廣西梧州市岑溪市2025年高考物理五模試卷注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規定位置．3．請認真核對監考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、兩電荷量分別為q1和q2的點電荷固定在x軸上的O、M兩點，兩電荷連線上各點電勢φ隨x變化的關系如圖所示，其中C為ND段電勢最低的點，則下列說法正確的是()A．q1、q2為等量異種電荷B．N、C兩點間場強方向沿x軸負方向C．N、D兩點間的電場強度大小沿x軸正方向先減小后增大D．將一正點電荷從N點移到D點，電勢能先增大后減小2、某同學按如圖1所示連接電路，利用電流傳感器研究電容器的放電過程。先使開關S接1，電容器充電完畢后將開關擲向2，可視為理想電流表的電流傳感器將電流信息傳入計算機，屏幕上顯示出電流隨時間變化的I-t曲線，如圖2所示。定值電阻R已知，且從圖中可讀出最大放電電流I0，以及圖線與坐標軸圍成的面積S，但電源電動勢、內電阻、電容器的電容均未知，根據題目所給的信息，下列物理量不能求出的是（）A．電容器放出的總電荷量 B．電阻R兩端的最大電壓C．電容器的電容 D．電源的內電阻3、人類對物質屬性的認識是從宏觀到微觀不斷深入的，下列說法正確的是（）A．晶體的物理性質都是各向異性的B．露珠呈現球狀是由于液體表面張力的作用C．布朗運動是固體分子的運動，它說明分子永不停歇地做無規則運動D．當分子力表現為斥力時，分子力和分子勢能總是隨分子間距離的減小而減小4、如圖所示，木塊的上表面是水平的，將木塊置于上，讓、一起沿固定的光滑斜面向上做勻減速運動，在上滑的過程中（）A．對的彈力做負功 B．對的摩擦力為零C．對的摩擦力水平向左 D．和的總機械能減少5、如圖所示，小球B靜止在光滑水平臺右端，小球A以一定的初速度v0與小球B發生彈性正撞，碰撞后兩小球由臺階水平拋出，B球第一次落在了水平地面上的P點，A球第一次落到地面上彈起來后第二次也落到了P點。若兩球與地面碰撞時沒有能量損失，碰撞前后速度方向滿足光的反射定律，則A、B兩球的質量之比m1：m2為（）A．2∶1 B．3∶1 C．3∶2 D．5∶36、質量為m的光滑小球恰好放在質量也為m的圓弧槽內，它與槽左右兩端的接觸處分別為A點和B點，圓弧槽的半徑為R，OA與水平線AB成60°角．槽放在光滑的水平桌面上，通過細線和滑輪與重物C相連，細線始終處于水平狀態．通過實驗知道，當槽的加速度很大時，小球將從槽中滾出，滑輪與繩質量都不計，要使小球不從槽中滾出，則重物C的最大質量為（）A．B．2mC．D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、有一臺理想變壓器及所接負載如下圖所示。在原線圈c、d兩端加上交變電流。已知b是原線圈中心抽頭，電壓表和電流表均為理想交流電表，電容器的耐壓值足夠大。下列說法正確的是（）A．開關S1始終接a，當滑片P向下滑動時電壓表V1示數不變，電壓表V2示數變大，電流表A2示數變小B．開關S1始終接b，當滑片P向上滑動時R1的電功率增大，V2示數的變化量與A2示數的變化量之比不變C．保持滑片P的位置不變，將開關S1由b改接a，變壓器輸入功率變大D．保持滑片P的位置不變，將開關S1由a改接b，電容器所帶電荷量將增大8、在傾角為的光譜固定絕緣斜面上有兩個用絕緣輕彈簧連接的物塊和，它們的質量分別為和，彈簧的勁度系數為，為一固定擋板，開始未加電場系統處于靜止狀態，不帶電，帶電量為，現加一沿斜面方問向上的勻強電場，物塊沿斜面向上運動，當剛離開時，的速度為，之后兩個物體運動中當的加速度為時，的加速度大小均為，方向沿斜面向上，則下列說法正確的是（）A．從加電場后到剛離開的過程中，發生的位移大小為B．從加電場后到剛離開的過程中，擋板對小物塊的沖量為C．剛離開時，電場力對做功的瞬時功率為D．從加電場后到剛離開的過程中，物塊的機械能和電勢能之和先增大后減小9、某人提著箱子站在電梯里，電梯從一樓上升到三樓的整個過程中先勻加速后勻減速，關于此過程，下列說法正確的是A．手對箱子的力大小始終等于箱子對手的力的大小B．手對箱子的力大小始終等于箱子的重力的大小C．人對電梯的壓力先持續增大后持續減小D．人對電梯的壓力先大于人和箱子的總重力后小于人和箱子的總重力10、如圖所示，圖甲中M為一電動機，當滑動變阻器R的觸頭從一端滑到另一端的過程中，兩電壓表的讀數隨電流表讀數的變化情況如圖乙所示。已知電流表讀數在0.2A以下時，電動機沒有發生轉動，不考慮電表對電路的影響，以下判斷錯誤的是（）A．電路中電源電動勢為3.6VB．變阻器向右滑動時，V2讀數逐漸減小C．此電路中，電動機的輸入功率減小D．變阻器的最大阻值為30Ω三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某實驗小組欲將電流表G1的量程由3mA改裝為0.6A。實驗器材如下：A．待測電流表G1（內阻約為10）；B．標準電流表G2（滿偏電流為6mA）；C．滑動變阻器R（最大阻值為3kΩ）；D．電阻箱R'（阻值范圍為0~999.9）；E．電池組、導線、開關。(1)實驗小組根據圖甲所示的電路測電流表G1的內阻，請完成以下實驗內容：①將滑動變阻器R調至最大，閉合S1；②調節滑動變阻器R，使電流表G1滿偏；③再閉合S2，保持滑動變阻器R不變，調節電阻箱R，電流表G1指針的位置如圖乙所示，此時電阻箱R的示數為4.5。可知電流表G1內阻的測量值為_______，與真實值相比______（選填“偏大”、“相等”或“偏小”）；(2)為了更加準確地測量電流表G1的內阻，實驗小組利用上述實驗器材重新設計實驗，請完成以下實驗內容：①完善圖丙的實物圖連接________；②實驗小組根據圖丙進行實驗，采集到電流表G1、G2的示數分別為3.0mA、5.0mA，電阻箱的讀數為15.0，則電流表G1內阻為________；③實驗小組將電流表G1改裝成量程為0.6A的電流表，要_____（選填“串聯”或“并聯”）一個阻值Rx=____________的電阻（結果保留一位有效數字）。12．（12分）在某次“描繪小燈泡伏安特性曲線”的實驗中，所選用的實驗器材有∶A．小燈泡“2.5V0.2A”B．電流表0~0.6A~3A（內阻未知）C．電壓表0~3V~15V（內阻未知）D．滑動變阻器“2A20Ω”E.電源（兩節舊的干電池）F.開關一個，導線若干(1)當開關閉合時，圖中滑動變阻器的滑片應該置于___________（填“左”或“右”）端。(2)實驗中，當滑片P向左移動時，電路中的電流表的示數變___________（填“大”或“小”）。(3)本次實驗用電池對數據處理有沒有影響？___________（填“有”或“沒有”）。(4)依據實驗結果數據作出的圖像可能是圖中的___________。A．B．C．D．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）“嫦娥四號”在月球背面軟著陸和巡視探測，創造了人類探月的歷史。為了實現“嫦娥四號”與地面間的太空通訊，我國于2018年5月發射了中繼衛星“鵲橋”，它是運行于地月拉格朗日點的通信衛星，點位于地球和月球連線的延長線上。若某飛行器位于點，可以在幾乎不消耗燃料的情況下與月球同步繞地球做勻速圓周運動，如圖所示。已知飛行器質量遠小于月球質量，地球與月球的中心距離為，點與月球的中心距離為，月球繞地球公轉周期為，引力常量為。求：（1）該飛行器在點的加速度大小。（2）地球質量與月球質量的比值。14．（16分）能量守恒定律、動量守恒定律、電荷守恒定律等等是自然界普遍遵循的規律，在微觀粒子的相互作用過程中也同樣適用．盧瑟福發現質子之后，他猜測：原子核內可能還存在一種不帶電的粒子．（1）為尋找這種不帶電的粒子，他的學生查德威克用粒子轟擊一系列元素進行實驗．當他用粒子轟擊鈹原子核時發現了一種未知射線，并經過實驗確定這就是中子，從而證實了盧瑟福的猜測．請你完成此核反應方程．（2）為了測定中子的質量，查德威克用初速度相同的中子分別與靜止的氫核與靜止的氮核發生彈性正碰．實驗中他測得碰撞后氮核的速率與氫核的速率關系是．已知氮核質量與氫核質量的關系是，將中子與氫核、氮核的碰撞視為完全彈性碰撞．請你根據以上數據計算中子質量與氫核質量的比值．（3）以鈾235為裂變燃料的“慢中子”核反應堆中，裂變時放出的中子有的速度很大，不易被鈾235俘獲，需要使其減速．在討論如何使中子減速的問題時，有人設計了一種方案：讓快中子與靜止的粒子發生碰撞，他選擇了三種粒子：鉛核、氫核、電子．以彈性正碰為例，僅從力學角度分析，哪一種粒子使中子減速效果最好，請說出你的觀點并說明理由．15．（12分）如圖所示，一水平放置的薄壁圓柱形容器內壁光滑，長度為，容器右端中心處開有一圓孔。一定質量的理想氣體被活塞封閉在容器內，器壁導熱性良好，活塞可沿容器內壁自由滑動，其厚度不計。開始時氣體溫度為，活塞與容器底部相距。現對容器內氣體緩慢加熱，已知外界大氣壓強為。求：（1）氣體溫度為時，容器內氣體的壓強；（2）氣體溫度為時，容器內氣體的壓強。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】

A．若是異種電荷，電勢應該逐漸減小或逐漸增大，由圖象可以看出，應該是等量的同種正電荷，故A錯誤；B．沿x正方向從N到C的過程，電勢降低，N、C兩點間場強方向沿x軸正方向．故B正確；C．φ?x圖線的斜率表示電場強度，由圖可得N、D兩點間的電場強度大小沿x軸正方向先減小后增大，故C正確；D．NC電場線向右，CD電場線向左，將一正點電荷從N點移到D點，電場力先做正功后做負功，電勢能先減小后增大．故D錯誤；【點睛】由圖象中電勢的特點可以判斷是同種等量正電荷．由電勢圖線的斜率可以判斷電場強度的大小．沿電場線電勢降低，可以判斷電場強度的方向，可知電場力做功的正負，從而判斷電勢能的變化．2、D【解析】

A.根據可知圖像與兩坐標軸圍成的面積表示電容器放出的總電荷量，即，故選項A可求；B.電阻兩端的最大電壓即為電容器剛開始放電的時候，則最大電壓，故選項B可求；C.根據可知電容器的電容為，故選項C可求；D.電源的內電阻在右面的充電電路中，根據題意只知道電源的電動勢等于電容器充滿電兩板間的電壓，也就是剛開始放電時的電壓，即，但內電阻沒法求出，故選項D不可求。3、B【解析】

A．晶體分為單晶體和多晶體，單晶體的物理性質各向異性，多晶體的物理性質各向同性，故A錯誤；B．液體表面張力的產生原因是：液體表面層分子較稀疏，分子間引力大于斥力；合力現為引力，露珠呈現球狀是由于液體表面張力的作用，故B正確；C．布朗運動是指懸浮在液體中的顆粒所做的無規則的運動，它間接反映了液體分子的無規則運動，故C錯誤；D．當分子力表現為斥力時，分子力和分子勢能總是隨分子間距離的減小而增大，故D錯誤。故選B。4、C【解析】

A．由于對的彈力豎直向上，、又一起沿斜面向上運動，彈力方向與速度方向的夾角為銳角，所以彈力做正功，A錯誤；BC．、整體的加速度沿斜面向下，將該加速度分解后，水平方向的加速度分量向左，對于木塊而言其在水平方向的加速度是由對的摩擦力提供的，所以對的摩擦力水平向左，B錯誤，C正確；D．斜面光滑，對于、整體而言，只有重力做負功，不改變整體的機械能，所以和的總機械能保持不變，D錯誤。故選C。5、B【解析】

由題意知兩球水平拋出至第一次落到地面時，球運動的距離是球的3倍，故它們平拋的初速度兩球發生彈性碰撞，故解得解得故選B。6、D【解析】

小球恰好能滾出圓弧槽時，圓弧槽對小球的支持力的作用點在A點，小球受到重力和A點的支持力，合力為，對小球運用牛頓第二定律可得

，解得小球的加速度，對整體分析可得：，聯立解得，故D正確，A、B、C錯誤；故選D．二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABD【解析】

A．開關始終接a不變，變壓器輸入電壓不變，原、副線圈的匝數不變，變壓器輸出電壓不變，即電壓表示數不變，當滑片P向下滑動時，滑動變阻器接入電路的電阻變大，根據歐姆定律可知，所以電流會減小，電流表示數變小，而所以會變大，即電壓表示數變大，故A正確；B．開關始終接b，由于原、副線圈的匝數不變，變壓器輸入電壓不變，則變壓器輸出電壓不變，即電壓表示數不變，當滑片P向上滑動時，滑動變阻器接入電路的阻值減小，根據歐姆定律可知，電流表示數增大，電阻消耗的電功率增大，將原線圈和電阻看作等效電源，則示數的變化量與示數的變化量之比等于等效電源的內阻，恒定不變，故B正確；C．保持滑片P的位置不變，將開關由b改接a時，原線圈匝數增大，根據變壓比可知可知變小，根據可知副線圈輸出功率變小，則原線圈輸入功率變小，故C錯誤；D．保持滑片P的位置不變，將開關由a改接b，原線圈匝數減小，根據變壓比可知可知增大，電容器兩端電壓增大所帶電荷量增大，故D正確。故選ABD。8、ACD【解析】

A．開始未電場時，彈簧處于壓縮狀態，對A，根據平衡條件和胡克定律有解得物塊B剛要離開C時，彈簧的拉力等于物體B重力的下滑分力，根據胡克定律，有解得故從加電場后到B剛離開C的過程中，A發生的位移大小為選項A正確；B．從加電場后到B剛離開C的過程中，擋板C對小物塊B的作用力不為零，由I=Ft知擋板C對小物塊B的沖量不為0，選項B錯誤；C．設A所受的電場力大小為F，當A的加速度為0時，B的加速度大小均為a，方向沿斜面向上，根據牛頓第二定律，對A有對B有故有B剛離開C時，電場力對A做功的瞬時功率為選項C正確；D．對A、B和彈簧組成的系統，從加電場后到B剛離開C的過程中，物塊A的機械能、電勢能和彈簧的彈性勢能之和保持不變，彈簧的彈性勢能先減小后增大，則物塊A的機械能和電勢能之和先增大后減小，選項D正確。故選ACD。9、AD【解析】

A.根據牛頓第三定律可知，人手對箱子力的大小始終等于箱子對手的力的大小，故A正確；B.向上加速時處于超重狀態，向上減速時處于失重狀態，則手對箱子的拉力先大于箱子的重力，后小于箱子的重力，故B錯誤CD.向上勻加速時，人對電梯的壓力大于人和箱子的總重力，但并不是持續增大，向上:勻減速時，人對電梯的壓力小于人和箱子的總重力，但不是持續減小，故C錯誤，選項D正確。10、BC【解析】

先確定圖線與電壓表示數對應的關系，再根據圖線求出電源的電動勢，并判斷V2讀數的變化情況。當I=0.3A時，電動機輸入功率最大。變阻器的全部接入電路時，電路中電流最小，由歐姆定律求解變阻器的最大阻值。【詳解】A．由電路圖甲知，電壓表V2測量路端電壓，電流增大時，內電壓增大，路端電壓減小，所以最上面的圖線表示V2的電壓與電流的關系。此圖線的斜率大小等于電源的內阻，為當電流I=0.1A時，U=3.4V，則電源的電動勢故A正確。B．變阻器向右滑動時，R阻值變大，總電流減小，內電壓減小，路端電壓即為V2讀數逐漸增大，故B錯誤。C．由圖可知，電動機的電阻當I=0.3A時，U=3V，電動機輸入功率最大，此電路中，電動機的輸入功率增大，故C錯誤。D．當I=0.1A時，電路中電流最小，變阻器的電阻為最大值，所以故D正確。本題選擇錯誤的，故BC符合題意。故選BC。【點睛】此題考查對物理圖像的理解能力，可以把本題看成動態分析問題，來選擇兩電表示對應的圖線。對于電動機，理解并掌握功率的分配關系是關鍵。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、9.0偏小10.0并聯0.05【解析】

(1)③[1][2]．調節滑動變阻器R，使電流表G1滿偏，即3mA；再閉合S2，保持滑動變阻器R不變，，則可認為總電流不變，調節電阻箱R，電流表G1讀數為1mA，可知通過電阻箱的電流為2mA，此時電阻箱R的示數為4.5。可知電流表G1內阻的測量值為9.0Ω；實際上，當閉合S2后回路電阻減小，則總電流變大，即大于3mA，則電流計讀數為1mA，則電阻箱R的電流大于2mA，則此時實際上電流表阻值大于9.0Ω，即測量值比真實值偏小；(2)①[3]．圖丙的實物圖連接如圖：②[4]．由電路圖可知，電流計G1的阻值③[5][6]．實驗小組將電流表G1改裝成量程為0.6A的電流表，要并聯一個電阻，阻值為12、左小沒有