電池相當于（選填“用電器”或“電

源”），小明利用手機和父母視頻通話，這是通過（選填“超聲波”或“電磁波”）傳遞信息.

15.2020年3月24日夜到25日凌晨，重慶市主城區出現了一次罕見的冰雹天

氣。關于冰雹（如圖）的成因是這樣的：冰雹是在對流云所形成的積雨云中形

成，當水汽隨氣流上升遇冷會凝結成小水滴，若隨著高度增加溫度繼續降低，，.、

達到攝氏零度以下時，水滴就凝結成冰粒在它上升運動過程中，會吸附其周圍

小冰粒或水滴而增大，直到因其重量增加面下降，當其降落至較高溫度區時，

其表面會融解成水同時亦會吸附周圍的小水滴此時若又遇強大之上升氣流再被抬升，其凝結成冰粒又不斷

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凝結變大，直到因自身重量而下落，若降到地面時未融化解成水則仍呈固態的冰粒或冰雹。

請根據以上材料，寫出一個物理現象以及它包含的物理知識（不得與示例重復），

示例：

物理現象：水滴凝結成冰粒；

物理知識：凝固現象。

物理現象：;

物理知識：o

16.近年來，滇池治理取得良好成效，為野鳥提供了良好的棲息環境和充足食

源，越來越多的野鳥開始頻頻造訪滇池及周邊濕地。如圖所示是在晉寧東大河濕

地拍到的黑翅長腳鶴。它在湖里所成的像是由光的（選填“反射”或“折

射”）形成的，當黑翅長腳鶴飛離水面時，它在水中的倒影的大小將（選填

“變大”、“變小”或“不變”）；從物理學的角度分析：濕地的水面面積大，

大量水（填物態變化名稱）吸熱，可以調節濕度和氣溫。

17.有一臺電動機，額定電壓3V,額定電流14電動機線圈電阻0.52這臺電動機正常工作bn譏，消耗的電

能為J,產生的熱量為I。

18.如圖所示，物體的長度為cm.

|llll|llll|llll|llll|llll|llll|llll|llll|llll|llll|llll|ll

0cm12345

19.如圖所示功率為1000W的家用熱水壺，電流通過發熱體將電能轉化為內能，發熱體又

通過的方式改變了水的內能。如果電熱水壺正常工作6分鐘將水燒開，則熱水壺消

耗的電能為kW-ho

20.在如圖所示的電路中，電源電壓保持不變。電鍵S閉合前后電流表均無示數,

若故障只發生在電阻的、上。

①故障是=

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②現將一個完好的電阻Ro替換電阻（選填"RJ或），電鍵S閉合前后電流表示數可能發生變

化。

21.淡水危機對我們人類來說始終存在，海水淡化是解決這一問題的有效措施。如圖是小明同學設計的海

水淡化流程圖，在這一過程中海水先后發生的物態變化是和。沿海地區氣溫溫差比內陸地區

小，是因為水的比沙石、干泥土大得多。

22.如圖是某電熱水壺加熱和保溫電路原理圖，％=440,/?2=440。，當開關

Si斷開，S2閉合，電熱水壺處于狀態；該電熱水壺的加熱功率是

Wo

23.如圖所示，在豎直向上大小為1200N的力F的作用下，重物4沿豎直方向以0.4m/s的速度勻

速上升，則滑輪上升的速度為m/s,已知該裝置機械效率為80%,則物體4的重力為

________No

24.如圖，薄片形電阻的長與寬之比為3：2,左邊兩角截去半徑為r的J圓角，右

邊|處挖去一個半徑也為r的圓孔。測得4、B間的電阻為R,則C、。之間的電阻

為o

三、作圖題：本大題共2小題，共6分。

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25.如圖-1所示，辛勤的環衛工人正在用掃帚打掃街道衛生，請在圖-2示意圖中作出動力力的力臂小

26.如圖，請作出兩條折射光線所對應的入射光線。

四、計算題：本大題共6小題，共36分。

27.將一個通電螺線管48用細線懸掛起來，如圖所示。閉合開關，最后靜止

時4端指南、B端指北。畫出螺線管上導線環繞圖示，并標出螺線管的N、S

極。

28.如圖所示是“探究動能的大小與哪些因素有關”的實驗裝置。

(1)小車的動能大小是通過來反映的；

(2)小車從粗糙斜面滑下的過程中，它的轉化為動能，機械能(選填“增大”“減小”或“不

變”);

(3)物體的動能可能與運動的速度和質量有關。請你利用以上裝置設計實驗，探究同一個小車的動能大小

與速度是否有關。

【實驗步驟】o

(4)【分析與論證】=

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29.明明同學做伏安法“測量小燈泡電功率”實驗，連接實物圖如圖所示，電源是三節新干電池，小燈泡

額定電壓為25%三個規格不同的滑動變阻器：%"5aL4"、出"20/214”、R3“2000.14”。

實驗序號電壓U/U電流電功率P/W平均電功率P/勿

12.00.250.50

22.50.280.700.72

33.00.320.96

(1)請用筆畫線代替導線將電路連接完整，要求：①向左移動滑片，燈泡變亮；②導線不能交叉。

(2)正確連接好電路，閉合開關發現燈泡不亮，電流表有示數，電壓表沒有示數，則出現的故障可能是

(3)故障排除后，移動滑動變阻器的滑片，把測量的幾組數據記錄在表格里。同組的亮亮同學發現明明設

計的表格有一處錯誤的地方，該處錯誤是

(4)根據表中數據可知明明同學做實驗時選用的滑動變阻器是—(選填“矽”

30.如圖所示的電路，電源電壓恒為9匕％=10,燈上標有“6片'的字樣。

(1)當開關撥向2時，電壓表示數為7.5V,求7?2的阻值。

(2)當開關撥向1時，燈恰好正常發光，求此時電路中的電流和燈的額定功

率。

31.學校“水培種植小屋”的蔬菜適宜生長的溫度在10?30天之間在項目式學習小組利用熱敏電阻和定值

電阻設計溫度報警電路。

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熟源

甲乙

【項目分解】

(1)設計溫度報警電路

(2)優化溫度報警電路

【項目實施】

(1)設計溫度報警電路

如圖甲是小組同學設計的溫度報警電路，將熱敏電阻品放在熱源內，其余部分置于熱源外，就可以通過電

流表的示數來表示熱源溫度，當電流表示數/N6nM時報警。已知電源電壓是12U,熱敏電阻的阻值隨

溫度變化的關系如圖乙，則：

①熱敏電阻主要是由______(填“絕緣體”“半導體”或“超導體”)材料制作而成；

②熱源的溫度升高時：品的電阻(填“變大”“變小”或“不變”)；

③當熱源溫度是：2(TC時，電流表的示數為5n貝的功率為Wo

(2)優化溫度報警電路

小組同學發現，此報警電路不能實現小屋溫度tN3(FC或tW1(TC都要有一個電表報警的要求，于是決定

對電路進行改進。

①請你判斷：甲圖中電路能實現小屋溫度t時的報警要求；

②若要電壓表示數U27.2U時實現另外一種情況的報警功能，則需在圖甲電路中的兩端并聯一個電

壓表。

【項目拓展】

通過查閱資料獲知：水培栽技術是一種高效、環保的栽培技術，可以在室內或有限空間內進行種植；通過

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正確的操作和調控，可以獲得優質的農作物，提高農作物的產量和品質；光照是植物進行光合作用的基

礎，對于水培栽技術來說尤為重要。一般來說，水培植物需要每天接受8?12h的光照，如果選擇人工光源

（LED燈，功率約12勿），每天最多消耗約k勿，電能。

32.閱讀短文，回答問題：

神奇的飲水鳥如圖1所示是一種古老的中國玩具-飲水鳥，它的神奇之處在于：它看上去沒有任何外來的動

力，卻能不停地點頭“喝”水，猶如一臺永動機。就連愛因斯坦看后都十分驚嘆飲水鳥的設計。

飲水鳥的結構如圖2甲所示，它是一個由“頭泡”和“尾泡”構成的密閉容器，容器內裝有易揮發的乙酸

液體，乙醛液體在溫度升高或液表氣壓減小時易汽化；汽室1和汽室2中充滿乙酸的飽和蒸氣，乙酸蒸汽在

溫度降低時易液化。平時，鳥身略向前傾。啟動時給吸濕層滴足夠的水，吸濕層中的水因蒸發而吸熱，使

汽室2中的溫度降低，導致汽室2中的氣壓小于汽室1中的氣壓，尾泡中的乙醛液體在汽室1中氣壓的作用下

沿玻璃管往上升，于是整個鳥的重心上移（如圖2乙所示），鳥身逐漸前傾，直至鳥嘴接觸水面“喝”水，

此時頭泡和尾泡剛好通過玻璃管連通（如圖2丙所示），兩汽室中的乙酸蒸汽混合，液態乙醛在自身重力的

作用下流回尾泡，飲水鳥的重心下移，于是漸漸直立起來，在支架上來回擺動。由于“喝”水時，鳥嘴接

觸水面，沾濕了吸濕層，于是它又開始循環工作。

（1）因吸濕層上的水會蒸發使汽室2中乙醛飽和氣的溫度降低時，部分飽和氣會發生______現象；在乙醛液

體沿玻璃管往上升時，汽室1中氣壓會減小，此時尾泡中的乙醛液體會吸收外界空氣的熱量發生_____現

象，以保持汽室1中乙酸蒸汽的飽和狀態（兩空均填物態變化名稱）；

（2）飲水鳥“喝”完水后會在支架上來回擺動，擺動時，以頭泡為參照物，空氣是（選填“運動”或

“靜止”），這樣能加快吸濕層中水分的蒸發；若冬天氣溫太低，吸濕層上的水蒸發過慢，飲水鳥會漸漸

停止擺動，這是因為；

（3）飲水鳥“喝”水的頻率受吸濕層上水的蒸發速度影響，水的蒸發越快飲水鳥工作越勤快，要想使飲水

鳥工作更勤快，你的做法是；

（4）從能量轉化的角度來看，飲水鳥工作時可以把空氣的能轉化機械能，但在實際生活中并沒有利

用飲水鳥的原理來制造發動機，你認為可能的原因是：o

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答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：我國自行研制的北斗衛星導航系統具有定位、導航和通信等功能，它是利用電磁波傳遞信息

的。

故選：A?

導航儀是利用電磁波傳遞信息的，導航儀、地面端的中心控制系統、導航衛星間可以相互傳遞信息。

本題考查電磁波的傳播，掌握導航衛星的工作原理即可正確解題。

2.【答案】D

【解析】解：4、用力鼓掌比輕輕拍掌發出的聲音的振幅大，響度大，故/錯誤；

2、聲音是一種波，它不能在真空中傳播，故2錯誤；

C、噪聲強度顯示儀是用來檢測噪聲等級的，不能減弱噪聲，故C錯誤；

。、醫生用B超檢查胎兒的發育情況，利用了聲音可以傳播信息，故。正確。

故選：D。

(1)響度表示的是聲音的大小；

(2)聲音的傳播需要介質，聲音不能在真空中傳播；

(3)噪聲監測器不斷檢測噪聲等級，此時噪聲顯示裝置上的示數就表示此時的噪聲，其單位是分貝。

(4)聲音可以傳遞信息，可以傳遞能量。

本題考查了聲音的特征、聲音的傳播、減弱噪聲的途徑、聲音與能量等知識。

3.【答案】B

【解析】解：

/、樹木在地面的影子是由光的直線傳播形成的；戒指橋的倒影屬于平面鏡成像，是由光的反射形成的，

所以這兩者的原理是不相同的，故/錯誤；

2、戒指橋在照相機鏡頭的二倍焦距之外，成的是倒立、縮小的實像，故8正確；

C、橋中間的圓環在水中的倒影的大小與圓環大小相等，與水的深度無關，故C錯誤；

。、拍攝位置不變時，物距不變，要使像變大些，應增大像距，所以相機的焦距變大一些，故。錯誤。

故選：So

(1)光在同種均勻介質中沿直線傳播；平面鏡成像是由光的反射形成的；

(2)照相機成倒立、縮小的實像；

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(3)平面鏡成像時，像與物體大小相等；

(4)凸透鏡成實像時，物近像遠像變大。

本題考查了光的直線傳播、光的反射現象、凸透鏡成像規律的應用等，屬于基礎題。

4.【答案】D

【解析】解：

/、由圖可知，此時的物距小于像距，成倒立、放大的實像，故/錯誤；

8、保持凸透鏡的位置不動，向左移動蠟燭，物距變大，像距變小，則需要將光屏向左移動才能得到清晰

的像，故8錯誤；

C、若保持蠟燭和光屏的位置不動，只移動凸透鏡，當向右移動凸透鏡，物距大于像距時，可成倒立縮小

的實像，故C錯誤；

。、僅將蠟燭移至20cm刻度線處，物距變大了，像距會變小，像成在光屏的前方，與近視眼的成因相同，

故。正確。

故選：D。

(1)凸透鏡成實像時，物距小于像距時，成倒立放大的實像；

(2)凸透鏡成實像時，物距增大，像距減小，像變小；

(3)凸透鏡成實像時，物距增大，像距減小，像變小；

(4)像成在視網膜的前方，為近視眼。

熟練掌握凸透鏡成像的規律，能根據實驗中物距與像距的變化，判斷成像的特點與規律是解答的關鍵。

5.【答案】B

【解析】N、燃氣燃燒時消耗化學能，得到內能，將化學能轉化為內能；故/錯誤；

8、燒水的過程中，水吸收熱量，溫度升高，內能增大；故3正確；

C、熱量是一個過程量，不能說物體含有多少熱量；故C錯誤；

。、根據液體沸騰的特點可知，水在沸騰過程中，吸收熱量，內能增加，溫度保持沸點不變，故。錯誤。

6.【答案】D

【解析】解：4人們能辨別不同樂器發出的聲音，是因為它們的音色不同，故/錯誤；

2、笛子發出的聲音是由笛子內空氣柱的振動產生的，故3錯誤；

C、教室內安裝噪聲檢測裝置是用來檢測噪聲等級的，不能減弱噪聲，所以學生不能免受噪聲干擾，故C

錯誤；

。、發生地震時產生的是次聲波，由于聲可以傳遞信息，所以通過聲學儀器接收到的次聲波等信息判斷地

震的方位和強度，故。正確。

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故選：Do

(1)音色反映了聲音的品質和特色，不同發聲體的材料、結構不同，發出聲音的音色也就不同；

(2)聲音是由物體振動產生的，一切發聲體都在振動；

(3)噪聲監測裝置可以測量噪聲的大小，不能減弱噪聲；

(4)聲可以傳遞信息，也可以傳遞能量。

本題綜合考查了關于聲音的知識，屬于基本內容，只要對每個選項細心分析，比較簡單。

7.【答案】D

【解析】解：

/、圖示智能手機的質量在200g左右，故/不符合實際；

B、正常使用時，后殼溫度略高于手的溫度，在40冤左右，不會達到65。a故2不符合實際；

C、充滿一次電消耗的電能約為W=Pt=60x10-3々勿x0.5/i=0.03kW/,故C不符合實際；

D、長度約為12si=1.2dm,故。符合實際。

故選：D。

不同物理量的估算，有的需要憑借生活經驗，有的需要簡單的計算，有的要進行單位的換算，最后判斷最

合理的是哪一個。

本題考查對生活中常見物理量的估測，結合對生活的了解和對物理單位的認識，找出合理的選項即可。

8.【答案】B

【解析】解：人無人機頂部螺旋槳旋轉時，對下方空氣施加向下的作用力，根據物體間力的作用是相互

的，空氣對它施加向上的反作用力，即為升力，不是浮力，故N錯誤；

2、無人機升空時，相對于地面的位置不斷發生變化，故是運動的，故5正確；

C、無人機勻速上升時，質量不變，速度不變，動能不變；高度增加，重力勢能增大，所以在該過程中，

動能沒有轉化為重力勢能，故C錯誤；

。、無人機在空中加速上升時，運動狀態改變，其受到的力不是平衡力，故。錯誤。

故選：B。

(1)物體間力的作用是相互的，力是物體對物體的作用；

(2)物體是運動還是靜止與參照物的選擇有關；

(3)動能大小的影響因素：質量、速度。質量越大，速度越大，動能越大；重力勢能大小的影響因素：質

量、被舉得高度。質量越大，高度越高，重力勢能越大；能量在轉化時總是減少的這種能量轉化為增加的

那種能量；

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(4)靜止或勻速直線運動的物體處于平衡狀態，受到的力為平衡力。

本題考查了力的作用是相互的、運動和靜止相對性的應用、能量的轉化以及平衡力的辨別，難度適中。

9.【答案】B

【解析】解：4由圖可知，小燈泡與滑動變阻器串聯，電壓表測小燈泡兩端電壓，電流表測串聯電路中的

電流。保證各元件不損壞，移動滑動變阻器的滑片，由于電壓表的量程為0?3U,所以小燈泡兩端的最大

電壓為3匕所以小燈泡不能正常發光，故/錯誤；

8由「=U/可得燈光正常發光電流為〃=￡=等=0.4A,

燈泡電阻為&=賢=怒=10。，

通過小燈泡的最大電流為乙="戶=蓋=0.34

又由題意可知，滑動變阻器允許通過的最大電流為14電流表的量程為0-0.64所以電路中的最大電流

為Imax=lL'=0.34電路中消耗的最大功率P,nax=U/max=121/X0.34=3.6W故2正確；

CD當電壓表示數為3U時，滑動變阻器兩端的電壓最小為Ui，力=U—/機〃=12U—3U=9L

當滑動變阻器滑片P置于b端時，滑動接入電路的電阻最大，分得電壓最大，此時電路的電流最小為〃譏=

U12V

Rb+RLSOQ+ion—)

故滑動變阻器兩端的最大電壓。2=IminRb=0.271X5012=107,

此時滑動變阻器通電1小譏產生的熱量為Q=u2lmint=10VX0.2Ax60s=120/,故CD錯誤。

故選：Bo

(1)由圖可知，小燈泡與滑動變阻器串聯，電壓表測小燈泡兩端電壓，電流表測串聯電路中的電流。根據

電壓表的量程確定燈泡兩端的實際電壓，與額定電壓比較得出結論；

(2)分別求出最大電流，根據公式P=以即可求出電路的最大功率；

(3)(4)串聯電路是分壓電路，當電壓表示數最大時，滑動變阻器的電壓最小。

本題考查焦耳定律以及歐姆定律，屬于中等難度題目。

10.【答案】D

【解析】解：4通電后，甲圖透明容器中電阻絲的電流做功，將電能轉化為內能使電阻絲內能增加，而空

氣內能是通過熱傳遞增大的，故N不正確；

民裝置甲中左邊的電阻與右邊并聯的兩個電阻串聯，右邊容器中電阻的電流是左邊的一半，左右兩邊容器

中電阻大小相同，在相同時間內左側的電流大，由Q=/2Rt知，左側產生的熱量多，故3不正確；

C在乙裝置中兩電阻串聯，控制兩電阻的電流與通電時間相同，左邊容器中的電阻小于右邊容器中的電

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阻，這是探究電流產生的熱量與電阻大小的關系，運用了控制變量法，故C不正確；

D乙圖中左、右兩電阻串聯，電流大小相同，右側的電阻是左側電阻的2倍，由焦耳定律Q=/2Rt知，相

同時間內右側產生的熱量是左側產生熱量的2倍，即右側容器中電阻產生的熱量多，故。正確。

故選：D。

(1)改變內能的方式有熱傳遞和做功，熱傳遞是能量的轉移，做功是能量的轉化；要探究電流通過導體產

生的熱量與電流的關系，需要控制導體的電阻和通電時間相同，而改變電流的大小；

(2)根據并聯分流規律計算通過右側電阻的電流，再利用Q=/2以計算即可。

本題主要考查了學生對焦耳定律的理解，要利用好控制變量法和轉換法是解題的關鍵。

11.【答案】D

【解析】解：4運動員對跳板的力和跳板對運動員的力是一對相互作用力，大小相等，故/錯誤；

A運動員離開跳板騰空后做變速運動，速度發生了改變，受非平衡力的作用，故8錯誤；

C運動員下落過程中速度增大，則動能增大，高度降低，則重力勢能減小，重力勢能主要轉化為動能，故

C錯誤；

D浮力的方向豎直向上。運動員入水后排開水，受到豎直向上的浮力，故。正確。

故選：D。

(1)相互作用力大小相同；

(2)物體處于平衡狀態時受平衡力的作用；

(3)動能與質量和速度有關，重力勢能與質量和高度有關；

(4)浮力的方向豎直向上。

本題考查平衡力、慣性、動能與平衡力、浮力方向等，屬于綜合題。

12.【答案】A

【解析】解：

4只閉合開關S2時，電路為燈泡的簡單電路，電流表測電路中的電流，由小燈泡正常發光可知，電源的電

壓U=UL=6V；

將滑動變阻器的滑片滑至阻值最大處，再閉合開關S1時，燈泡與滑動變阻器的最大阻值并聯，電流表測干

路電流，

因并聯電路中各支路獨立工作、互不影響，

所以，通過燈泡的電流不變，

因并聯電路中各支路兩端的電壓相等，

第15頁，共27頁

所以，通過滑動變阻器的電流：/滑=并=盥=0.34

作K滑大2012

因并聯電路中干路電流等于各支路電流之和，

所以，通過燈泡的電流：〃=/一/滑=0.54—0.34=0.24

則小燈泡的額定功率：PL=ULIL=67x0.2X=1.2W,故/正確；

C、當滑動變阻器接入電路中的電阻最大時，干路電流最小，電路功率最小，

則此時工作10s所消耗的電能：W=UIt=6Vx0.5Xx10s=30/,故C錯誤；

B、當電流表的示數/'=0.64時，通過滑動變阻器的電流：/滑'=I'-lL=0.6A-0.2A=0.44<0.54

所以，通過滑動變阻器的最大電流為044電路的最大電流為0.64此時電路的功率最大，

則電路的最大功率：P大=ur=6VX0.6A=3.61V,故2錯誤；

D、當通過滑動變阻器的最大電流為0.42時，滑動變阻器接入電路中的電阻最小，

則：R滑小=六=段:=15。，

，日J/滑OAA

所以，滑動變阻器連入的阻值范圍是150?20。，故。錯誤。

故選：Ao

(1)只閉合開關S2時，電路為燈泡的簡單電路，電流表測電路中的電流，根據額定電壓下燈泡正常發光可知

電源的電壓；將滑動變阻器的滑片滑至阻值最大處，再閉合開關S1時，燈泡與滑動變阻器的最大阻值并

聯，電流表測干路電流，根據并聯電路中各支路獨立工作、互不影響可知通過燈泡的電流不變，利用并聯

電路的電壓特點和歐姆定律求出通過滑動變阻器的電流，利用并聯電路的電流特點求出通過燈泡的電流，

利用P=U/求出小燈泡的額定功率；

(2)當滑動變阻器接入電路中的電阻最大時，干路電流最小，電路功率最小，利用勿=求出此時工作

10s所消耗的電能；

(3)根據并聯電路的電流特點求出電流表的示數為0.64時通過滑動變阻器的電流，然后與滑動變阻器允許通

過的最大電流相比較確定通過滑動變阻器的最大電流，從而得出干路的最大電流，利用P=U/求出此時電

路的最大功率；

(4)當通過滑動變阻器的電流最大時接入電路中的電阻最小，根據并聯電路的電壓特點和歐姆定律求出其

大小，然后求出滑動變阻器連入的阻值范圍。

本題考查了并聯電路的特點和歐姆定律、電功率公式、電功公式的應用，正確得出通過滑動變阻器的最大

電流是關鍵，要注意燈泡正常發光時的電壓和額定電壓相等。

13.【答案】增大減小

第16頁，共27頁

【解析】解：飛船加速上升時，質量不變，速度變大，則動能變大；同時高度變大，其重力勢能變大；因

機械能等于動能與勢能的總和，所以它的機械能增大；

當空間站組合體在運行軌道上由近地點向遠地點運行的過程中(如圖乙所示)，空間站組合體速度減小，質

量不變，它的動能減小。

故答案為：增大；減小。

影響動能大小的因素：質量、速度；質量越大，速度越大，動能越大；影響重力勢能大小的因素：質量、

高度；物體的質量越大，高度越高，其重力勢能越大；機械能等于動能與勢能的總和。

本題考查機械能的轉化，屬于基礎題。

14.【答案】用電器；電磁波

【解析】解：(1)在給手機電池充電的過程中，電能轉化為電池的化學能，手機電池消耗了電能，手機電

池相當于用電器.

電磁波可以在真空中傳播，且傳播速度很快，所以在生活中正常工作的手機是利用電磁波或微波來傳遞信

息的.

故答案為：用電器；電磁波.

(1)開關的作用是控制電路的通斷，串聯電路中開關控制所有用電器，并聯電路中干路的開關控制所有用

電器，支路的開關控制本支路用電器.

(2)聲波不能在真空中傳播，而電磁波能夠在真空中傳播，并且傳播速度快，現代的移動電話都是利用電

磁波來傳遞信息的.

本題要求掌握開關的作用和串并聯電路的工作特點以及電磁波的傳播，聯系生活實際會辨認，會解釋.

15.【答案】當水汽隨氣流上升遇冷會凝結成小水滴液化現象

【解析】答：物理現象：當水汽隨氣流上升遇冷會凝結成小水滴。

物理知識：液化現象。

另外：水滴就凝結成冰粒，是凝固現象。

當其降落至較高溫度區時，其表面會融解成水，是熔化現象。

物質由氣態直接變為固態叫凝華，物質由固態直接變為氣態叫升華；由氣態變為液態叫液化，由液態變為

氣態叫汽化；由固態變為液態叫熔化，由液態變為固態叫凝固。

分析生活中的熱現象屬于哪種物態變化，關鍵要看清物態變化前后，物質各處于什么狀態；另外對六種物

態變化的吸熱和放熱情況也要有清晰的認識。

16.【答案】反射不變汽化

第17頁，共27頁

【解析】解：因為平面鏡成的像是虛像，平面鏡的成像原理是光的反射；

由于物體在平面鏡中所成的像是虛像，像和物體的大小相等，所以不管黑翅長腳鶴距水面的距離遠還是

近，像始終和物體等大，因此當黑翅長腳鵡飛離水面時，它在水中像的大小不變。

濕地含有水，水會不停的汽化(蒸發)，變成水蒸氣，散在空氣中，所以可以提高空氣中水蒸氣的含量，調

節空氣濕度；汽化過程要吸熱，所以可以降低空氣溫度。

故答案為：反射；不變；汽化。

(1)倒影是平面鏡成像，是由光的反射形成的，平面鏡成像的特點：物體在平面鏡中所成的像是虛像，像

和物體的大小相等，它們的連線垂直于鏡面，它們到鏡面的距離相等；

(2)物質從液態變為氣態叫做做汽化，汽化吸熱。

此題主要考查學生對平面鏡成像特點的了解和掌握，緊扣平面鏡成像原理和成像特點去分析即可比較容易

地進行解答。

17.【答案】18030

【解析】解：這臺電動機正常工作1機譏=60s,

電動機消耗的電能：

勿=U/t=3UxL4x60s=180/,

產生的電熱：

Q=I2Rt=(14)2x0.5。x60s=30/。

故答案為：180；30。

己知電動機的額定電壓、額定電流、通電時間，根據W=求出消耗的電能；

己知線圈的電阻和通過的電流以及通電時間，根據Q=/2Rt求出在1機譏內電流產生的熱量。

本題考查了電動機產生熱量、電功的計算，關鍵是知道只有在純電阻電路中電能才完全轉化成內能。

18.【答案】2.50

【解析】解：由圖知：刻度尺上1cm之間有10個小格，所以一個小格代表的長度是0.1cm=1小巾，即此刻

度尺的分度值為1mm；

物體左側與1.00cm對齊，右側與3.5CM對齊，估讀為3.50cm,所以物體的長度為：

L=3.50cm—1.00cm=2.50cmo

故答案為：2.50。

使用刻度尺時要明確其分度值，起始端從0開始，讀出末端刻度值，就是物體的長度；起始端沒有從0刻度

線開始的，要以某一刻度線為起點，讀出末端刻度值，減去起始端所對刻度值即為物體長度，注意刻度尺

要估讀到分度值的下一位。

第18頁，共27頁

本題考查了刻度尺的讀數，在物理實驗和日常生活中經常使用刻度尺，我們要熟練掌握其使用和讀數方

法。

19.【答案】熱傳遞;0.1

【解析】解：(1)電熱水壺工作時，電能轉化為內能，電熱絲的內能再通過熱傳遞轉移給水，使水的內能

增加；

(2)電熱水壺正常工作時，其實際功率與額定功率相等，其正常工作6分鐘所消耗的電能為：

W^Pt=IkWx&h=O.lkW-hQ

6U

故答案為：熱傳遞；0.1

(1)電水壺工作時，將電能轉化為內能，再通過熱傳遞，將內能轉移給水；從便于水的對流角度可判斷電

熱絲的安裝位置。

(2)由額定功率和通電時間，根據勿=Pt計算消耗電能。

本題考查了電水壺的工作原理，電能的計算，要注意單位的換算，難度不大。

20.【答案】/?2斷路或七、R2都斷路或R2斷路且飛短路R2

【解析】解：

①閉合開關前，兩只電阻串聯，電流表無示數，說明至少一個位置發生斷路；

閉合開關后，電被短路，電流表仍無示數，說明電阻R2一定斷路。

所以電路故障可能是：/?2斷路或％、夫2都斷路或R2斷路且％短路；

②由上知，電阻夫2一定斷路，如果％沒有斷路，將完好的電阻Ro替換電阻R2，電鍵s閉合前后電流表示數

會發生變化；如果&短路，替換后閉合開關前電流表指針會有示數。

故答案為：①&斷路或Ri、R2都斷路或R2斷路且R1短路；②R2。

由電路圖知，兩電阻串聯，電流表4測量電路中的電流，開關閉合造成七短路。

①開關閉合前后電流表均無示數，說明電路是斷路或電流表被短路，已知“故障只發生在電阻治、R2

上”，所以是斷路；

②在確定了斷路的位置后，將完好的電阻Ro替換在此位置，電路變成通路，電流表可能有示數。

此題考查電流表，電壓表在電路故障中的作用判斷，要結合電路圖和兩表特點進行分析，關鍵是分清電路

的連接和各電表的測量情況。

21.【答案】汽化液化比熱容

【解析】解：(1)由圖知：海水從右上方的管中進入，流到左下角設備中被加熱，有大量的水蒸氣產生，

水蒸氣上升遇到冷的海水液化成淡水，下面的鹽水再流入右邊的設備，二次淡化。最后鹽水流出。故發生

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的物態變化是先汽化，后液化。

(2)沿海地區，水多；內陸地區水少、沙石多。因為水的比熱容較大，白天，相同質量的水和沙石比較，

吸收相同的熱量，水的溫度升高的少；夜晚，放出相同的熱量，水的溫度降低的少，使得沿海地區晝夜的

溫差小。

故答案為：(1)汽化；液化；(2)比熱容。

(1)物質由液態變成氣態的過程叫做汽化，由氣態變成液態的過程叫做液化。

(2)沿海地區，水多，因為水的比熱容較大，相同質量的水和泥土沙石比較，吸收或放出相同的熱量，水

的溫度升高或降低的少。

本題主要考查學生讀圖的能力，以及對汽化、液化和比熱容知識在生活和生產中的應用的了解和掌握。

22.【答案】保溫1100

【解析】解：當開關Si斷開，S2閉合，兩電阻串聯，電阻最大，由于電壓一定，則由P=警可知此時電功

率最小，處于保溫狀態，

當開關S2斷開，S1閉合，&斷路，飛單獨工作，電路中電阻最小，由于電壓一定，則由P=殍可知此時電

功率最大，處于加熱狀態，

此時的電功率為：P=旨=&黑"=1100〃。

-144。

故答案為：保溫；1100,

當開關S1斷開，S2閉合，兩電阻串聯，在電壓一定時，根據P=警分析解答其狀態；利用以上公式求解功

率。

此題主要考查了學生對于用電器狀態的分析以及功率的求解，屬于基礎題。

23.【答案】0.2480

【解析】解：根據題干中圖可知：該滑輪是動滑輪的特殊使用方法，根據動滑輪的特點可知：F移動的距

離是物體移動距離的二分之一，故滑輪上升的速度為梟物=1x0.4m/s=0.2m/s；

該裝置機械效率為：

巖田GhGhG

rj=x100%100%=x100%=x1QQ%8Q%

1200Nx|^

解得物體4的重力為：G=480N。

故選：0.2；480o

動滑輪特殊使用時，不省力，移動距離是重物移動距離的二分之一；

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根據〃=鑼、100%=普x100%表示出機械效率，進而算出物體4的重力。

此題靈活考查了對動滑輪的理解與應用以及機械效率公式的應用，要結合實際情況分析滑輪移動速度。

24.【答案】等

【解析】解：將長方形電阻片平分為6個邊長為1的正方形，

可發現剪去后的6部分仍全等，

將每一部分看作一個電阻，

則當4、B兩點接入電路中時，6個電阻兩兩并聯再串聯，

設每個小電阻的電阻為r,]x3=R,

2R

丁二T°

當c、D兩點接入電路中時，6個電阻三三并聯再串聯，^X2=普。

所以當C、D兩點接入電路中時電阻為萼。

故答案為：萼。

結合長方體的長寬之比的特點，可將長方形進行拆分，并重新組合，利用電阻的串并聯規律依次進行計

算，最終得出結論。

利用拆分法和數學運算，結合串并聯電阻的規律進行計算，是解答本題的關鍵，難度較大。

25.【答案】解：由支點。向成的作用線作垂線，垂線段的長度為％的力臂人，如下圖所示：

【解析】由支點向力的作用線作垂線，垂線段的長度即為力臂。

畫力臂的方法：首先確定支點，然后找到動力和阻力，并用虛線延長動力和阻力的作用線。

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26.【答案】解：延長線過另一側焦點的光線經凹透鏡折射后將平行于主光軸；過凹透鏡光心的光線傳播

【解析】在作凹透鏡的光路圖時，先確定所給的光線的特點再根據透鏡對光的作用來作圖。

凹透鏡三條特殊光線的作圖：①延長線過另一側焦點的光線經凹透鏡折射后將平行于主光軸；②平行于

主光軸的光線經凹透鏡折射后，其折射光線的反向延長線過焦點；③過凹透鏡光心的光線傳播方向不改

變。

27.【答案】解：通電螺線管水平懸吊靜止時一端指南一端指北，指北的是N極，指南的是S極，如圖所

示，

電流方向如圖所示，根據安培定則用右手握住螺線管，四指指向電流方向，大拇指指向通電螺線管的N

極，所以先從螺線管的后面開始繞螺線管，如圖所示。

【解析】通電螺線管水平懸吊靜止時一端指南一端指北，指北的是N極，指南的是S極，知道通電螺線管的

磁極和電流方向根據安培定則判斷螺線管的繞法。

通電螺線管是一個磁體，按照磁體受到地磁場的作用，通電螺線管指南的是S極，指北的是N極，然后根據

安培定則判斷繞法。

28.【答案】木塊被撞擊后移動的距離重力勢能減小讓同一個小車先后在斜面的不同高度由靜止自由下

滑，使小車到達水平面的速度不同，對比前后兩次實驗中木塊被撞擊后移動的距離物體的動能與物體的

速度有關，在質量一定時，速度越大，動能越大。

【解析】解：(1)由于小車的動能大小無法直接測量，所以運用了轉換法，讓小車撞擊木塊，通過觀察小

車推動木塊運動距離的大小來反映小車動能的大小。

(2)小車從粗糙斜面滑下的過程中，質量不變，高度減小，重力勢能減小，速度增大，動能增大，所以是

將重力勢能轉化為動能；小車從粗糙斜面滑下的過程中，要克服摩擦做功，消耗掉部分機械能，所以機械

第22頁，共27頁

能減小。

(3)讓同一個小車先后在斜面的不同高度由靜止自由下滑，使小車到達水平面的速度不同，對比前后兩次

實驗中木塊被撞擊后移動的距離。

(4)如果小車從較高高度滑下時，木塊移動的距離較遠，則說明在質量一定時，速度越大，動能越大。

故答案為：

(1)木塊被撞擊后移動的距離；

(2)重力勢能；減小；

(3)讓同一個小車先后在斜面的不同高度由靜止自由下滑，使小車到達水平面的速度不同，對比前后兩次

實驗中木塊被撞擊后移動的距離；

(4)物體的動能與物體的速度有關，在質量一定時，速度越大，動能越大。

(1)在該實驗中，通過觀察木塊被撞擊后移動的距離來判斷小車動能的大小，用到了轉換法；

(2)動能的大小與物體的質量、速度有關；重力勢能的大小與物體的質量、高度有關；機械能等于動能+

勢能；

(3)(4)影響物體動能大小的因素有質量和速度，探究同一個小車的動能大小與速度是否有關，即控制質量

不變，改變小車到達水平面時的速度，通過木塊被撞擊后移動的距離判斷小車動能的大小。

本題考查了探究動能的影響因素的實驗，注意控制變量法和轉換法的應用。

【解析】解：(1)測量小燈泡電功率時，電流表與燈泡串聯，由表中數據可知電路中的電流小于0.64,因此

電流表選用0?0.64的量程，滑片向左滑動時，燈泡變亮，說明電流表示數變大，滑動變阻器連入電路的

電阻變小，故滑動變阻器左下接線柱連入電路中，如圖所示：

第23頁，共27頁

(2)電流表有示數，說明電路不是斷路，電壓表沒有示數，可能是與電壓表并聯的電路短路，結合燈泡不

亮可知，故障可能是與電壓表并聯的燈泡短路了；

(3)小燈泡在不同實際電壓下的實際功率不同，因此求燈泡的平均功率沒意義，故表格設計錯誤之處是：

平均電功率P/W;

(4)由歐姆定律可知，電路中的電流最小時滑動變阻器接入電路的電阻最大，

由表中數據可知，電路中的最小電流為0.254此時燈泡兩端的電壓為2.0U,

因為電源是三節新干電池，所以電源電壓：U=3X1.5V=4.57,

由串聯電路的電壓特點可知，滑動變阻器兩端的電壓：U滑=4.5U—2.0U=2.5匕

由歐姆定律可知，R滑大=弊=慈^=100>50,

口人/小0.252

由表中數據可知，電路中的最大電流為0.324>0.14故選擇/?2。

故答案為：(1)見解答圖；(2)燈泡短路；(3)平均電功率P/W；(4/2。

(1)測量小燈泡電功率時，電流表與燈泡串聯，根據表中數據確定電流表的量程，向左移動滑片，燈泡變

亮，說明電流表示數變大，滑動變阻器連入電路的電阻變小，從而確定滑動變阻器接入的接線柱；

(2)電流表有示數，說明電路不是斷路，電壓表沒有示數，可能是與電壓表并聯的電路短路了，結合燈泡

不亮分析電路故障；

(3)小燈泡在不同實際電壓下的實際功率不同，求平均值沒意義；

(4)由歐姆定律可知，電路中的電流最小時滑動變阻器接入電路的電阻最大，根據表中數據可知電路中的

最小電流，根據串聯電路的特點和歐姆定律求出滑動變阻器接入電路的最大電阻，結合電路中的最大電流

選擇合適的滑動變阻器。

本題考查了測量小燈泡的額定功率，涉及電路連接、故障分析、串聯電路的特點和歐姆定律的應用，有一

定難度。

30.【答案】解：(1)當開關撥向2時，兩電阻串聯接入電路，電壓表測心兩端的電壓，

串聯電路總電壓等于各部分電壓之和，所以矽兩端的電壓為：U1=U-U2=9V-7.5V=1.5V,

由歐姆定律可得通過電路的電流：/=/=罌=1.54

夫2的阻值為：氏2=牛=干|^=5。；

(2)當開關撥向1時，燈泡和&串聯接入電路，燈恰好正常發光，此時燈泡兩端的電壓為6匕所以7?2兩端的

電壓為：u2'=U-UL=9V-6V=3V,

此時電路中的電流：/'=譬=整=0.64

第24頁，共27頁

燈的額定功率：P=ULr=6Ux0.671=3.6W0

答：（1/2的阻值為5。；

（2）當開關撥向1時，燈恰好正常發光，此時電路中的電流為0.64燈的額定功率3.6W。

【解析】（1）當開關撥向2時，兩電阻串聯接入電路，電壓表測&兩端的電壓，根據串聯電路電壓規律計算

%兩端的電壓，由歐姆定律可得通過電路的電流，進一步計算R2的阻值；

（2）當開關撥向1時，燈泡和串聯接入電路，燈恰好正常發光，此時燈泡兩端的電壓為6匕根據串聯電路

電壓規律計算/?2兩端的電壓，由歐姆定律可得通過電路的電流，根據電功率公式「=以計算燈的額定功

率。

本題考查串聯電路特點、歐姆定律